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文档简介
阶段验收评估(九)电 磁 感 应(时间:60分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共5小题,每小题6分,共30分,每小题只有一个选项正确)1(2014广东高考)如图1所示,上下开口、内壁光滑的铜管p和塑料管q竖直放置。小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放,并落至底部。则小磁块()图1a在p和q中都做自由落体运动b在两个下落过程中的机械能都守恒c在p中的下落时间比在q中的长d落至底部时在p中的速度比在q中的大2.如图2所示,在磁感应强度大小为b、方向竖直向上的匀强磁场中,有一质量为m、阻值为r的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在o点,并可绕o点摆动。金属线框从右侧某一位置静止开始释放,在摆动到左侧最高点的过程中,细杆和金属线框平面始终处于同一平面,且垂直纸面。则线框中感应电流的方向是()图2aabcdabdcbadc先是dcbad,后是abcdad先是abcda,后是dcbad3. (2014宿迁二模)如图3电路中,a1、a2是两个指示灯,l是自感系数很大的线圈,电阻r阻值较小,开关s1断开、s2闭合。现闭合s1,一段时间后电路稳定。下列说法中正确的是()图3a闭合s1,通过电阻r的电流先增大后减小b闭合s1,a1亮后逐渐变暗c闭合s1,a2逐渐变亮,然后亮度不变d断开电路时,为保护负载,应先断开s2,再断开s14.如图4所示,虚线右侧存在匀强磁场,磁场方向垂直纸面向外,正方形金属框电阻为r,边长是l,自线框从左边界进入磁场时开始计时,在外力作用下由静止开始,以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域,t1时刻线框全部进入磁场。规定顺时针方向为感应电流i的正方向。外力大小为f,线框中电功率的瞬时值为p,通过导体横截面的电荷量为q,则这些量随时间变化的关系正确的是()图4图55(2014河南三市联考)矩形导线框固定在匀强磁场中, 如图6甲所示。磁感线的方向与导线框所在平面垂直,规定磁场的正方向为垂直纸面向里,磁感应强度b随时间t变化的规律如图乙所示,则()图6a从0到t1时间内,导线框中电流的方向为abcdab从0到t1时间内,导线框中电流越来越小c从0到t2时间内,导线框中电流的方向始终为adcbad从0到t2时间内,导线框ab边受到的安培力越来越大二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分,每小题有多个选项正确,全选对得6分,选对但不全得3分,选错或不选得0分)6(2014成都模拟)如图7所示,甲为某闭合线圈内磁通量随时间t变化的函数图像,乙为某特殊电阻r的伏安特性曲线。已知两图像具有相似性,即oa段为曲线,ab段为平行于横轴的直线。则下列说法不正确的是()图7a甲图oa段表示线圈的感应电动势在ot1时间内随时间推移而逐渐增大b乙图oa段表示电阻r的阻值在oi1范围内随电流的增大而逐渐增大c甲图ab段表示线圈的感应电动势为零d乙图ab段表示电阻r的阻值为零7.如图8所示,两足够长平行金属导轨固定在水平面上,匀强磁场方向垂直导轨平面向下,金属棒ab、cd与导轨构成闭合回路且都可沿导轨无摩擦滑动,两金属棒ab、cd的质量之比为21。用一沿导轨方向的恒力f水平向右拉金属棒cd,经过足够长时间以后()图8a金属棒ab、cd都做匀速运动b金属棒ab上的电流方向是由b向ac金属棒cd所受安培力的大小等于2f/3d两金属棒间距离保持不变8. (2014江都检测)如图9所示,水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab。导轨的一端连接电阻r,其它电阻均不计,磁感应强度为b的匀强磁场垂直于导轨平面向下,金属棒ab在一水平恒力f作用下由静止开始向右运动。则()图9a随着ab运动速度的增大,其加速度也增大b外力f对ab做的功等于电路中产生的电能c当ab做匀速运动时,外力f做功的功率等于电路中的电功率d无论ab做何种运动,它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能三、非选择题(本题共3小题,共52分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)9(12分)(2014黄山七校联考)如图10所示,m、n为纸面内两平行光滑导轨,间距为l。轻质金属杆ab可在导轨上左右无摩擦滑动,杆与导轨接触良好,导轨右端与定值电阻连接。p、q为平行板器件,两板间距为d,上下两板分别与定值电阻两端相接。两板正中左端边缘有一粒子源始终都有速度为v0的带正电粒子沿平行于极板的方向进入两板之间。整个装置处于垂直于纸面向外的匀强磁场中。已知轻杆和定值电阻的阻值分别为r和r,其余电阻不计,带电粒子的重力不计,为使粒子沿原入射方向从板间右端射出,则轻杆应沿什么方向运动?速度多大?图1010(20分)(2014长宁区一模)如图11所示,一对平行光滑轨道放置在水平面上,两轨道间距l0.20 m,电阻r1 ,有一质量为m1 kg的金属棒mn平放在轨道上,与两轨道垂直,金属棒及轨道的电阻可忽略不计,整个装置处于垂直轨道平面向下的匀强磁场中,磁感应强度b5 t,现用拉力f平行轨道方向拉金属棒,使棒做初速为零的匀加速直线运动,加速度a1 m/s2,试求:图11(1)第2 s末安培力fa的大小;(2)在虚线方框内画出拉力f随时间t变化的图线(要标出坐标值);(3)当拉力f4 n时,电路消耗的电功率;(4)若拉力f的最大值为5 n,流过电阻r的最大电流为多大?11(20分)(2014绵阳模拟)如图12甲,电阻不计的足够长的平行光滑金属导轨px、qy相距l0.5 m,底端连接的电阻r2 ,导轨平面倾斜角30,匀强磁场垂直于导轨平面向上,磁感应强度b1 t。质量m40 g、电阻r0.5 的金属棒mn放在导轨上,金属棒通过绝缘细线在电动机牵引下从静止开始运动,经过时间t12 s通过距离x1.5 m,速度达到最大,这个过程中电压表示数u00.8 v,电流表示数i00.6 a,示数稳定,运动过程中金属棒始终与导轨垂直,细线始终与导轨平行且在同一平面内,电动机线圈内阻r00.5 ,g10 m/s2。求:图12(1)细线对金属棒拉力的功率p多大?(2)从静止开始运动的t12 s时间内,电阻r上产生的热量qr是多大?(3)用外力f代替电动机沿细线方向拉金属棒mn,使金属棒保持静止状态,金属棒到导轨下端距离为d1 m。若磁场按照图乙规律变化,求外力f随着时间t的变化关系式?答 案1选c小磁块从铜管p中下落时,p中的磁通量发生变化,p中产生感应电流,给小磁块一个向上的磁场力,阻碍小磁块向下运动,因此小磁块在p中不是做自由落体运动,而塑料管q中不会产生电磁感应现象,因此q中小磁块做自由落体运动,a项错误;p中的小磁块受到的磁场力对小磁块做负功,机械能不守恒,b项错误;由于在p中小磁块下落的加速度小于g,而q中小磁块做自由落体运动,因此从静止开始下落相同高度,在p中下落的时间比在q中下落的时间长,c项正确;根据动能定理可知,落到底部时在p中的速度比在q中的速度小,d项错误。2选b线框从右侧摆到最低点的过程中,穿过线框的磁通量减小,由楞次定律可判断感应电流的方向为dcbad,从最低点摆到左侧最高点的过程中,穿过线框的磁通量增大,由楞次定律可判断感应电流的方向为dcbad,所以选b。3选d闭合开关s1的瞬间,由于线圈中自感电动势的阻碍,通过电阻r的电流只能慢慢增加,电路稳定后达到最大值,故a错误;闭合开关s1,刚开始a1、a2、负载串联,之后阻值较小的r并入电路,再与a1串联,总电阻变小,干路电流变大,支路电压变小,导致a1逐渐变亮,a2逐渐变暗,故b、c错误;断开电路时,为保护负载,由于线圈l产生自感电动势,应先断开s2,再断开s1,故d正确。4选c线框速度vat,产生的感应电动势随时间均匀增大,感应电流均匀增大,安培力随时间均匀增大,外力f随时间变化关系是一次函数,但不是成正比,功率pei随时间变化关系是二次函数,其图像是抛物线,所以c正确a、b错误。导体横截面的电荷量qit随时间变化关系是二次函数,其图像是抛物线,选项d错误。5选c由楞次定律,知从0到t2时间内,导线框中电流的方向始终为adcba,选项a错误c正确;由法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律,从0到t1时间内,导线框中电流恒定,选项b错误;由安培力公式,从0到t2时间内,导线框ab边受到的安培力先减小后增大,选项d错误。6选abd根据法拉第电磁感应定律,则有:磁通量随时间t变化的函数图像的斜率表示感应电动势的大小,甲图oa段表示线圈的感应电动势在ot1时间内随时间推移而逐渐减小,故a错误;电阻r的伏安特性曲线的斜率不表示电阻的大小,但根据r,可知,电阻r的阻值一直随电流的增大而逐渐减小,但不为零,故b、d错误。甲图ab段磁通量的变化率为零,则线圈的感应电动势为零,故c正确。7选bc对两金属棒ab、cd进行受力和运动分析可知,两金属棒最终将做加速度相同的匀加速直线运动,且金属棒ab速度小于金属棒cd速度,所以两金属棒间距离是变大的,由楞次定律判断金属棒ab上的电流方向是由b到a,a、d错误,b正确;以两金属棒整体为研究对象有:f3ma,隔离金属棒cd分析:ff安ma,可求得金属棒cd所受安培力的大小f安f,c正确。8选cd金属棒ab在一水平恒力f作用下由静止开始向右运动,随着ab运动速度的增大,产生的感应电流增大,所受与f方向相反的安培力增大,其加速度减小,选项a错误;外力f对ab做的功等于电路中产生的电能和导体棒增加的动能之和,选项b错误;由能量守恒定律可知,当ab做匀速运动时,外力f做功的功率等于电路中的电功率,选项c正确;无论ab做何种运动,它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能,选项d正确。9解析:粒子在电场中运动,电场力fqu/d粒子在磁场中运动,磁场力fqv0b因为粒子沿原入射方向从板间右端射出,所以粒子所受的电场力和洛伦兹力相互平衡,得qu/d qv0b轻质金属杆ab切割磁感线产生的感应电动势eblvr中电流ie/(rr)pq之间电压uir联立解得v(rr) v0由右手定则得杆应向右运动。答案:向右运动(rr)v010解析:(1)棒做初速为零的匀加速直线运动,第2 s末的瞬时速度为:vat12 m/s2 m/sfabil n2 n。(2)由安培力公式得:fabilvvatt,由牛顿第二定律得ffama,即ft1。故图象为(3)棒做初速为零的匀加速直线运动,当拉力f4 n时,可得此时安培力的大小为:fafma4 n11 n3 n由安培力表达式可得瞬时电流的大小:i3 a电路消耗的电功率:pi2r321 w9 w。(4)当金属棒做匀速直线运动时,流过电阻r的电流最大,此时外力大小等于安培力大小,故由:fafbil5 n解得:i5 a。答案:(1)2 n(2)见解析图(3)9 w(4)5 a11解析:(1)细线对金属棒拉力的功率p等于电动机的输出功率,根据能量转化和守恒,有:pi0u0i02r00.60.80.620.50.3 w。(2)当从静止开始运动经过t12 s时间,金属棒速度达到最大,设最大速度为vm,电流为i1,则f安bi1l又 pf拉vm金属棒速度最大时做匀速运动
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