山东省潍坊市昌乐县九年级物理上学期期末试题（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年山东省潍坊市昌乐县九年级（上）期末物理试卷一、选择题（共17小题，每小题2分，满分48分）1将2个分别装有空气和红棕色二氧化氮气体（二氧化氮空气）的玻璃瓶口对口对接，中间用玻璃板隔开抽开隔板后，通过观察瓶内颜色变化推断气体分子是否作无规则运动对于玻璃瓶的三种放置方法（如图所示），四位同学判断正确的是（）a小华认为甲图放置最合理b小夏认为乙图放置最合理c小梦认为丙图放置最合理d小满认为三种放置方法都合理20.2kg木炭完全燃烧后放出的热量的80%被50kg初温为20的水吸收，则水可以升高到多少？（已知木炭的热值为3.4107j/kg，水的比热容为4.2103j/（kg），结果保留整数）（）a32b52c46d503如图所示，是将冷水与热水相混合时，温度随时间的变化图象（在热传递过程中忽略热量的损失）由图中所给的信息可知，冷热水的质量与吸放热之比分别是（）a1：2、1：1b1：1、2：1c1：1、1：2d2：1、1：14甲、乙两个办公室为了互相传呼方便，在两个办公室各装了一个电铃，要使两个办公室的任何一方按开关都能使对方的电铃发声，正确的电路图是（图中的虚线表示房间的墙壁）（）abcd5用实验研究导体的材料、长度、横截面积对电阻的影响时，供选择的导体规格如下表： 材料编号长度/m横截面积/mm2 材料编号长度/m横截面积/mm2镍铬合金10.5锰铜10.511111.50.51.50.51.511.51你认为下面对导体选择最合理的一组是（）abcd6用“伏安法测电阻”的实验电路如图所示如果考虑到安培表即安培计本身有一定的电阻（具有分压作用），伏特表即伏待计本身也有一定的电阻（具有分流作用），则下列判断中正确的是（）a测量值等于电阻的实际值b测量值小于电阻的实际值c测量值大于电阻的实际值d以上三种情况都有可能7如图所示，在四个相同水槽中盛有质量相等和温度相同的纯水，现将阻值为r1、r2的电阻丝（r1r2）分别按图中的四种方式连接放入水槽，并接入相同电源通电相同时间后，水温最低的是（）abcd8甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法正确的是（）a正常发光时乙灯丝电阻大b两灯串联在220v电路中甲灯更亮c正常发光时乙灯消耗的电能多d两灯并联在220v电路中甲灯更亮9小明同学闭合开关后，发现电灯不亮，他用试电笔测试图所示电路中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，那么可能发生的故障是（）a零线发生断路bab之间某处断路cbc之间某处断路dcd之间某处断路10电能的利用是人类进入文明社会的标志发电机的发明，使得人类大规模用电成为可能，如图所示，能表示发电机工作原理的是（）abcd11下列关于内能、热量、温度说法正确的是（）a0的冰块内能为零b物体温度越高，所含的热量越多c物体的温度越高，物体的内能越大d热量总是自发地从温度高的物体向温度低的物体传递12下列关于能量转化、转移现象的说法，错误的是（）a电池充电，电能转化为化学能b暖瓶塞被热气弹开，机械能转化为内能c电动机工作电能转化为机械能d用热水袋取暖，内能发生了转移13甲、乙两只灯泡，其iu关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2v时，则（）a通过甲灯泡的电流为0.2ab甲灯泡消耗的电功率为0.8wc乙灯泡两端电压为3vd乙灯泡消耗的功率1.2w14如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关s后，当滑动变阻器的滑片p向左移动时，下列判断正确的是（）a电流表a的示数变大，电压表v1的示数变大b电流表a的示数变小，电压表v1的示数不变c电压表v1与电流表a的示数之比变大d电压表v2与电流表a的示数之比变小15如图所示，小灯泡规格为“5v 2.5w”（灯丝电阻不随温度的变化而变化），闭合开关，当滑动变阻器的滑片移至a端时，电流表的示数为0.5a；当滑片移至b端时，电压表的示数为3v，则（）a电源两端的电压为5vb小灯泡灯丝的电阻为5c滑动变阻器的最大阻值为20d滑动变阻器消耗的功率是0.6w16在图甲的电路中，电源电压为10v且保持不变，电流表的量程为“00.6a”，电压表的量程为“015v”，灯泡l上标有“6v 6w”字样，灯泡电流随电压变化关系如图乙所示，则下列说法正确的是（）a灯泡l正常发光时，电压表的示数为6vb当电流表示数为0.4a时，电压表的示数为9vc灯泡l的电阻阻值随电压表的示数的增大而增大d为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为6w17如图所示，放在通电螺线管内部中点处的小磁针，静止时n极指向左，关于电源的正负极和螺旋管的n、s极，下列判定正确的是（）aa端是螺线管的s极ba端是螺线管的n极cc端是电源的负极dd端是电源的负极二、解答题（共7小题，满分52分）18某实验小组做“伏安法测量定值电阻阻值”的实验时所用的器材有：电压为3v的电源，待测电阻r以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、导线和开关图甲是没有连接完整的实物电路检测导线接点现象ab电压表、电流表均无示数ac电压表、电流表均无示数ad电压表、电流表均有示数cd电压表、电流表均有示数（1）请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整（要求：滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变小）（2）连好电路闭合开关前，应将滑动变阻器滑片p置于（填“最左”或“最右”）端（3）实验中，闭合开关，移动滑片电流表、电压表均无示数为了检查电路故障，他们借助一根检测导线进行检测，当该导线两端分别接不同点时，对应的现象如下表所示由此可以判断电路发生的故障是（4）排除故障后进行实验，当电压表示数为2.4v时电流表的示数如图乙所示，这时电流为 a，他们利用此组数据即得出该待测电阻r的阻值便结束了实验评估本实验过程，提出你的改进建议：19探究电磁感应现象应该选用如图 （选填“甲”或“乙”）中所示的装置进行实验，根据另一个图中装置进行实验得到的现象和结论，人类制造出了 （选填“电动机”或“发电机”）20如图甲所示是小刚“测小灯泡电功率”的实验电路其中电源电压为6v，小灯泡额定电压为2.5v、电阻约为l0滑动变阻器有a规格“l02a”、b规格“50 la”可选（1）本实验应该选择规格的滑动变阻器连接电路时，开关应（2）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路连接完整（3）闭合开关后，小刚发现电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，其原因是（4）当变阻器滑片p移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为v要测小灯泡的额定功率，应将滑片p向 （选填“a”或“b”）端移动，使电压表示数为2.5v21把一质量为50g温度为108的某金属球，投入到100g的初温为30水中，金属的比热为0.42103j/（kg）求：（1）不计热量的损失，它们达到热平衡后共同的温度是多少？（2）从开始投入水中到热平衡的过程中，金属球放出的热量是多少？22为防止湿手板开关造成触电事故，小宇同学为家中的灯暖型浴霸（冬季家庭洗浴时取暖时用的电器）设计了一个温度自动控制装置，如图甲所示其中半导体材料制成的热敏电阻阻值r1随温度变化的曲线如图乙所示已知继电器线圈电阻r2为20，电源的电压u0恒为12v浴霸共安装有4只“220v 250w”的灯泡，当继电器线圈中的电流大于或等于50ma时，继电器的衔铁被吸合，浴霸电路断开；当线圈中的电流小于或等于40ma时，继电器的衔铁被释放，浴霸电路闭合求：（1）浴霸电路闭合时，通过浴霸的总电流（2）若将此装置放在浴室内，浴室内的温度可控制在什么范围？23如图所示的电路中，小灯泡l标有“8v 4w”字样，定值电阻r1=120，滑动变阻器r2的最大阻值为30，电流表使用的是“00.6a”量程（1）当开关s1、s3断开、s2闭合，滑动变阻器连入电路的电阻为8时，小灯泡正常发光，求小灯泡的电阻和电源电压；（2）当开关s1、s2、s3都闭合时，为保证电路安全，求滑动变阻器连入电路的最小电阻和电路消耗的最大功率；（3）当开关s1、s3断开、s2闭合，移动滑片p，使滑动变阻器的电功率为2w时，求滑动变阻器连入电路的电阻24阅读下面短文，回答问题：ptc是一种新型的半导体陶瓷材料，它以钛酸钡为主，渗入多种物质后加工而成，目前家用的陶瓷暖风器、陶瓷电热水壶等就是用这种材料做成的ptc有一个根据需要设定的温度，低于这个温度时，其电阻随温度的升高而减小，高于这个温度时，电阻值则随温度的升高而增大，我们把这个设定的温度叫“居里点温度”，用ptc材料制成的电热器具有发热、控温双重功能，应用十分广泛家用固体电热灭蚊器就使用ptc陶瓷电热元件，如图为其电阻随温度变化的图象，由图可知，该ptc材料的“居里点温度”为家用固体电热灭蚊器工作时的温度基本恒定在165左右，若它的温度高于165，电阻，功率，使其温度（均选填“增大”、“不变”或“减小”）反之，也能自动调节因此用ptc材料制成的电热器具有自动调节功能2015-2016学年山东省潍坊市昌乐县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共17小题，每小题2分，满分48分）1将2个分别装有空气和红棕色二氧化氮气体（二氧化氮空气）的玻璃瓶口对口对接，中间用玻璃板隔开抽开隔板后，通过观察瓶内颜色变化推断气体分子是否作无规则运动对于玻璃瓶的三种放置方法（如图所示），四位同学判断正确的是（）a小华认为甲图放置最合理b小夏认为乙图放置最合理c小梦认为丙图放置最合理d小满认为三种放置方法都合理【考点】扩散现象【专题】应用题；分子热运动、内能【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停的做无规则运动【解答】解：由题意可知，图甲中，虽然二氧化氮的密度大于空气密度，但是它也会运动到上面的瓶子内，这说明气体分子在不停地做无规则运动，最有说服力；图乙中，密度大的二氧化氮气体在上方，抽去玻璃板后，由于重力的作用，二氧化氮气体会向下运动，所以不能完全说明气体分子在不停地做无规则运动，最不合理；图丙中，瓶子水平放置，抽开隔板，气体可以自由运动，互相进入对方，能说明气体分子在不停地做无规则运动，但与甲相比，仍不够典型综上所述，最合理的是甲图，最不合理的是乙图故选a【点评】扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，本实验中要注意将密度大的气体放在下面20.2kg木炭完全燃烧后放出的热量的80%被50kg初温为20的水吸收，则水可以升高到多少？（已知木炭的热值为3.4107j/kg，水的比热容为4.2103j/（kg），结果保留整数）（）a32b52c46d50【考点】燃料的热值；能量利用效率；热量的计算【专题】比热容、热机、热值【分析】根据q放=m炭q求出木炭完全燃烧放出的热量，在根据题意求出水吸收的热量，根据q吸=cm水（tt0）求出水的末温【解答】已知：木炭质量m炭=0.2kg，木炭的热值为q=3.4107j/kg，水的比热容为c=4.2103j/（kg），水的质量m水=50kg，水的初温t0=20求：水的末温t=？解：木炭完全燃烧放出的热量q放=m炭q=0.2kg3.4107j/kg=6.8106j，水吸收的热量q吸=80%q放=80%6.8106j=5.44106j，q吸=cm水（tt0）水的末温t=+t0=+20=26+20=46故选c【点评】此题主要考查的是学生对热值和热量计算公式的理解和掌握，难度不大3如图所示，是将冷水与热水相混合时，温度随时间的变化图象（在热传递过程中忽略热量的损失）由图中所给的信息可知，冷热水的质量与吸放热之比分别是（）a1：2、1：1b1：1、2：1c1：1、1：2d2：1、1：1【考点】热量的计算【专题】比热容、热机、热值【分析】知道冷水与热水的比热容相同，冷水与热水混合时，热水放出热量、温度降低，冷水吸收热量、温度升高，直到二者温度相等，热传递停止；从图可以得出冷水与热水的初温和末温，根据热平衡方程解答本题【解答】解：由图可知：热水的初温为80、末温为40，t热=8040=40，冷水的初温为20、末温为40，t冷=4020=20，根据热平衡方程：q吸=q放，则q吸：q放=1：1c冷m冷t冷=c热m热t热即：4.2103j/（kg）m冷20=4.2103j/（kg）m热40所以m冷：m热=2：1故选d【点评】本题主要考查学生对：热传递的条件和特点的了解和掌握，注意冷水与热水的比热容相同4甲、乙两个办公室为了互相传呼方便，在两个办公室各装了一个电铃，要使两个办公室的任何一方按开关都能使对方的电铃发声，正确的电路图是（图中的虚线表示房间的墙壁）（）abcd【考点】电路图设计【专题】设计与制作题【分析】任何一方按开关都能使对方的电铃发声，说明两个用电器工作时互不影响，则该电路为并联电路，支路电铃由支路的开关控制【解答】解：因为该电路为并联电路，且支路有各自的开关控制，故选项c正确故选c【点评】会根据要求设计串联电路和并联电路5用实验研究导体的材料、长度、横截面积对电阻的影响时，供选择的导体规格如下表： 材料编号长度/m横截面积/mm2 材料编号长度/m横截面积/mm2镍铬合金10.5锰铜10.511111.50.51.50.51.511.51你认为下面对导体选择最合理的一组是（）abcd【考点】影响电阻大小的因素【专题】压轴题；控制变量法【分析】当一个物理量受到两个或更多个物理量影响时，在物理中经常选择控制变量法进行探究；具体操作方法：控制其他物理量不变，只改变探究因素因此本题中根据控制变量法和影响电阻因素的物理量进行分析【解答】解：如果探究电阻与导体材料的关系时，导体的长度和横截面积不变，导体的材料不同，所以可以选择的导体有：或或或；如果探究电阻与导体长度的关系时，导体的材料和横截面积不变，导体的长度不同，所以可以选择的导体有：或或或；如果探究电阻与导体横截面积的关系时，导体的材料和长度不变，导体的横截面积不同，所以可以选择的导体有：或或或；从分析的结果可以看出，只有c选项中的导体可以探究影响电阻大小的因素，因此选择c故选c【点评】知道控制变量法的应用范围，会用控制变量法设计实验进行探究6用“伏安法测电阻”的实验电路如图所示如果考虑到安培表即安培计本身有一定的电阻（具有分压作用），伏特表即伏待计本身也有一定的电阻（具有分流作用），则下列判断中正确的是（）a测量值等于电阻的实际值b测量值小于电阻的实际值c测量值大于电阻的实际值d以上三种情况都有可能【考点】伏安法【专题】应用题【分析】伏特表测量r两端电压u，安培表测量r与伏特表的总电流i，总电流大于r中的电流根据r=，测量值会偏小【解答】解：根据r=，测量电阻时，应该测量电阻两端的实际电压和通过电阻的实际电流；而安培表实际测量的是通过待测电阻和伏特表的总电流，即电流偏大，而伏特表是与电阻并联连接，测量的电压是准确的，由r=可知，电阻的测量值小于真实值故选b【点评】本题图中，伏特表测r的实际电压，考虑伏特表的内阻时，伏特表也有通过的电流，安培表则测量了r与伏特表的总电流，测量的电流值偏大，测量值偏小7如图所示，在四个相同水槽中盛有质量相等和温度相同的纯水，现将阻值为r1、r2的电阻丝（r1r2）分别按图中的四种方式连接放入水槽，并接入相同电源通电相同时间后，水温最低的是（）abcd【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】由电功公式w=t可知，在电压u与通电时间t相等的情况下，电路总电阻r越大，电路产生的热量越少；电路产生的热量越少，水吸收的热量越少，水的温度越低，分析电路结构，找出总电阻最大的电路，即可正确答题【解答】解：由串并联电路特点可知，串联电路电阻越串越大，并联电路电阻越并越小；由电路图及已知r1r2可知，图d中电路总电阻最大，四个电路电压相等，通电时间相等，由q=w=t可知，d产生的热量最少，水吸收的热量越少，水的温度最低故选d【点评】电路产生的热量越少，水吸收的热量越少，水的温度越低，由串并联电路的特点判断各电路的阻值大小、熟练应用电功公式是正确解题的关键8甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法正确的是（）a正常发光时乙灯丝电阻大b两灯串联在220v电路中甲灯更亮c正常发光时乙灯消耗的电能多d两灯并联在220v电路中甲灯更亮【考点】电功率的计算；实际功率【专题】应用题；电能和电功率【分析】（1）由灯泡的铭牌可知它们的额定电压相等，额定功率不同，根据p=比较两灯泡的电阻关系；（2）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据p=i2r比较两灯泡实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；（3）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据w=pt比较两灯泡正常发光时消耗的电能关系；（4）两灯泡并联时它们两端的电压相等，额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，比较实际功率的大小得出答案【解答】解：a由灯泡铭牌知，两灯的额定电压相等，由p=的变形式r=可知，正常发光时甲灯泡的功率较小，电阻较大，故a错误；b两灯串联在220v电路中，因串联电路中各处的电流相等，所以通过两灯泡的电流相等，由p=i2r可知，甲灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故b正确；c由w=pt可知，灯泡正常发光时消耗的电能，除了与灯泡的功率p有关外，还与灯泡的发光时间t有关，因不知灯泡发光的时间，所以无法判断灯消耗的电能多少，故c错误；d两灯并联在220v电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以两灯泡两端的电压和额定电压相等，均正常发光，实际功率和额定功率相等，乙灯泡的额定功率较大，实际功率较大，灯泡较亮，故d错误故选b【点评】由灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率是正确解题的前提，熟练应用电功率公式及其变形公式以及串联电路、并联电路的特点是正确解题的关键9小明同学闭合开关后，发现电灯不亮，他用试电笔测试图所示电路中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，那么可能发生的故障是（）a零线发生断路bab之间某处断路cbc之间某处断路dcd之间某处断路【考点】家庭电路的故障分析【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】灯泡不亮，说明电路中干路上有断路，测电笔测试各处电路，氖管都发光，说明各点与火线是连通的，故只可能是零线断了【解答】解：用测电笔测试各处电路时，发现b、c、d三点处都发光，说明该电路b、c、d三点与进户火线不可能断路a点不发光，即是零线，所以可能是由于ab间某处断路造成的故选b【点评】本题考查了家庭电路故障分析，考查了用测电笔检测电路的故障在正常情况下，测电笔与火线接触时测电笔的氖管发光，测电笔测试的是零线时，测电笔的氖管不发光10电能的利用是人类进入文明社会的标志发电机的发明，使得人类大规模用电成为可能，如图所示，能表示发电机工作原理的是（）abcd【考点】发电机的构造和原理【专题】压轴题；电动机、磁生电【分析】发电机是根据电磁感应原理制成的，分析四幅图中各自的实验原理找出正确的答案【解答】解：a、图中实验演示的是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，不符合题意；b、是研究奥斯特实验的装置图，探究的是通电指导线周围存在磁场，磁场方向和电流方向有关，不符合题意；c、是研究电磁铁磁性强弱和电流大小的关系，不符合题意；d、图中装置研究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，符合题意故选d【点评】此题主要考查的是学生对发电机工作原理和各选项中实验原理的理解和掌握，基础性题目11下列关于内能、热量、温度说法正确的是（）a0的冰块内能为零b物体温度越高，所含的热量越多c物体的温度越高，物体的内能越大d热量总是自发地从温度高的物体向温度低的物体传递【考点】温度、热量与内能的关系【专题】定性思想；分子热运动、内能【分析】a、一切物体都具有内能b、热量是指在热传递过程中传递能量的多少，不可以说含有多少热量c、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素d、热量是在热传递过程中，传递能量的多少叫做热量；热量总是自发地从温度高的物体传递到温度低的物体【解答】解：a、一切物体都有内能，故0的冰块的内能不为零，故a错误；b、在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故b错误c、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素，温度高的物体内能不一定大，只有当质量和状态一定时，温度高内能一定大故c错误d、热量总是自发地从温度高的物体传递到温度低的物体，故d正确故选d【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的12下列关于能量转化、转移现象的说法，错误的是（）a电池充电，电能转化为化学能b暖瓶塞被热气弹开，机械能转化为内能c电动机工作电能转化为机械能d用热水袋取暖，内能发生了转移【考点】能量的转化和转移【专题】应用题；能源的利用与发展【分析】判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量【解答】解：a、电池充电，将电能转化为化学能，储存在电池中，故a正确；b、暖瓶塞被热气弹开，气体对外做功，将内能转化为机械能，故b错误；c、电动机工作电能转化为机械能，故c正确；d、用热水袋取暖，内能发生了转移，是通过热传递改变物体的内能，故d正确故选b【点评】能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳例如燃料燃烧都是将化学能转化为内能13甲、乙两只灯泡，其iu关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2v时，则（）a通过甲灯泡的电流为0.2ab甲灯泡消耗的电功率为0.8wc乙灯泡两端电压为3vd乙灯泡消耗的功率1.2w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】错解分析题；欧姆定律；电能和电功率【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2v时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律可知电路中电流；由图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据p=ui求出甲乙消耗的功率【解答】解：a、由图象知，当甲灯两端电压为2v时，通过其电流为0.4a，故a错误；b、甲灯消耗功率：p甲=u甲i=2v0.4a=0.8w，故b正确；c、由于甲、乙两灯串联在电路中，根据串联电路中电流处处相等可知乙电流为0.4a，由图象知，乙灯两端电压为3v，故c正确；d、乙灯消耗功率：p乙=u乙i=3v0.4a=1.2w，故d正确故选bcd【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律以及电功率计算公式的应用，关键能从图象中读出有用的信息14如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关s后，当滑动变阻器的滑片p向左移动时，下列判断正确的是（）a电流表a的示数变大，电压表v1的示数变大b电流表a的示数变小，电压表v1的示数不变c电压表v1与电流表a的示数之比变大d电压表v2与电流表a的示数之比变小【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，r1与r2串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测r2两端的电压，电流表a测电路中的电流根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和r1两端的电压变化，根据欧姆定律结合r1的阻值判断电压表v1与电流表a的示数之比的变化，根据欧姆定律结合r2接入电路中的电阻判断电压表v2与电流表a的示数之比的变化【解答】解：由电路图可知，r1与r2串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测r2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器的滑片p向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由i=可知，电路中的电流变大，即电流表a的示数变大，故b错误；由u=ir可知，r1两端的电压变大，即电压表v1的示数变大，故a正确；由r=可知，电压表v1与电流表a的示数之比等于r1的阻值，电压表v2与电流表a的示数之比等于r2接入电路中的电阻，则电压表v1与电流表a的示数之比不变，电压表v2与电流表a的示数之比变小，故c错误，d正确故选ad【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键15如图所示，小灯泡规格为“5v 2.5w”（灯丝电阻不随温度的变化而变化），闭合开关，当滑动变阻器的滑片移至a端时，电流表的示数为0.5a；当滑片移至b端时，电压表的示数为3v，则（）a电源两端的电压为5vb小灯泡灯丝的电阻为5c滑动变阻器的最大阻值为20d滑动变阻器消耗的功率是0.6w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题；错解分析题；欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，用公式r=计算电阻；（2）滑动变阻器滑片在a端时，变阻器被短路此时电路中只有灯泡一个用电器，已求出灯丝电阻，已知电流表示数，用u=ir可得电源电压；（3）滑动变阻器滑片在b端时，滑动变阻器接入电路电阻最大利用串联电路电压与电阻特点和欧姆定律求出变阻器接入电路的阻值；（4）利用p=ui计算变阻器功率【解答】解：ab、由p=得：灯泡的灯丝电阻为rl=10当滑片在a端时，通过灯丝的电流为0.5a，所以电源电压为u=ilrl=0.5a10=5v故a正确；b错误；c、当滑片在b端时，已知电源电压u为5v，电压表示数u0为3v，根据串联电路两端的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：灯泡两端电压为ul=u=5v3v=2v；则电流i=0.2a，由i=得：r0=15，故c错误；d、当滑片在a端时，p=0，当滑片在b端时，滑动变阻器消耗的功率p=u0i=3v0.2a=0.6w，故d错误故选a【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据实物图画出相应的电路图，明确电路的结构16在图甲的电路中，电源电压为10v且保持不变，电流表的量程为“00.6a”，电压表的量程为“015v”，灯泡l上标有“6v 6w”字样，灯泡电流随电压变化关系如图乙所示，则下列说法正确的是（）a灯泡l正常发光时，电压表的示数为6vb当电流表示数为0.4a时，电压表的示数为9vc灯泡l的电阻阻值随电压表的示数的增大而增大d为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为6w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，灯泡l与滑动变阻器r串联，电压表测r两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出电压表的示数；（2）根据图象读出当电流表示数为0.4a时，灯泡两端的电压，根据电阻的串联特点求出电压表的示数；（3）灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻的越大，根据串联电路的电压特点可知电压表示数增大时灯泡两端的电压变化，进一步得出灯泡电阻与电压表示数之间的关系；（4）根据图象可知灯泡正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，即可判断灯泡是否能正常工作；根据p=ui求出电路消耗的最大电功率【解答】解：由电路图可知，r与l串联，电压表测r两端电压，电流表测电路中电流，a、灯泡正常发光时的电压ul=6v，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡l正常发光时，电压表的示数：ur=uul=10v6v=4v，故a错误；b、由图象可知，当i=0.4a时，ul=1v，所以ur=uul=10v1v=9v故b正确；c、灯泡的电阻随温度的升高而增大，即灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻越大，因电压表的示数越大时，灯泡两端的电压越小，所以，灯泡的电阻随两端的电压增大而减小故c错误；d、由图象可知，当灯泡正常发光（ul=6v）时，电路中的电流为1a0.6a，所以电路中的最大电流为i=0.6a，电路消耗的最大电功率pmax=uimax=10v0.6a=6w故d正确故选bd【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，这也是学生比较容易出错的地方17如图所示，放在通电螺线管内部中点处的小磁针，静止时n极指向左，关于电源的正负极和螺旋管的n、s极，下列判定正确的是（）aa端是螺线管的s极ba端是螺线管的n极cc端是电源的负极dd端是电源的负极【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断【专题】作图题；磁现象、电生磁【分析】螺线管内部磁感线由s极指向n极，故由小磁针的指向可知螺线管的磁极，则由右手螺旋一则可判断出电源的正负极【解答】解：小磁针静止时n极向左，因螺线管内部磁感线是由s极指向n极的，故螺线管b端为s极，a端为n极；则由右手螺旋定则可知，电流由d端流入螺线管，故d端为电源正极，c端是电源的负极故选bc【点评】本题一定要明确螺体的磁感线方向内部和外部是不一样的；同时还应记住，小磁针n极所指的方向即为磁场的方向二、解答题（共7小题，满分52分）18某实验小组做“伏安法测量定值电阻阻值”的实验时所用的器材有：电压为3v的电源，待测电阻r以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、导线和开关图甲是没有连接完整的实物电路检测导线接点现象ab电压表、电流表均无示数ac电压表、电流表均无示数ad电压表、电流表均有示数cd电压表、电流表均有示数（1）请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整（要求：滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变小）（2）连好电路闭合开关前，应将滑动变阻器滑片p置于最左（填“最左”或“最右”）端（3）实验中，闭合开关，移动滑片电流表、电压表均无示数为了检查电路故障，他们借助一根检测导线进行检测，当该导线两端分别接不同点时，对应的现象如下表所示由此可以判断电路发生的故障是cd处断路（4）排除故障后进行实验，当电压表示数为2.4v时电流表的示数如图乙所示，这时电流为0.3 a，他们利用此组数据即得出该待测电阻r的阻值便结束了实验评估本实验过程，提出你的改进建议：改变滑动变阻器的阻值，多测几组数据求平均值【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】实验题；欧姆定律；测量型实验综合题【分析】（1）将滑动变阻器串联在电路中，要接一上一下，将电压表与电阻并联，根据电源电压确定电压表的量程；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；（3）根据现象确定断路处；（4）根据图乙读出电流表的示数；实验中为减小误差，应多测几组数据，求平均值【解答】解：（1）将电压表与电阻并联，电源由两节干电池组成，所以电压表可选择03v量程；滑动变阻器串联在电路中，滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变小，所以下面应接右边的接线柱，如图所示：（2）为保护电路，电路闭合开关前，应将滑动变阻器滑片p置于最左端，使其阻值最大；（3）由实验现象可知，当连接ab、ac时，电压表、电流表均无示数，说明ac以外的电路有断路；接ad时，电流表、电压表均有示数，说明ad之间有断路处，接cd时，电流表、电压表均有示数，说明电路在cd处；（4）由图乙知，电流表的量程为00.6a，示数为0.3a；只测量一组数据得出结论，误差较大，应多测几组数据求平均值故答案为：（1）见上图；（2）最左；（3）cd处断路；（4）改变滑动变阻器的阻值，多测几组数据求平均值【点评】本题是伏安法测电阻的实验，考查了电压表、滑动变阻器的连接、应用、对电路故障的分析、电流表的读数及减小误差的方法，考查全面19探究电磁感应现象应该选用如图乙 （选填“甲”或“乙”）中所示的装置进行实验，根据另一个图中装置进行实验得到的现象和结论，人类制造出了电动机 （选填“电动机”或“发电机”）【考点】电磁感应；磁场对通电导线的作用【专题】应用题【分析】电磁感应现象的前提是运动，结果是产生电流，即将机械能转化为电能；通电导体在磁场中受力的前提是通电，结果是受力运动，即将电能转化为机械能；区分上述两个实验的主要依据是看是否存在电源，故据上面的理解分析该题即可解决【解答】解：在该题的乙图中没有电源，若开关闭合，金属棒做左右切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，所以是电磁感应实验的装置在图甲中有电源，是因通电而运动，即是通电导线受力的作用的实验装置，故是电动机的制作原理，是将电能转化为机械能的过程故答案为：乙；电动机【点评】对比记忆：（1）电磁感应现象实验装置没有电源直接供电；通电导体在磁场中受力实验装置有电源直接供电（2）电磁感应现象实验影响电流方向的因素是运动方向和磁场方向；通电导体在磁场中受力实验影响受力方向的因素是电流方向和磁场方向（3）电磁感应现象实验中机械能转化为电能；通电导体在磁场中受力实验中电能转化为机械能（3）发电机利用电磁感应现象原理；电动机利用通电导体在磁场中受力原理20如图甲所示是小刚“测小灯泡电功率”的实验电路其中电源电压为6v，小灯泡额定电压为2.5v、电阻约为l0滑动变阻器有a规格“l02a”、b规格“50 la”可选（1）本实验应该选择b规格的滑动变阻器连接电路时，开关应断开（2）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路连接完整（3）闭合开关后，小刚发现电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，其原因是滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小（4）当变阻器滑片p移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为1.8v要测小灯泡的额定功率，应将滑片p向a （选填“a”或“b”）端移动，使电压表示数为2.5v【考点】电功率的测量；实物的电路连接；电压表的使用；电压表的读数方法；滑动变阻器的使用【专题】应用题；实验题；作图题；压轴题；测量型实验综合题【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可选择器滑动变阻器的规格；为防止电路中电流过大烧坏用电器，开关应断开；（2）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程且与灯泡并联；（3）闭合开关后，小刚发现电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，说明灯泡分得的电压太小，电路中的电阻过大造成的；（4）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5v，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电压等于额定电压ul=2.5v，根据欧姆定律可知此时电路电流约为i=0.25a，滑动变阻器两端电压u滑=uul=6v2.5v=3.5v，此时滑动变阻器接入电路的阻值r滑=14，所以本实验中应该选择规格为“50 1a”的b滑动变阻器；在连接电路时，为保护电路，开关应断开；（2）灯泡的额定电压为2.5v，所以电压表的量程为03v，且与灯泡并联，如下图所示：（3）闭合开关后，电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，其原因是滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；（4）电压表使用03v量程，分度值为0.1v，电压为1.8v；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从1.8v增大到2.5v，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向a端移动，使电压表的示数为2.5v为止故答案为：（1）b；断开；（2）如上图所示；（3）滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；（4）1.8；a【点评】本题考查了滑动变阻器的选择和串联电路特点及欧姆定律的应用、电路现象的判断、电压表的读数、滑动变阻器的使用等，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等且会根据灯泡的额定电压确定电压表的量程21把一质量为50g温度为108的某金属球，投入到100g的初温为30水中，金属的比热为0.42103j/（kg）求：（1）不计热量的损失，它们达到热平衡后共同的温度是多少？（2）从开始投入水中到热平衡的过程中，金属球放出的热量是多少？【考点】热平衡方程的应用【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】（1）根据q吸=cm（tt0）表示出水吸收的热量，根据q放=cm（t0t）表示出金属球放出的热量，利用金属球放出的热量和水吸收的热量相等得出等式即可求出它们达到热平衡后共同的温度；（2）知道金属球的质量和温度的变化以及比热容，根据q放=cm（t0t）求出金属球放出的热量【解答】解：（1）根据题意可知，不计热量的损失时：q吸=q放，q吸=cm（tt0），q放=cm（t0t），c水m水（tt水）=c金m金（t金t），即：4.2103j/（kg）0.1kg（t30）=0.42103j/（kg）0.05kg（1080t），解得：t=80；（2）从开始投入水中到热平衡的过程中，金属球放出的热量：q放=c金m金（t金t）=0.42103j/（kg）0.05kg（108080）=2.1104j答：（1）不计热量的损失，它们达到热平衡后共同的温度是80；（2）从开始投入水中到热平衡的过程中，金属球放出的热量是2.1104j【点评】不考虑热量损失时，找出吸收热量的物体，找出放出热量的物体，吸收的热量等于放出的热量，解方程求出结果22为防止湿手板开关造成触电事故，小宇同学为家中的灯暖型浴霸（冬季家庭洗浴时取暖时用的电器）设计了一个温度自动控制装置，如图甲所示其中半导体材料制成的热敏电阻阻值r1随温度变化的曲线如图乙所示已知继电器线圈电阻r2为20，电源的电压u0恒为12v浴霸共安装有4只“220v 250w”的灯泡，当继电器线圈中的电流大于或等于50ma时，继电器的衔铁被吸合，浴霸电路断开；当线圈中的电流小于或等于40ma时，继电器的衔铁被释放，浴霸电路闭合求：（1）浴霸电路闭合时，通过浴霸的总电流（2）若将此装置放在浴室内，浴室内的温度可控制在什么范围？【考点】电功率的计算；电磁铁的其他应用；欧姆定律的应用【专题】计算题；压轴题；信息给予题【分析】（1）当浴霸电路闭合时，电路中四只电灯并联，知道每只灯的电功率，求出总电功率，再利用p=ui求通过浴霸的总电流；（2）取临界情况，当电流为50ma时和当电流等于40ma时，知道电源电压u0，分别求出总电阻，利用串联电阻的特点求热敏电阻r1的大小，对应图象找出温度值，从而得到浴室内温度的变化范围【解答】解：（1）当浴霸电路闭合时：p总=npl=250w4=1000w，通过浴霸的总电流：i=4.5a；（2）取临界情况，当电流为i=50ma=0.05a时：r1+r2=240，r1=240r2=24020=220，由图可得对应的温度为30；当电流为i=40ma=0.04a时：r1+r2=300，r1=300r2=30020=280，由图可得对应的温