山东省枣庄市滕州市善国中学高三物理下学期5月模拟试卷（含解析）.doc

山东省枣庄市滕州市善国中学2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1下列有关物理学家和物理学规律的发现，说法正确的是( )a亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快b伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因c迪卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律d开普勒提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量2中国航天局秘书长田玉龙3月6日证实，将在年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星如图所示，a是静止在赤道上随地球自转的物体；b、c是同在赤道平面内的两颗人造卫星，b位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，c是高分四号卫星则下列关系正确的是( )a物体a随地球自转的角速度大于卫星b的角速度b卫星b的线速度大于卫星c的线速度c物体a随地球自转的加速度大于卫星c的加速度d物体a随地球自转的周期大于卫星c的周期3如图所示弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块a相连当用力抽出长木板b的过程中，观察到弹簧秤的示数为4.0n（忽略弹簧形变所需时间），则a受到的是( )a静摩擦力，一定大于4.0nb滑动摩擦力，一定等于4.0nc滑动摩擦力，一定小于4.0nd不受摩擦力4如图甲为列车运行的俯视图，列车首节车厢下面安装一电磁铁，电磁铁产生垂直于地面的匀强磁场，列车经过放在两铁轨间的线圈时，线圈产生的电脉冲信号传到控制中心，如图乙所示则列车的运动情况可能是( )a匀速运动b匀加速运动c匀减速运动d变加速运动5某校科技小组的同学设计了一个传送带测速仪，测速原理如图所示在传送带（绝缘橡胶）一端的下方固定有间距为l、长度为d的平行金属电极电极间充满磁感应强度为b、方向垂直传送带平面（纸面）向里、有理想边界的匀强磁场，且电极之间接有理想电压表和电阻r传送带背面固定有若干根间距为d的平行细金属条，其电阻均为r传送带运行过程中始终仅有一根金属条处于磁场中且与电极良好接触当传送带以一定的速度匀速运动时，电压表的示数为u则下列说法中正确的是( )a传送带匀速运动的速率为b电阻r产生焦耳热的功率为c金属条经过磁场区域受到的安培力大小为d每根金属条经过磁场区域的全过程中克服安培力做功为6光滑水平面上放置两个等量同种正电荷，其连线中垂线上有a、b、c三点，如图甲所示，一质量m=1kg、带电荷量q=2c的小物块自c点南静止释放，其经过b、a两点的运动情况如图乙所示，其中b点为t图线上斜率最大的位置（图中标出了过b点的切线），则以下分析正确的是( )ab点为中垂线上电场强度最大的点且场强大小e=1v/mb由c点到a点物块的电势能先减小后变大c由c点到a点，电势逐渐降低db、a两点间的电势差为uba=8.25v7如图所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地面高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地面高度h并作出滑块的动能ek随高度h变化的图象，其中从0.2m上升到0.35m高度的范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s2，由图象可知( )a小滑块的质量为0.1kgb轻弹簧原长为0.2mc弹簧的最大弹性势能为0.5jd小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4j二、非选择题（必做+选做）【必做部分】8如图甲所示，实验桌面上o点的左侧光滑，从o点到实验桌的右边缘平铺一块薄硬砂纸并固定利用该装置可以测定木块与与砂纸纸面之间的动摩擦因数实验中，当木块a位于o点时，沙桶b刚好接触地面将a拉到m点，待b稳定且静止后释放，a最终滑到n点测出mo和on的长度分别为h和l改变木块释放点m的位置，重复上述实验，分别记录几组实验数据（1）实验开始时，发现a释放后会撞到滑轮，请提出两个解决方法：_；_（2）问题解决后，根据实验数据作出hl关系的图象如图乙所示，图象的斜率为k1，实验中已经测得a、b的质量之比为k2，则动摩擦因数=_（用k1、k2表示）9在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室仅提供下列实验器材：a干电池两节，每节电动势约为1.5v，内阻约几欧姆b直流电压表v1、v2，量程均为03v，内阻约为3kc电流表，量程0.6a，内阻小于1d定值电阻r0，阻值为5e滑动变阻器r，最大阻值50f导线和开关若干如图a所示的电路是实验室测定电源的电动势和内阻的电路图，按该电路图组装实验器材进行实验，测得多组u、i数据，并画出ui图象，求出电动势和内电阻电动势和内阻的测量值均偏小，产生该误差的原因是_，这种误差属于_（填“系统误差”或“偶然误差”）实验过程中，电流表发生了故障，某同学设计如图甲所示的电路，测定电源电动势和内阻，连接的部分实物图如图乙所示，其中还有一根导线没有连接，请补上这根导线实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表v1和v2的多组数据u1、u2，描绘出u1u2图象如图丙所示，图线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势e=_，内阻r=_ （用k、a、r0表示）10（18分）随着高层居民楼房的崛起，给消防安全带来更严峻的挑战，其中救援时云梯高度不够高就是一个非常突出的问题，某探究小组的同学们想到了可在消防云梯上再伸出轻便的滑杆来解决这个问题（如图所示）被困人员使用安全带上的挂钩挂在滑杆上、沿滑杆下滑到消防云梯上逃生通常滑杆由ao、ob两段直杆通过光滑转轴在o处连接，滑杆a端用于挂钩钩在高楼的固定物上，且可绕固定物自由转动，b端用铰链固定在云梯上端，且可绕铰链自由转动，以便调节被困人员滑到云梯顶端的速度大小设被困人员在调整好后的滑杆上下滑时滑杆与竖直方向的夹角保持不变，被困人员可看作质点、不计过o点时的机械能损失已知ao长ll=6m、ob长l2=12m某次消防演练中测得ao与竖直方向的夹角=37，ob与竖直方向的夹角=53，被困人员安全带上的挂钩与滑杆，ao、ob间的动摩擦因数均=为了安全，被困人员到达云梯顶端b点速度不能超过m=6m/s已知sin37=0.6，cos37=0.8，取g=10m/s2求：（1）被困人员滑到b点时是否安全（2）若云梯顶端b点与竖直墙间的水平距离d=13.2m保持不变，求能够被安全营救的被困人员与云梯顶端b的最大竖直距离11如图所示，某空间中有四个方向垂直于纸面向里磁感应强度的大小相同的、半径为r的圆形匀强磁场区域1、2、3、4其中1与4相切，2相切于1和3，3相切于2和4，且第1个磁场区域和第4个磁场区域的竖直方向的直径在一条直线上一质量为m、电荷量为q的带电粒子，静止置于电势差为u0的带电平行板（竖直放置）形成的电场中（初始位置在负极板附近），经过电场加速后，从第1个磁场的最左端水平进入，并从第3个磁场的最下端竖直穿出已知tan22.5=0.4，不计带电粒子的重力（1）求带电粒子进入磁场时的速度大小（2）试判断：若在第3个磁场的下面也有一电势差为u0的带电平行板（水平放置，其小孔在第3个磁场的最下端的正下方）形成的电场，带电粒子能否按原路返回？请说明原因（3）求匀强磁场的磁感应强度b（4）若将该带电粒子自该磁场中的某个位置以某个速度释放后恰好可在四个磁场中做匀速圆周运动，则该粒子的速度大小v为多少？【选做部分】请考生任选一模块作答【物理-物理3-3】12某一密闭容器中密封着一定质量的某种实际气体，气体分子间的相互作用力表现为引力关于实际气体的下列说法中正确的是( )a在完仝失重的情况下，密封容器内的气体对器壁的顶部没有作用力b若气体膨胀对外界做功，则分子势能一定增大c若气体被压缩，外界对气体做功，则气体内能一定增加d若气体从外界吸收的热量等于膨胀对外界做的功，则气体分子的平均动能一定减小13一活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，初始时气体体积为3.0103m3用dis实验系统测得此时气体的温度和压强分别为300k和1.0105pa推动活塞压缩气体，稳定后测得气体的温度和压强分别为320k和1.6105pa求此时气体的体积；保持温度不变，缓慢改变作用在活塞上的力，使气体压强变为0.8105pa，求此时气体的体积【物理-物理3-4】14一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是( )a质点的振动频率是4hzb在10s内质点经过的路程是20cmc第4s质点的加速度为零，速度最大d在t=1s和t=3s两时刻，质点的位移大小相等、方向相同15一半径为r的球体放置在水平面上，球体由折射率为的透明材料制成现有一束位于过球心o的竖直平面内的光线，平行于桌面射到球体表面上，折射入球体后再从竖直表面射出，如图所示已知入射光线与桌面的距离为求出射角【物理-物理3-5】16目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些材料都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性元素的说法中正确的是( )a射线与射线一样都是电磁波，但穿透本领远比射线弱b氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核cu哀变成pb要经过8次衰变和6次衰变d放射性元素发生衰变时所释放的电予是原子核内的中子转化为质子时产生的17一质量为2m的物体p静止于光滑水平地面上，其截面如图所示图中ab为粗糙的水平面，长度为l；bc为一光滑斜面，斜面和水平面通过与ab和bc均相切的长度可忽略的光滑圆弧连接现有一质量为m的木块以大小为v0的水平初速度从a点向左运动，在斜面上上升的最大高度为h，返回后在到达a点前与物体p相对静止重力加速度为g求：（1）木块在ab段受到的摩擦力f；（2）木块最后距a点的距离s山东省枣庄市滕州市善国中学2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1下列有关物理学家和物理学规律的发现，说法正确的是( )a亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快b伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因c迪卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律d开普勒提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量考点：物理学史专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：a、伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快，故a错误；b、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故b正确；c、牛顿通过伽利略和笛卡尔工作的基础上，提出了牛顿第一定律，即惯性定律故c错误；d、牛顿提出万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量，故d错误；故选：b点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2中国航天局秘书长田玉龙3月6日证实，将在年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星如图所示，a是静止在赤道上随地球自转的物体；b、c是同在赤道平面内的两颗人造卫星，b位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，c是高分四号卫星则下列关系正确的是( )a物体a随地球自转的角速度大于卫星b的角速度b卫星b的线速度大于卫星c的线速度c物体a随地球自转的加速度大于卫星c的加速度d物体a随地球自转的周期大于卫星c的周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=r，a=r2比较线速度的大小和向心加速度的大小，根据万有引力提供向心力比较b、c的线速度、周期大小解答：解：a、地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以a=c，根据万有引力提供向心力=m2r=mr=ma=m=，所以卫星b的角速度大于卫星c角速度，所以物体a随地球自转的角速度小于卫星b的角速度，故a错误；b、v=，所以卫星b的线速度大于卫星c的线速度，故b正确；c、根据a=2r，物体a随地球自转的加速度小于卫星c的加速度，故c错误；d、地球赤道上的物体与同步卫星c有相同的角速度，所以物体a随地球自转的周期等于卫星c的周期，故d错误；故选：b点评：地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=r，a=r2比较线速度的大小和向心加速度的大小，根据万有引力提供向心力比较b、c的线速度、角速度、周期和向心加速度大小3如图所示弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块a相连当用力抽出长木板b的过程中，观察到弹簧秤的示数为4.0n（忽略弹簧形变所需时间），则a受到的是( )a静摩擦力，一定大于4.0nb滑动摩擦力，一定等于4.0nc滑动摩擦力，一定小于4.0nd不受摩擦力考点：滑动摩擦力专题：摩擦力专题分析：本题应以a为研究对象，a在水平方向上受摩擦力及弹簧秤的拉力而处于静止，故可知二力应为平衡力；根据滑动摩擦力的影响因素可知摩擦力的大小与运动状态无关，则可由平衡条件可知弹簧弹力的变化解答：解：对a分析，当用力抽出木板b时，故可知a受到的滑动摩擦力；根据a物体保持平衡，弹簧的弹力等于滑动摩擦力，大小即为4.0n； 故b正确，acd错误故选：b点评：本题的关键在于摩擦力大小的判断，应明确滑动摩擦力的大小与动摩擦因数和正压力的有关，与物体的运动状态无关4如图甲为列车运行的俯视图，列车首节车厢下面安装一电磁铁，电磁铁产生垂直于地面的匀强磁场，列车经过放在两铁轨间的线圈时，线圈产生的电脉冲信号传到控制中心，如图乙所示则列车的运动情况可能是( )a匀速运动b匀加速运动c匀减速运动d变加速运动考点：导体切割磁感线时的感应电动势专题：电磁感应与电路结合分析：根据电压时间图象得到电压与时间的关系式，由法拉第电磁感应定律得到火车速度与时间关系式，确定火车的运动性质解答：解：由ut图象得到，线圈两端的电压大小与时间呈线性关系，即有u=u0kt由法拉第电磁感应定律 e=u=blv，则v=，b、l、k均一定，则速度v随时间均匀减小，所以火车做匀减速直线运动故选：c点评：本题根据法拉第电磁感应定律得到速度与时间的关系，来分析物体的运动性质，也有时根据位移与时间的关系来判断5某校科技小组的同学设计了一个传送带测速仪，测速原理如图所示在传送带（绝缘橡胶）一端的下方固定有间距为l、长度为d的平行金属电极电极间充满磁感应强度为b、方向垂直传送带平面（纸面）向里、有理想边界的匀强磁场，且电极之间接有理想电压表和电阻r传送带背面固定有若干根间距为d的平行细金属条，其电阻均为r传送带运行过程中始终仅有一根金属条处于磁场中且与电极良好接触当传送带以一定的速度匀速运动时，电压表的示数为u则下列说法中正确的是( )a传送带匀速运动的速率为b电阻r产生焦耳热的功率为c金属条经过磁场区域受到的安培力大小为d每根金属条经过磁场区域的全过程中克服安培力做功为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律；安培力专题：电磁感应与电路结合分析：磁场中始终有一根金属条切割磁感线产生感应电动势，电压表测量r两端电压由电磁感应e=blv和欧姆定律i=、f=bil等知识求解解答：解：a、设感应电动势为e，橡胶带运动速率为v由e=blv，u=得，v=，故a错误；b、设电阻r产生焦耳热的功率为p，则p=，故b错误；c、设电流强度为i，安培力为f，克服安培力做的功为w电流i=，安培力f=bil=，故c错误； d、克服安培力做功w=fd，得：w=，故d正确故选：d点评：本题是理论联系实际问题，关键是建立物理模型，综合运用电磁感应知识、电路知识、力学知识解题，考查分析和解决实际问题的能力6光滑水平面上放置两个等量同种正电荷，其连线中垂线上有a、b、c三点，如图甲所示，一质量m=1kg、带电荷量q=2c的小物块自c点南静止释放，其经过b、a两点的运动情况如图乙所示，其中b点为t图线上斜率最大的位置（图中标出了过b点的切线），则以下分析正确的是( )ab点为中垂线上电场强度最大的点且场强大小e=1v/mb由c点到a点物块的电势能先减小后变大c由c点到a点，电势逐渐降低db、a两点间的电势差为uba=8.25v考点：电势差与电场强度的关系；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：根据vt图象的斜率等于加速度和牛顿第二定律求解电场强度e根据能量守恒定律分析物块电势能的变化情况根据电场线方向判断电势的高低根据动能定理求解ab两点电势差uab解答：解：a、vt图象的斜率等于加速度，b点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在b处加速度最大，根据牛顿第二定律得：f=qe=ma，b为中垂线上电场强度最大的点，由图得：b点的加速度为 a=2m/s2，e=v/m=lv/m故a正确b、由图知，由c到a的过程中，物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小故b错误c、由电势能的公式ep=q知，由c到a的过程中，电势逐渐降低，故c正确d、物块从a到b的过程，根据动能定理得：quab=mvb2mva2，则得，uab=（4272）=8.25v，所以uba=uab=8.25v，故d正确故选：acd点评：解决本题的关键是掌握速度图象的物理意义和动能定理，知道电势与电势能的关系ep=q7如图所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地面高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地面高度h并作出滑块的动能ek随高度h变化的图象，其中从0.2m上升到0.35m高度的范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s2，由图象可知( )a小滑块的质量为0.1kgb轻弹簧原长为0.2mc弹簧的最大弹性势能为0.5jd小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4j考点：功能关系；弹性势能分析：根据对ekh图象的理解：图线的斜率表示滑块所受的合外力，高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线和能量守恒定律求解解答：解：a、在从0.2m上升到0.35m范围内，ek=ep=mgh，图线的斜率绝对值为：k=2n=mg，所以：m=0.2kg，故a错误；b、在ekh图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，所示从h=0.2m，滑块与弹簧分离，弹簧的原长的0.2m故b正确；c、根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以epm=mgh=0.210（0.350.1）=0.5j，故c正确；d、由图可知，当h=0.18m时的动能最大；在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知，epmin=eekm=epm+mghekm=0.5+0.2100.10.32=0.38j，故d错误；故选：bc点评：本题考查了能量守恒定律和图象的理解与应用问题，结合该图象得出滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，说明物体不再受到弹簧的弹力的作用是解题的关键二、非选择题（必做+选做）【必做部分】8如图甲所示，实验桌面上o点的左侧光滑，从o点到实验桌的右边缘平铺一块薄硬砂纸并固定利用该装置可以测定木块与与砂纸纸面之间的动摩擦因数实验中，当木块a位于o点时，沙桶b刚好接触地面将a拉到m点，待b稳定且静止后释放，a最终滑到n点测出mo和on的长度分别为h和l改变木块释放点m的位置，重复上述实验，分别记录几组实验数据（1）实验开始时，发现a释放后会撞到滑轮，请提出两个解决方法：增大a的质量；减小b的质量（2）问题解决后，根据实验数据作出hl关系的图象如图乙所示，图象的斜率为k1，实验中已经测得a、b的质量之比为k2，则动摩擦因数=（用k1、k2表示）考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题；摩擦力专题分析：b减少的重力势能转化成系统的内能和a、b的动能，a释放后会撞到滑轮，说明b减少的势能太多，转化成系统的内能太少，从而找作答依据对在b下落至临落地时和在b落地后，a运动到n，两个过程运用动能定理，求得的表达式解答：解：（1）b减少的重力势能转化成系统的内能和ab的动能，a释放后会撞到滑轮，说明b减少的势能太多，转化成系统的内能太少，可以通过减小b的质量；增加细线的长度（或增大a的质量；降低b的起始高度）解决故解决方法有：可以通过减小b的质量；增加细线的长度（或增大a的质量；降低b的起始高度）（2）设a、b的质量分别为m、m则b下落至临落地时根据动能定理有：mgh=（m+m）v2，在b落地后，a运动到n有：mv2=mgl，又因为：=k2，=k1所以解得：=故答案为：（1）增大a的质量、减小b的质量、降低b的起始高度等；（2）点评：在判断此类问题时，要深刻理解动能定理，能量守恒定律，要会通过图象分析相关问题9在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室仅提供下列实验器材：a干电池两节，每节电动势约为1.5v，内阻约几欧姆b直流电压表v1、v2，量程均为03v，内阻约为3kc电流表，量程0.6a，内阻小于1d定值电阻r0，阻值为5e滑动变阻器r，最大阻值50f导线和开关若干如图a所示的电路是实验室测定电源的电动势和内阻的电路图，按该电路图组装实验器材进行实验，测得多组u、i数据，并画出ui图象，求出电动势和内电阻电动势和内阻的测量值均偏小，产生该误差的原因是电压表的分流作用，这种误差属于系统误差（填“系统误差”或“偶然误差”）实验过程中，电流表发生了故障，某同学设计如图甲所示的电路，测定电源电动势和内阻，连接的部分实物图如图乙所示，其中还有一根导线没有连接，请补上这根导线实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表v1和v2的多组数据u1、u2，描绘出u1u2图象如图丙所示，图线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势e=，内阻r= （用k、a、r0表示）考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：（1）根据电路图分析实验原理，明确误差产生原因；（2）根据电路图明确实验电路接法，从而得出正确的实物图象；（3）由闭合电路欧姆定律可明确对应的公式，再由图象即可求得对应的电动势和内电阻解答：解：（1）由图可知，电流表不是流过干路电路，原因是电压表的分流造成的；这种误差是由于电路设计造成的，都属于系统误差；（2）由乙图可知电路的连接方法，则可知滑动变阻器没有正确接入，接入电路如图所示；（3）由闭合电路欧姆定律可知，e=u1+变形得：u1=+则有：=a； =k解得：故答案为：电压表的分流作用，系统误差如图所示； ，点评：本题考查测量电动势和内电阻的实验方法，关键在明确根据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，再分析图象的意义，求得电动势和内电阻10（18分）随着高层居民楼房的崛起，给消防安全带来更严峻的挑战，其中救援时云梯高度不够高就是一个非常突出的问题，某探究小组的同学们想到了可在消防云梯上再伸出轻便的滑杆来解决这个问题（如图所示）被困人员使用安全带上的挂钩挂在滑杆上、沿滑杆下滑到消防云梯上逃生通常滑杆由ao、ob两段直杆通过光滑转轴在o处连接，滑杆a端用于挂钩钩在高楼的固定物上，且可绕固定物自由转动，b端用铰链固定在云梯上端，且可绕铰链自由转动，以便调节被困人员滑到云梯顶端的速度大小设被困人员在调整好后的滑杆上下滑时滑杆与竖直方向的夹角保持不变，被困人员可看作质点、不计过o点时的机械能损失已知ao长ll=6m、ob长l2=12m某次消防演练中测得ao与竖直方向的夹角=37，ob与竖直方向的夹角=53，被困人员安全带上的挂钩与滑杆，ao、ob间的动摩擦因数均=为了安全，被困人员到达云梯顶端b点速度不能超过m=6m/s已知sin37=0.6，cos37=0.8，取g=10m/s2求：（1）被困人员滑到b点时是否安全（2）若云梯顶端b点与竖直墙间的水平距离d=13.2m保持不变，求能够被安全营救的被困人员与云梯顶端b的最大竖直距离考点：动能定理专题：动能定理的应用专题分析：（1）对a到b的过程运用动能定理，求出到达b点的速度，判断是否安全（2）对全程由动能定理可得出重力及摩擦力做功与动能的关系，由几何关系可求得最大距离解答：解：（1）设被困人员滑到b点时的速度为v，由动能定理有：代入数据得：因为vvm=6m/s，所以被困人员滑到b点时是安全的（2）设滑杆两端点ab的最大竖直距离为h，被困人员滑到b点时的速度为v，对其下滑全过程由动能定理有：l1sin+l2sin=d=l1sin+l2sinvvm联立解得：h12.8m所以能安全营救的被困人员与云梯顶端b的最大竖直距离为12.8m答：（1）被困人员滑到b点时是安全的（2）能够被安全营救的被困人员与云梯顶端b的最大竖直距离为12.8m点评：本题重点在于对几何关系的认识，要注意找出题目中的临界条件，再结合能量关系即可求出所要求的量来11如图所示，某空间中有四个方向垂直于纸面向里磁感应强度的大小相同的、半径为r的圆形匀强磁场区域1、2、3、4其中1与4相切，2相切于1和3，3相切于2和4，且第1个磁场区域和第4个磁场区域的竖直方向的直径在一条直线上一质量为m、电荷量为q的带电粒子，静止置于电势差为u0的带电平行板（竖直放置）形成的电场中（初始位置在负极板附近），经过电场加速后，从第1个磁场的最左端水平进入，并从第3个磁场的最下端竖直穿出已知tan22.5=0.4，不计带电粒子的重力（1）求带电粒子进入磁场时的速度大小（2）试判断：若在第3个磁场的下面也有一电势差为u0的带电平行板（水平放置，其小孔在第3个磁场的最下端的正下方）形成的电场，带电粒子能否按原路返回？请说明原因（3）求匀强磁场的磁感应强度b（4）若将该带电粒子自该磁场中的某个位置以某个速度释放后恰好可在四个磁场中做匀速圆周运动，则该粒子的速度大小v为多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）对于平行板加速过程，运用动能定理求解带电粒子进入磁场时的速度大小（2）不能按原路返回，因为粒子进入第3个磁场下的电场后，向下减速至速度为零，然后反向加速至速度的大小为v，进入磁场后，根据左手定则判断知，带电粒子受到的洛伦兹力方向向右，粒子向右偏转（3）画出粒子的运动轨迹，由几何知识求出轨迹半径，再由牛顿第二定律求磁感应强度b（4）该带电粒子在四个磁场中做匀速圆周运动，如图乙所示，由几何关系知其半径等于r再由牛顿第二定律求v解答：解：（1）在加速电场中，根据动能定理有： qu0=解得：v=（2）不能按原路返回，因为粒子进入第3个磁场下的电场后，向下减速至速度为零，然后反向加速至速度的大小为v，但进入磁场后，根据左手定则可知，带电粒子受到的洛伦兹力方向向右，粒子向右偏，故不能按原路返回（3）设带电粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，如图甲所示，则根据几何关系可得： r=rtan22.5=0.4r解得：r=2.5r根据洛伦兹力提供向心力得：qvb=m解得：b=（4）该带电粒子在四个磁场中做匀速圆周运动，如图乙所示，由几何关系知其半径只能是r根据洛伦兹力提供向心力得：qvb=m解得：v=答：（1）带电粒子进入磁场时的速度大小为（2）带电粒子不能按原路返回，理由见上（3）匀强磁场的磁感应强度b为（4）该粒子的速度大小v为点评：解决本题的关键要画出带电粒子在磁场中的运动轨迹，要会确定半径、定圆心，运用几何知识求轨迹的半径【选做部分】请考生任选一模块作答【物理-物理3-3】12某一密闭容器中密封着一定质量的某种实际气体，气体分子间的相互作用力表现为引力关于实际气体的下列说法中正确的是( )a在完仝失重的情况下，密封容器内的气体对器壁的顶部没有作用力b若气体膨胀对外界做功，则分子势能一定增大c若气体被压缩，外界对气体做功，则气体内能一定增加d若气体从外界吸收的热量等于膨胀对外界做的功，则气体分子的平均动能一定减小考点：热力学第一定律；物体的内能专题：热力学定理专题分析：气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的气体压强与温度和体积有关温度是分子平均动能大小的标志根据热力学第一定律方向气体的内能的变化解答：解；a、气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的在完全失重的情况下，密闭容器内的气体对器壁的顶部有作用力，故a错误b、若气体膨胀对外界做功，分子之间的距离增大，需要克服气体分子之间的吸引力做功，则分子势能一定增大，故b正确c、若气体被压缩，外界对气体做功，若气体同时对外做功，则气体内能不一定增加故c错误d、若气体从外界吸收的热量等于膨胀对外界做的功，气体的内能不变，而分子势能一定增大，则气体分子的平均动能一定减小故d正确故选：bd点评：加强对基本概念的记忆，基本方法的学习利用，是学好33的基本方法此处2015届2015届高考要求不高，不用做太难的题目13一活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，初始时气体体积为3.0103m3用dis实验系统测得此时气体的温度和压强分别为300k和1.0105pa推动活塞压缩气体，稳定后测得气体的温度和压强分别为320k和1.6105pa求此时气体的体积；保持温度不变，缓慢改变作用在活塞上的力，使气体压强变为0.8105pa，求此时气体的体积考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：（1）明确变化过程时初末状态的状态参量，然后根据理想气体状态方程列方程求解即可（2）明确变化过程时初末状态的状态参量，然后根据玻意耳定律列方程求解即可解答：解：对缸内封闭气体初态：p1=1105 pa，v1=3.0103 m3，t1=300 k末态：p2=1.6105 pa，v2=？，t2=320 k由理想气体状态方程可知=所以v2=2103 m3，即末态时气体体积为2103 m3当气体保持t2不变，变到状态3时最后状态：p3=0.8105 pa，v3=？，t3=t2=320 k由玻意耳定律可知p2v2=p3v3即v3= m3=4103 m3答：此时气体的体积是2103 m3；保持温度不变，缓慢改变作用在活塞上的力，使气体压强变为0.8105pa，此时气体的体积是4103 m3点评：本题考查理想气体状态方程应用，关键是找出对应状态的状态参量，明确压强、温度、体积三个量中有几个量变化【物理-物理3-4】14一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是( )a质点的振动频率是4hzb在10s内质点经过的路程是20cmc第4s质点的加速度为零，速度最大d在t=1s和t=3s两时刻，质点的位移大小相等、方向相同考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：由图读出周期，求出频率质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，根据时间与周期的关系，求出质点在10s内经过的路程根据质点的位置，分析速度和加速度在t=1s和t=3s两时刻质点位移大小相等解答：解：a、由图读出周期为t=4s，则频率为f=0.25hz故a错误b、质点做简谐运动，在一个周期内通过的路程是4个振幅，t=10s=2.5t，则在10s内质点经过的路程是s=2.54a=102cm=20cm故b正确c、在第4s末，质点位于平衡位置处，速度最大，加速度为零故c正确d、由图看出，在t=1s和t=3s两时刻质点位移大小相等、方向相反故d错误故选：bc点评：由振动图象可以读出周期、振幅、位移、速度和加速度及其变化情况，是比较常见的读图题，难度不大，属于基础题15一