湖北省宜昌市金东方高中高二物理上学期9月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年湖北省宜昌市金东方高中高二（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分其中1-8题仅一个正确答案，9-12题有多个正确答案，选不全得3分，错选不得分）1关于电动势的下列说法中正确的是（）a在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能减少b对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势越大c电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移动单位电荷量做功越多d电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从电源负极移到正极所移动电荷量越多2如图所示，两个定值电阻r1、r2串联后接在电压u稳定于12v的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于r1、r2的电压表接在r1两端，电压表的示数为8v如果他把电压表改接在r2两端，则电压表的示数将（）a小于4vb等于4vc大于4v小于8vd等于或大于8v3一段粗细均匀的金属导体的横截面积是s，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为i，以下说法中正确的有（）a自由电子定向移动的速率为v0b自由电子定向移动的速率为v=c自由电子定向移动的速率为真空中的光速cd自由电子定向移动的速率为v=4一小灯泡的伏安特性曲线如图所示，在灯泡电压由3v增大到6v的过程中，随温度的升高，灯泡电阻改变了（）a30b40c10d大于105如图所示，额定电压都是110v，额定功率分别为pa=100w、pb=40w的两灯泡，接在220v电路上使用，使电灯能够正常发光，且电路中消耗电能最小的电路是哪一个（）abcd6一电压表由电流表g与电阻r串联而成，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小一些，可以加以改正的措施是（）a在r上串联一个比r小得多的电阻b在r上串联一个比r大得多的电阻c在r上并联一个比r小得多的电阻d在r上并联一个比r大得多的电阻7如图所示，当滑动变阻器滑动触头向左移动时，灯泡a、b、c的亮度将（）a都变亮b都变暗ca、b变亮，c变暗da、c变亮，b变暗8如图所示，直线oac为某一直流电源的总功率p总随电流i变化的图线，抛物线obc为同一直流电源内部热功率pr随电流i变化的图线若a、b对应的横坐标为2a，那么线段ab表示的功率及i=2a对应的外电阻是（）a2w，0.5b4w，2c2w，1d6w，29若将两个电源的ui图象画在同一直角坐标系上，如图所示，由图象可得（）a电动势e1=e2，内阻r1r2b电动势e1=e2，内阻r1r2c发生相同的电流变化，电源1的路端电压变化较大d发生相同的电流变化，电源2的路端电压变化较大10有一内电阻为4.4的电解槽和一盏标有“110v 60w”的灯泡串联后接在电压为220v的直流电路两端，灯泡正常发光，则（）a电解槽消耗的电功率为60wb电解槽消耗的电功率为120wc电解槽的发热功率为60wd电解槽消耗的总功率为60w11用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表a1、a2，若把a1、a2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和指针偏转角度的说法正确的是（）a图甲中的a1、a2的示数相同b图甲中的a1、a2的指针偏角相同c图乙中的a1、a2的示数和偏角都不同d图乙中的a1、a2的指针示数相同12如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500n，电源电动势为110v，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0a，可以判断（）a电动机消耗的总功率为550wb提升重物消耗的功率为450wc电动机线圈的电阻为22d电动机线圈的电阻为4二、解答题（共18分，每空3分）13如图所示，螺旋测微器的读数应为mm14某学习小组为测量一铜芯电线的电阻率，他们截取了一段电线，用米尺测出其长度为l，用螺旋测微器测得其直径为d，用多用电表测得其电阻值约为2，为提高测量的精度，该小组的人员从下列器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量这段导线（用rx表示）的电阻a电源e（电动势为3.0v，内阻不计）b电压表v1（量程为03.0v，内阻约为2k）c电压表v2（量程为015.0v，内阻约为6k）d电流表 a1（量程为01.5a，内阻约为1）e电流表 a2（量程为03.0a，内阻约为0.1）f滑动变阻器r1（最大阻值10，额定电流2.0a）g滑动变阻器r2（最大阻值1k，额定电流1.0a）h开关s一个，导线若干（1）为提高实验的精确度，请你为该实验小组设计电路图，画在方框中（2）实验时电压表选，电流表选，滑动变阻器选（只填代号）（3）某次测量时，电压表示数为u，电流表示数为i，则该铜芯线材料的电阻率的表达式为=三、计算题：（共44分）15如图所示，灯l上标有200w字样，电动机d上标有2000w字样，当在a、b两端加上220v电压时，灯和电动机均正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流是多少？（2）电灯正常工作时的电阻是多少？16在如图所示的电路中，电池的电动势e=5v，内电阻r=10，固定电阻r=90，r0是可变电阻，在r0由零增加到400的过程中，求：（1）可变电阻r0上消耗热功率最大的条件和最大热功率；（2）电池的内电阻r和固定电阻r上消耗的最小热功率之和17如图所示，电源电动势 e=9v，内电阻r=0.5，电阻 r1=5.0、r2=3.5、r3=6.0、r4=3.0，电容 c=2.0f当电键k由与a接触到与b接触通过r3的电量是多少？18如图所示，输入电压uab=200v，变阻器r1标有“150 3a”，负载电阻r2标有“50 2a”，求输出电压uab的变化范围2015-2016学年湖北省宜昌市金东方高中高二（上）月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分其中1-8题仅一个正确答案，9-12题有多个正确答案，选不全得3分，错选不得分）1关于电动势的下列说法中正确的是（）a在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能减少b对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势越大c电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移动单位电荷量做功越多d电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从电源负极移到正极所移动电荷量越多【考点】电源的电动势和内阻【分析】电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势与外电路无关接在电源两极间的电压表测得的电压小于电源的电动势【解答】解：a、在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能增大；故a错误；b、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势的大小等于移动单位正电荷非静电力做的功；故b错误；c、d、电动势越大，说明非静电力在电源内部把单位电荷量从负极向正极移送时做功越多；故c正确；d错误；故选：c【点评】本题考查对电动势的理解，要注意电动势是反映电源内部非静电力做功将其他形式的能转化为电能的本领2如图所示，两个定值电阻r1、r2串联后接在电压u稳定于12v的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于r1、r2的电压表接在r1两端，电压表的示数为8v如果他把电压表改接在r2两端，则电压表的示数将（）a小于4vb等于4vc大于4v小于8vd等于或大于8v【考点】串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】电压表的内阻不是远大于r1 r2，电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数【解答】解：电压表接在r1两端，电压表的示数8v，则此时r2两端的电压为4v把此表改接在两端r2时，由于电压表的内阻不是远大于r1 r2，电压表与r2并联的阻值小于r2，而r1与并联部分串联，总电压u=12v，则r1的电压大于8v，电压表与r2并联的电路的电压小于4v故选：a【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻3一段粗细均匀的金属导体的横截面积是s，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速率为v0，导体中通过的电流为i，以下说法中正确的有（）a自由电子定向移动的速率为v0b自由电子定向移动的速率为v=c自由电子定向移动的速率为真空中的光速cd自由电子定向移动的速率为v=【考点】电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率【解答】解：a、电流是由自由电子定向移动形成的；与光速及自由电子定无规则运动的速率无关；故ac错误；b、由电流的微观表达式可知：时间t内通过的电量q=nvte由电流的定义可知电流的微观表达式为：i=nev；则v=；故d正确；故选：d【点评】本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率4一小灯泡的伏安特性曲线如图所示，在灯泡电压由3v增大到6v的过程中，随温度的升高，灯泡电阻改变了（）a30b40c10d大于10【考点】欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】由小灯泡的伏安特性曲线可读出电压与电流，由r=求出a、b两个状态的电阻，即可求得电阻的变化量【解答】解：由图知，a状态：ua=3v，ia=0.1a，则此状态灯泡的电阻为：ra=30；b状态：ub=6v，ib=0.15a，则此状态灯泡的电阻为：rb=40所以灯泡电阻改变量为：r=rbra=4030=10；故选：c【点评】此题是灯泡是非线性元件，求电阻只能用r=，不能用r=5如图所示，额定电压都是110v，额定功率分别为pa=100w、pb=40w的两灯泡，接在220v电路上使用，使电灯能够正常发光，且电路中消耗电能最小的电路是哪一个（）abcd【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路【解答】解：a、由于ab两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把ab串连接入电路的话，ab的电压不会平分，ab不会同时正常发光，所以a错误；b、由于额定电压都是110v，额定功率pa=100w、pb=40w，由此可知rbra，把灯泡a与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以ab的电压不会平分，ab不会同时正常发光，所以b错误；c、由于额定电压都是110v，额定功率pa=100w、pb=40w，由此可知rbra，把灯泡b与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使a与并联部分的电阻相同，所以ab能同时正常发光，并且并联电路消耗的功率与a灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200w；d、把ab并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与ab并联的总的电阻相等时，ab就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为ab灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280w；由cd的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为c，所以c正确故选：c【点评】解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小6一电压表由电流表g与电阻r串联而成，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小一些，可以加以改正的措施是（）a在r上串联一个比r小得多的电阻b在r上串联一个比r大得多的电阻c在r上并联一个比r小得多的电阻d在r上并联一个比r大得多的电阻【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题【分析】电流表与电流表都是由表头改装成的，电压表是本题与分压电阻串联成的，根据串并联规律可知，若电压表读数总比准确值小，说明通过本题的电流较小，应减小分压电阻的大小，根据并联电阻需要任一支路电阻可知，应在r上并联一个比r大得多的电阻【解答】解：电压表的读数总比准确值稍小一些，说明通过电流表g的电流偏小，串联的电阻r偏大，为减小串联电阻r的阻值需在r上并联一个比r大得多的电阻，所以d正确；故选：d【点评】电流表、电压表的改装，实质上是电阻的串、并联问题，只要分清分电流、总电流，分电压、总电压，应用欧姆定律就能解决7如图所示，当滑动变阻器滑动触头向左移动时，灯泡a、b、c的亮度将（）a都变亮b都变暗ca、b变亮，c变暗da、c变亮，b变暗【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】当滑动变阻器的滑动触头向左移动时，根据变阻器接入电路的电阻如何变化，分析总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流的变化，判断a灯亮度的变化由欧姆定律分析并联部分电压如何变化，确定灯c亮度的变化根据总电流与c电流的变化关系，分析通过灯b灯电流的变化，判断b灯亮度的变化【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据全电路欧姆定律得知，干路中电流i增大，则a灯变亮电路中并联部分电压 u并=ei（ra+r），i增大，其他量不变，则u并减小，c灯变暗通过b灯的电流 ib=iic，i增大，ic减小，则ib增大，b灯变亮所以a、b灯变亮，c灯变暗故c正确故选：c【点评】对于电路中动态变化分析问题，往往按“局部整体局部”的思路，按部就班进行分析也可以直接根据串联电路电压与电阻成正比，分析各部分电压的变化，确定a、c两灯亮度的变化8如图所示，直线oac为某一直流电源的总功率p总随电流i变化的图线，抛物线obc为同一直流电源内部热功率pr随电流i变化的图线若a、b对应的横坐标为2a，那么线段ab表示的功率及i=2a对应的外电阻是（）a2w，0.5b4w，2c2w，1d6w，2【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】根据电源的总功率p=ei，由c点的坐标求出电源的电动势和内阻ab段表示外电路的功率，再求解ab段表示的功率【解答】解：电源的总功率p=ei，c点表示i=3a，p=9w，则电源的电动势e=3v由图看出，c点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有p=i2r，代入解得，r=1，所以ab段表示的功率为pab=eii2r=32221（w）=2w根据闭合电路欧姆定律，有，解得：r=0.5故选a【点评】本题关键在：（1）理解电源的总功率p总随电流i变化的图象与电源内部热功率pr随电流i变化的图象的涵义；（2）分清三种功率及其关系：电源的总功率p总=ei，电源内部发热功率p热=i2r，外电路消耗功率p外=ui=i2r，且根据能量关系得p总=p外+p热9若将两个电源的ui图象画在同一直角坐标系上，如图所示，由图象可得（）a电动势e1=e2，内阻r1r2b电动势e1=e2，内阻r1r2c发生相同的电流变化，电源1的路端电压变化较大d发生相同的电流变化，电源2的路端电压变化较大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据闭合电路欧姆定律分析得知，电源的ui图象纵轴截距等于电动势，斜率大小等于电源的内阻，由数学知识比较电动势和内阻的大小根据斜率比较路端电压变化量的大小【解答】解：a、b、根据闭合电路欧姆定律u=eir，当i=0时，u=e，图象的斜率大小等于电源的内阻，由数学知识得知，电动势e1=e2，内阻r1r2故a正确，b错误c、d、图线1的斜率小于图线2的斜率，则由图象分析得知，当发生相同的电流变化时，电源2的路端电压变化较大故c错误，d正确故选：ad【点评】本题关键抓住图象的数学意义来理解图象的物理意义，由纵轴截距可读出电源的电动势，由斜率大小读出内阻的大小10有一内电阻为4.4的电解槽和一盏标有“110v 60w”的灯泡串联后接在电压为220v的直流电路两端，灯泡正常发光，则（）a电解槽消耗的电功率为60wb电解槽消耗的电功率为120wc电解槽的发热功率为60wd电解槽消耗的总功率为60w【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】由于电解槽和灯泡串联，根据灯泡正常发光，可以判断出电解槽的电压和电流，从而可以求得电解槽的输入功率、发热功率以及输出功率【解答】解：a、由于灯泡正常发光，所以电动机的电压为：u=220110=110v，由于电解槽和灯泡串联，它们的电流相等，所以有：i=a，a、电解槽消耗的总功率等于电解槽的输入功率为：p=ui=110=60w，故a正确，b错误；c、电解槽的发热功率为：p热=i2r=（）24.4=1.3w，所以c错误d、电路消耗总功率为为：p总=220va=120w，所以d错误故选：a【点评】在计算电功率的公式中，总功率用p=iu来计算，发热的功率用p=i2r来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的11用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表a1、a2，若把a1、a2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和指针偏转角度的说法正确的是（）a图甲中的a1、a2的示数相同b图甲中的a1、a2的指针偏角相同c图乙中的a1、a2的示数和偏角都不同d图乙中的a1、a2的指针示数相同【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题【分析】电流表a1、a2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大当它们串联时，a1、a2的示数相同由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同【解答】解：a、b、图甲中的a1、a2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同故a错误，b正确c、d图乙中的a1、a2串联，a1、a2的示数相同由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同故c错误d正确故选：bd【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成指针偏转角度取决于流过表头的电流大小12如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500n，电源电动势为110v，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0a，可以判断（）a电动机消耗的总功率为550wb提升重物消耗的功率为450wc电动机线圈的电阻为22d电动机线圈的电阻为4【考点】闭合电路中的能量转化【分析】当电动机以恒定速度向上提升重物时，同时电动机因线圈电阻消耗功率则电源产生的总功率等于提升物体消耗的功率加上线圈电阻消耗的功率【解答】解：重物被提升的功率p1=fv=gv=5000.9w=450w此时电路中的电流为5a则电源的总功率p总=ei=1105w=550w所以线圈电阻消耗的功率为pr=p总p1=550450w=100w由殴姆定律可得：r=故选：abd【点评】由能量守恒定律可知，提升功率与电阻发热功率之和为电源的总功率二、解答题（共18分，每空3分）13如图所示，螺旋测微器的读数应为1.500mm【考点】螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为0.010.00mm=0.000mm，所以最终读数为1.500 mm故答案为：1.500【点评】螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读14某学习小组为测量一铜芯电线的电阻率，他们截取了一段电线，用米尺测出其长度为l，用螺旋测微器测得其直径为d，用多用电表测得其电阻值约为2，为提高测量的精度，该小组的人员从下列器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量这段导线（用rx表示）的电阻a电源e（电动势为3.0v，内阻不计）b电压表v1（量程为03.0v，内阻约为2k）c电压表v2（量程为015.0v，内阻约为6k）d电流表 a1（量程为01.5a，内阻约为1）e电流表 a2（量程为03.0a，内阻约为0.1）f滑动变阻器r1（最大阻值10，额定电流2.0a）g滑动变阻器r2（最大阻值1k，额定电流1.0a）h开关s一个，导线若干（1）为提高实验的精确度，请你为该实验小组设计电路图，画在方框中（2）实验时电压表选b，电流表选d，滑动变阻器选f（只填代号）（3）某次测量时，电压表示数为u，电流表示数为i，则该铜芯线材料的电阻率的表达式为=【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题【分析】（1）根据电线电阻与电表内阻关系确定电流表接法，为精确测量电阻阻值，滑动变阻器可以采用分压接法，据此作出实验电路图；（2）根据电源电压确定电压表量程，根据电路最大电流选择电流表量程，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；（3）由欧姆定律求出电阻，由电阻定律求出电阻率【解答】解：（1）滑动变阻器采用分压限流法均可以，待测电阻约为2，因此电流表应采用外接法，同时由于待测电线电阻较小，为保证电路安全，待测电阻应串联一个保护电阻，电路图如图所示（1）电源电动势为3.0v，电压表应选b；通过电线的最大电流约为：i=1.5a，电流表应选电流表d，为方便实验操作，滑动变阻器应选择f（3）由欧姆定律得：r=，由电阻定律得：r=，则电阻率：=；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）b；d；f；（3）【点评】要根据实验目的、实验原理、根据所给实验器材选择实验所需要的器材，然后确定滑动变阻器的接法与电流表的接法，再作出实验电路图三、计算题：（共44分）15如图所示，灯l上标有200w字样，电动机d上标有2000w字样，当在a、b两端加上220v电压时，灯和电动机均正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流是多少？（2）电灯正常工作时的电阻是多少？【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】用电器正常工作时的功率和额定功率相等，先求出电路中的总功率，根据p=ui求出电路中的电流；灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，根据p=i2r求出电灯正常工作时的电阻；【解答】解：由于电灯是纯电阻用电器，正常工作时p=ui=i2rl整个电器的功率pab=pl+pd=2200w 而uab=220v解得：电路电路i=10a根据p=i2r 得rl=2答：（1）电动机正常工作时的电流是10a；（2）电灯正常工作时的电阻为2【点评】本题应明确：对于纯电阻电路，欧姆定律u=ir成立；而对于非纯电阻电路，比如电动机正常工作时，欧姆定律不成立，uir16在如图所示的电路中，电池的电动势e=5v，内电阻r=10，固定电阻r=90，r0是可变电阻，在r0由零增加到400的过程中，求：（1）可变电阻r0上消耗热功率最大的条件和最大热功率；（2）电池的内电阻r和固定电阻r上消耗的最小热功率之和【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】（1）当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大可将r0是看成电源的内阻，当等效电源的内阻等于r0时，r0的功率最大，再由功率公式求解最大功率（2）r和r为定值电阻，r0为可变电阻，根据p=i2r可以分析电阻r和r的功率之和，当r0最大时，电路中电流最小，所求功率最小【解答】解：（1）根据电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大可知，当把r和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做r+r，当r0=r+r时，即r0=100时，电源的输出功率最大，即r0上获得最大功率，此时电路中电流为：i=0.025ar0上消耗的最大热功率为：p=i2r0=0.0252100w=0.0625w（2）当r0=400的时候，电路中电流最小，则电池的内电阻r和电阻r上消耗的热功率之和最小，此时电路中电流为：imin=0.01则内电阻r和电阻r上消耗的热功率之和最小值为：pmin=imin2（r+r）=0.012100=0.01w答：（1）可变电阻r0上消耗热功率最大的条件是r为100，最大热功率是0.0625w；（2）电池的内电阻r和电阻r上消耗的热功率之和的最小值是0.01w【点评】对于r的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把r0和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的