福建省福州市文博中学高二物理上学期期末考试试卷（含解析）.doc

福建省福州市文博中学2014-2015学年高二上学期期末物理试卷一、单项选择题（共16小题，每小题3分，共45分每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1关于电场强度的公式e=，下列说法正确的是( )a由公式可知，电场强度与试探电荷所带电量成反比b此公式只能适用于真空中的点电荷产生的电场c此公式为电场强度的定义式，可以适用于各种电场d公式中q是产生电场的电荷带电量，f是试探电荷所受到的力2两个相同的金属小球，带电量之比为，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们的静电力可能为原来的( )abcd3在点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，那么圆上a、b两点( )a电场强度相同，电势相等b电场强度相同，电势不相等c电场强度不相同，电势相等d电场强度不相同，电势不相等4某同学画的表示磁场b、电流i和安培力f的相互关系如图所示，其中正确的是( )abcd5两个带电粒子由静止经同一电场加速后垂直磁感线方向进入同一匀强磁场，两粒子质量之比为1：2电量之比为1：2，则两带电粒子受洛仑兹力之比为( )a2：1b1：lc1：2d1：46穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2wb，则( )a线圈中感应电动势每秒增加2vb线圈中感应电动势每秒减少2vc线圈中感应电动势始终为2vd线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2v7如图所示的电路中，一个n极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，下列判断正确的是( )a磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿abcd方向，经过位置2时沿adcb方向b磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿adcb方向，经过位置2时沿abcd方向c磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿abcd方向d磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿adcb方向8矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况，如图所示下列说法中正确的是( )a此交流电的频率为0.2hzb此交流电动势的有效值为1vct=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行d线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为wb9某电流表的满偏电流ig=1ma，内阻为1k，要把它改装成一个量程为0.6a的安培表，应在该电流表上( )a串联一个599 k的电阻b并联一个599 k的电阻c串联一个k的电阻d关联一个k的电阻10有一台电风扇额定工作电压为220v，额定电功率为50w，线圈电阻为0.4，电风扇接入电压为220v的电路中，关于它每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是( )aq=pt=5060=3000jbq=iut=50220j=3000jcq=i2rt=（）20.460j=1.2jdq=2202j=7.26106j11如图所示，电源电动势为e，内阻为r，合上开关s后各灯恰能正常发光，如果某一时刻电灯c烧断，则( )a灯a变暗，灯b变亮b灯a变亮，灯b变暗c灯a、灯b都变亮d灯a、灯b都变暗12如图所示，在半径为r的圆内，有方向为垂直纸面向里的匀强磁场，一带电粒子以速度v沿半径ao方向从a点射入磁场，又从c点射出磁场，射出时速度方向偏转60，则粒子在磁场中运动的时间是( )abcd13如图所示，两平行金属板水平放置，构成一个电容器当把两金属板接在某直流电源的两板时，板间有一带电微粒恰好能保持静止状态，则( )a该带电微粒一定是带负电荷b微粒只能处于两板中央，它才可能处于静止c若将两极板间距调大一些，微粒将向下运动d若将两极板间距调小一些，微粒仍能保持平衡14如图所示中，l1和l2是两个相同灯泡，l是一个自感系数相当大的线圈，其电阻值与r相同，在开关s接通的瞬间，下列说法正确的是( )a接通时l1先达到最亮，断开时l1后灭b接通时l2先达到最亮，断开时l2后灭c接通时l1先达到最亮，断开时l1先灭d接通时l2先达到最亮，断开时l2先灭15如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下图所示的图线中，能正确反映感应电流随时间变化规律的是( )abcd16如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab可沿导轨滑动，原先s断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合s，则从s闭合开始计时，ab杆的运动速度v随时间t的图象不可能是下图中的( )abcd二、填空题：（共17分）17小明用多用电表的欧姆测某一电阻值时，分别用r1、r10两个电阻挡测了两次，指针所指的位置如右图所示为提高测量的精确度，应该用_挡，被测阻值约为_18用伏安法测定两节干电池组成的电源的电动势e和内电阻r实验中共测出五组数据，如下表所示： 1 2 3 4 5u（v）2.802.602.502.202.00i（a）0.480.801.001.601.96在如图中作ui图线，并根据图线求出：电动势e=_v，内电阻r=_19在“测定金属的电阻率”的实验中，某同学选用电阻大约为5的金属丝，为了采用伏安法测其电阻，他取来两节干电池、电键和若干导线及下列器材：a电压表03v，内阻10kb电压表015v，内阻50kc电流表00.6a，内阻0.05d电流表03a，内阻0.01e滑动变阻器，010f滑动变阻器，0100（1）要求较准确地测出其阻值，电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器应选_（填序号）（2）实验中某同学的实物接线如图所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误错误1：_；错误2：_三、计算题：（共38分，写出必要的文字说明）20真空中有一点电荷a，带电量为+4109c，当另一点电荷b在与a相距10cm时，受到静电引力的大小为1.8105n已知静电力常量k=9109nm2/c2，问：（1）点电荷b带何种电？带电量为多少？（2）a点电荷在距离 10cm远处产生的电场，场强是多大？21如图所示，电源的电动势e=4.5v，电阻r=8，玩具电动机上标有“4v 2w”字样当电键s闭合后，电动机恰好能正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流； （2）电源的内电阻22如图所示，导体框架的平行导轨间距d=1m，框架平面与水平面夹角=30，匀强磁场方向垂直框架平面向上，且b=0.2t，导体棒ab的质量m=0.2kg，r=0.1，水平跨在导轨上，且可无摩擦滑动（g取10m/s2）求：（1）ab下滑的最大速度（2）以最大速度下滑时，ab棒上的电热功率23一足够长的矩形区域abcd内有磁感应强度为b，方向垂直纸面向里的匀强磁场，矩形区域的左边界ad宽为l，现从ad中点o垂直于磁场射入一带电粒子，速度大小为v0，方向与ad边夹角为=30，如图所示已知粒子的电荷量为q，质量为m（重力忽略不计）（1）若粒子带负电，且恰好能从d点射出磁场，求v0的大小；（2）若粒子带正电，使粒子能从ab边射出磁场，求v0的取值范围，以及此范围内粒子在磁场中运动时间t的范围24如图所示，在直角坐标系xoy的第一象限中分布着沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限中分布着方向向里垂直纸面的匀强磁场一个质量为m、带电+q的微粒，在a点（0，3）以初速度v0=120m/s平行x轴射入电场区域，然后从电场区域进入磁场，又从磁场进入电场，并且先后只通过x轴上的p点（6，0）和q点（8，0）各一次已知该微粒的比荷为=102c/kg，微粒重力不计求：（1）微粒从a到p所经历的时间和加速度的大小；（2）求出微粒到达p点时速度方向与x轴正方向的夹角；（3）电场强度e和磁感强度b的大小福建省福州市文博中学2014-2015学年高二上学期期末物理试卷一、单项选择题（共16小题，每小题3分，共45分每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1关于电场强度的公式e=，下列说法正确的是( )a由公式可知，电场强度与试探电荷所带电量成反比b此公式只能适用于真空中的点电荷产生的电场c此公式为电场强度的定义式，可以适用于各种电场d公式中q是产生电场的电荷带电量，f是试探电荷所受到的力考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：公式e=运用比值法定义，e与f、q无关，该公式适用于任何电场，根据电场强度的物理意义分析解答：解：a、电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定，与试探电荷的电荷量无关，故a错误bc、e=为电场强度的定义式，运用比值法定义，适用于各种电场，故b错误，c正确d、公式中q是放入电场中的试探电荷，f是试探电荷所受到的力，故d错误故选：c点评：本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定2两个相同的金属小球，带电量之比为，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们的静电力可能为原来的( )abcd考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的解答：解：由库仑定律可得：f=k得，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为4：4，所以库仑力是原来的16：7当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为3：3，所以库仑力是原来的9：7故c、d正确，a、b错误故选：cd点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式，注意两个金属小球可能带同种电荷，可能带异种电荷3在点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，那么圆上a、b两点( )a电场强度相同，电势相等b电场强度相同，电势不相等c电场强度不相同，电势相等d电场强度不相同，电势不相等考点：电势差与电场强度的关系；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：点电荷产生的电场线是辐射状或汇聚状的，根据电场线的特点判断电场强度的关系通过点电荷的等势面判断各点电势的关系解答：解：在单个点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，在圆周上各处电场线疏密相同，但方向各不相同，故场强的大小相同，场强的方向各不相同，所以圆上各点的场强不同点电荷的等势面是一簇簇一点电荷为球心的同心球面，球面上各点的电势相等故c正确，abd错误故选：c点评：解决本题的关键掌握点电荷周围电场的特点，注意电场强度是矢量，有大小有方向以及知道点电荷的等势面特点4某同学画的表示磁场b、电流i和安培力f的相互关系如图所示，其中正确的是( )abcd考点：安培力 分析：熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向解答：解：a、根据左手定则可知，a图中安培力方向应该向上，故a正确；b、根据左手定则可知，b图中安培力应该垂直于磁场斜向上，故b错误；c、根据左手定则可知，c图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，故c错误；d、根据左手定则可知，d图中安培力方向垂直于导体棒向上，故d错误故选：a点评：左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度5两个带电粒子由静止经同一电场加速后垂直磁感线方向进入同一匀强磁场，两粒子质量之比为1：2电量之比为1：2，则两带电粒子受洛仑兹力之比为( )a2：1b1：lc1：2d1：4考点：洛仑兹力 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：根据动能定理求出粒子的速度关系，带电粒子垂直进入磁场中，受到洛伦兹力作用，根据洛伦兹力大小，f=bqv，即可求解解答：解：两个带电粒子由静止经同一电场加速后，根据动能定理：所以：由于两粒子质量之比为1：2电量之比为1：2，所以两种粒子进入磁场的速度是相等的根据洛伦兹力大小，f=bqv，结合题意可得，洛伦兹力大小与电量成正比，即1：2，故c正确，abd错误；故选：c点评：考查洛伦兹力产生条件，及影响洛伦兹力的大小因素，同时运用控制变量法来确定问题6穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2wb，则( )a线圈中感应电动势每秒增加2vb线圈中感应电动势每秒减少2vc线圈中感应电动势始终为2vd线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2v考点：法拉第电磁感应定律 分析：根据法拉第电磁感应定律e=分析感应电动势的大小，且电动势的大小与电阻无关解答：解：磁通量始终保持每秒钟均匀地增加2wb，则e=n=，知线圈中的感应电动势始终为2v，与线圈的电阻无关故c正确，a、b、d错误故选：c点评：解决本题的关键知道感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，会运用法拉第电磁感应定律解题7如图所示的电路中，一个n极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，下列判断正确的是( )a磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿abcd方向，经过位置2时沿adcb方向b磁铁经过图中位置1时，线框中感应电流沿adcb方向，经过位置2时沿abcd方向c磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿abcd方向d磁铁经过位置1和2时，感应电流都沿adcb方向考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：当n极朝下的条形磁铁竖直下落，恰能穿过水平放置的方形导线框，则由磁通量变化来判定线框中的感应电流方向解答：解：a、磁铁经过图中位置1时，线框中的磁通是变大，且磁场方向向下，则由楞次定律可得，线框中感应电流adcb方向，经过位置2时，线框中的磁通是变小，且磁场方向向下，则由楞次定律可得，线框中感应电流沿abcd方向，故acd错误，b正确；故选：b点评：考查由楞次定律来确定感应电流的方向当条形磁铁进入方形导线框时，磁铁内部磁场强于外部，且内部磁感线从s极到n极8矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况，如图所示下列说法中正确的是( )a此交流电的频率为0.2hzb此交流电动势的有效值为1vct=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行d线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为wb考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理 专题：交流电专题分析：根据图象可得出交流电的最大值、有效值、周期、频率等物理量的大小解答：解：a根据图象可知，该交流电的周期为0.2s，故频率为5hz，故a错误；b该交流电的最大值为1v，有效值为v，故b错误；ct=0.1s时，电动势为零，此时线圈处在中性面上，故c错误d由em=nbs得：线圈磁通量的最大值m=bs=wb，故d正确故选d点评：根据交流电图象获取有关交流电的各种信息，是对学生的基本要求，要熟练掌握9某电流表的满偏电流ig=1ma，内阻为1k，要把它改装成一个量程为0.6a的安培表，应在该电流表上( )a串联一个599 k的电阻b并联一个599 k的电阻c串联一个k的电阻d关联一个k的电阻考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题分析：将电表的量程扩大应在表头两端并联一个小电阻进行分流，当流过表头的电流达到满偏时，流过并联部分的总电流即为改装后的最大量程解答：解：要使电流表量程变为0.6a，则流过并联电阻的电流为：i=0.60.001a=0.599a；并联部分的电压为：u=igr=0.0011000=1v，则需要并联的电阻为：r=k，故d正确，abc错误；故选：d点评：对于电流表的改装一定要明确改装的原理，再根据串并联电路的规律求解即可10有一台电风扇额定工作电压为220v，额定电功率为50w，线圈电阻为0.4，电风扇接入电压为220v的电路中，关于它每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是( )aq=pt=5060=3000jbq=iut=50220j=3000jcq=i2rt=（）20.460j=1.2jdq=2202j=7.26106j考点：电功、电功率；焦耳定律 专题：恒定电流专题分析：已知电流和线圈的电阻以及通电时间，由q=i2rt就可计算出线圈产生的热量解答：解：电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为q=i2rt=（50/220）20.460j=1.2j故选c点评：本题考查了电动机正常工作时产生热量的计算，是一道基础题，关键是正确理解电功和电热的关系以及各自的求解方法11如图所示，电源电动势为e，内阻为r，合上开关s后各灯恰能正常发光，如果某一时刻电灯c烧断，则( )a灯a变暗，灯b变亮b灯a变亮，灯b变暗c灯a、灯b都变亮d灯a、灯b都变暗考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：串联电路电流相等，各个电阻的电压之比等于电阻之比；电灯c烧断，电灯b与电灯c并联的总电阻增加了解答：解：电灯c烧断，电灯b与电灯c并联的总电阻增加了，故电灯b与电灯c并联部分分得的电压增加了，故电灯b变亮了；电灯c烧断，电灯b与电灯c并联的总电阻增加了，根据闭合电路欧姆定律，干路电流减小了，故电灯a变暗了；故选：a点评：本题是电路中的动态分析问题，关键是结合闭合电路欧姆定律和串联电路的分压规律进行判断，基础问题12如图所示，在半径为r的圆内，有方向为垂直纸面向里的匀强磁场，一带电粒子以速度v沿半径ao方向从a点射入磁场，又从c点射出磁场，射出时速度方向偏转60，则粒子在磁场中运动的时间是( )abcd考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出半径定圆心角，根据v=求时间解答：解：设粒子做匀速圆周运动的半径为r，如图所示，ooa=30，得到圆运动的半径为：r=oa=由于粒子在磁场中的运动方向偏转了60角，所以粒子完成了个圆运动，运动的时间为：t=故选：c点评：带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，关键是画出粒子圆周的轨迹，往往用数学知识求半径13如图所示，两平行金属板水平放置，构成一个电容器当把两金属板接在某直流电源的两板时，板间有一带电微粒恰好能保持静止状态，则( )a该带电微粒一定是带负电荷b微粒只能处于两板中央，它才可能处于静止c若将两极板间距调大一些，微粒将向下运动d若将两极板间距调小一些，微粒仍能保持平衡考点：带电粒子在混合场中的运动；电容 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：带电微粒受到重力和电场力作用，处于静止状态，根据电源判断电容器的正负极，从而判断电场强度的方向，根据电场力的方向方向微粒的电性，电容器板间电压不变，由e=分析板间场强的变化，即可判断小球如何运动解答：解：a、带电微粒受到重力和电场力作用，处于静止状态，则电场力方向竖直向上，根据图象可知，电容器下极板带正电，则电场强度向上，所以电荷带正电，故a错误；b、电容器内部是匀强电场，带点微粒不论处于什么位置都能静止，故b错误；c、将电容器两板间的距离增大，电容器板间电压不变，根据e=可知，电场强度减小，则电场力减小，重力大于电场力，微粒将向下运动，故c正确；d、将电容器两板间的距离减小，电容器板间电压不变，根据e=可知，电场强度增大，则电场力增大，重力小于电场力，微粒将向上运动，故d错误；故选：c点评：本题是电容器动态分析问题知道电容器与电源始终相连时，电容器两端电压不变，结合板间场强公式e=进行分析即可14如图所示中，l1和l2是两个相同灯泡，l是一个自感系数相当大的线圈，其电阻值与r相同，在开关s接通的瞬间，下列说法正确的是( )a接通时l1先达到最亮，断开时l1后灭b接通时l2先达到最亮，断开时l2后灭c接通时l1先达到最亮，断开时l1先灭d接通时l2先达到最亮，断开时l2先灭考点：自感现象的应用 分析：利用自感线圈对变化电流的阻碍作用和欧姆定律进行判断解答：解：接通时由于l自感作用，瞬间等于断路，通过l1的电流等于l2+r之和，所以l1先达到最亮然后l自感慢慢减弱，通过l1的电流减小，然后熄灭；当断开时，l2瞬间失去电流，而l1和l构成回路，由于l自感，l1会亮一会再灭，故a正确bcd错误故选：a点评：本题考查了自感线圈的特点，利用楞次定律和闭合电路的欧姆定律综合分析15如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下图所示的图线中，能正确反映感应电流随时间变化规律的是( )abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据楞次定律判断感应电流的方向由感应电动势公式和欧姆定律分别研究各段感应电流的大小，再选择图象解答：解：线框进入磁场过程：时间t1=1s，根据楞次定律判断可知感应电流方向是逆时针方向，感应电流大小i=不变线框完全在磁场中运动过程：磁通量不变，没有感应产生，经历时间t2=1s线框穿出磁场过程：时间t3=1s，感应电流方向是顺时针方向，感应电流大小i=不变故选c点评：本题分三个过程分别研究感应电流大小和方向，是电磁感应中常见的图象问题，比较简单16如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab可沿导轨滑动，原先s断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合s，则从s闭合开始计时，ab杆的运动速度v随时间t的图象不可能是下图中的( )abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势；匀变速直线运动的图像 专题：电磁感应与图像结合分析：金属杆在重力作用下向下运动，竖直方向受重力和安培力作用，根据安培力大小与重力大小的关系分析金属杆的运动情况以及加速度变化情况解答：解：a、当闭合开关时s时，满足mg=时，金属杆匀速运动，a可能，故a错误b、当速度大小变化时，感应电动势也会变化，感应电流也变化，安培力大小也变化，所以金属杆的加速度也在变化，所以不可能做匀加速运动，b没有可能，故b正确c、如果mg时，金属杆加速运动，速度增大，安培力增大，加速度减小最后匀速，c有可能，故c错误d、当mg时，金属杆减速运动，速度减小，安培力减小，加速度减小，d有可能，故d错误该题选不可能的，故选b点评：正确分析棒的受力并能根据受力判定物体做加速度逐渐减小的加速运动，知道合外力等于0时棒将做匀速直线运动二、填空题：（共17分）17小明用多用电表的欧姆测某一电阻值时，分别用r1、r10两个电阻挡测了两次，指针所指的位置如右图所示为提高测量的精确度，应该用10挡，被测阻值约为200考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分析：（1）欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确；欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量；再换挡位、测量；最后调到交流最大电压挡；（2）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率解答：解：欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确，故第一次指针指在左边，第一次的读数大，所以选择的档位太小；第二次指在中间，所选择的档位合适，所以要选择“10”档；欧姆表选择10挡，由图示表盘可知，电阻阻值为：2010=200故答案为：10，200点评：本题考查了欧姆表的使用技巧以及读数方法，基础题换挡之后一定要进行欧姆表调零是做该类题目的关键18用伏安法测定两节干电池组成的电源的电动势e和内电阻r实验中共测出五组数据，如下表所示： 1 2 3 4 5u（v）2.802.602.502.202.00i（a）0.480.801.001.601.96在如图中作ui图线，并根据图线求出：电动势e=3v，内电阻r=0.5考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：应用描点法作图，根据实验数据在坐标系中描出对应点，然后作出ui图象；电源的ui图象与纵坐标轴的交点等于电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻解答：解：根据实验数据在坐标系中描出对应点，然后用直线把它们连起来，作出ui图象，如图所示由电源ui图象可知，电源电动势为：e=3v，电源内阻为：r=0.5故答案为：3，0.5点评：要掌握描点法作图的方法、正确作出电源ui图象图象是准确求出电源电动势与内阻的关键；由图象求电源内阻时要注意纵轴坐标的起点坐标是否为零19在“测定金属的电阻率”的实验中，某同学选用电阻大约为5的金属丝，为了采用伏安法测其电阻，他取来两节干电池、电键和若干导线及下列器材：a电压表03v，内阻10kb电压表015v，内阻50kc电流表00.6a，内阻0.05d电流表03a，内阻0.01e滑动变阻器，010f滑动变阻器，0100（1）要求较准确地测出其阻值，电压表应选a，电流表应选c，滑动变阻器应选e（填序号）（2）实验中某同学的实物接线如图所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上；错误2：采用了电流表内接法考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）两节干电池电动势共为3v，为减小读数误差，选小量程电压表；根据欧姆定律，电流不超过0.6a，故电流表同样选择小量程的；为使操作方便，滑动变阻器选择与电阻接进的，选10的（2）连线电路要注意：电表极性不能接反，量程选择恰当的，安培表内外接法的选择解答：解：（1）两节干电池电动势共为3v，为减小读数误差，选小量程电压表，故选a；根据欧姆定律，i=，电流不超过0.6a，故电流表同样选择小量程的，即选c；滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低，电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，即选e；（2）伏安法测电阻时，测量较大电阻用安培表内接法，测量较小电阻用安培表外接法，本题待测电阻与安培表电阻相接进，故采用安培表外接法故答案为：（1）a，c，e；（2）导线连接在滑动变阻器的滑片上；采用了电流表内接法点评：本题关键：（1）用伏安法测电阻时安培表内、外接法的选择原则是“大内小外”，即对于大电阻采用安培表内接法，对于小电阻采用安培表外接法；（2）需要有较大的电压测量范围时，滑动变阻器采用分压式接法三、计算题：（共38分，写出必要的文字说明）20真空中有一点电荷a，带电量为+4109c，当另一点电荷b在与a相距10cm时，受到静电引力的大小为1.8105n已知静电力常量k=9109nm2/c2，问：（1）点电荷b带何种电？带电量为多少？（2）a点电荷在距离 10cm远处产生的电场，场强是多大？考点：电势差与电场强度的关系；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）根据库伦定律即可求得所带电荷量，根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引即可判断；（2）根据点电荷产生的场强即可求得解答：解：（1）根据库仑定律得代入数据解得：电荷间为吸引力，故b带负电（2）根据点电荷产生的场强公式可得解得：e=答：（1）点电荷b带负电，带电量为5109c（2）a点电荷在距离 10cm远处产生的电场，场强是3.6103n/c点评：本题很简单直接考查了库伦定律和点电荷强度定义式 的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义21如图所示，电源的电动势e=4.5v，电阻r=8，玩具电动机上标有“4v 2w”字样当电键s闭合后，电动机恰好能正常工作，求：（1）电动机正常工作时的电流； （2）电源的内电阻考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：（1）由p=ui可求得电动机正常工作时的电流；（2）根据并联电路规律可求得总电流，再由闭合电路欧姆定律可求得电源的内电阻解答：解：（1）由p=ui可得，电动机中的电流为：i=0.5a；（2）r与m并联，电压为4v，则电阻中的电流为：i1=0.5a；总电流为：i总=1a；由闭合电路欧姆定律可得：e=ir+u解得：r=0.5；答：（1）电动机正常工作的电流为0.5a；（2）电源的内电阻为0.5点评：本题考查闭合电路欧姆定律的应用及串并联电路的规律，要求能准确应用功率公式，并能明确并联电路两端电压相同22如图所示，导体框架的平行导轨间距d=1m，框架平面与水平面夹角=30，匀强磁场方向垂直框架平面向上，且b=0.2t，导体棒ab的质量m=0.2kg，r=0.1，水平跨在导轨上，且可无摩擦滑动（g取10m/s2）求：（1）ab下滑的最大速度（2）以最大速度下滑时，ab棒上的电热功率考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应功能问题分析：（1）ab棒下滑时，受重力、支持力和安培力做加速度减小的变加速运动，当a=0时，速度最大（2）当ab棒速度达到最大，做匀速运动，根据能量守恒求出ab棒上电功率解答：解：（1）当加速度a=0时，导体棒的速度最大，有：mgsin=bil而i=联立解得=2.5m/s（2）当导体棒速度达到最大后做匀速直线运动，根据能量守恒得，重力做功的功率等于整个回路产生的热功率，而整个回路产生的热功率等于ab棒上电热功率有：p=mgvmsin=2=2.5w答：（1）ab下滑的最大速度为2.5m/s（2）以最大速度下滑时，ab棒上的电热功率为2.5w点评：解决本题的关键会通过导体棒的受力，判断其运动情况，知当加速度为零时，导体棒速度最大23一足够长的矩形区域abcd内有磁感应强度为b，方向垂直纸面向里的匀强磁场，矩形区域的左边界ad宽为l，现从ad中点o垂直于磁场射入一带电粒子，速度大小为v0，方向与ad边夹角为=30，如图所示已知粒子的电荷量为q，质量为m（重力忽略不计）（1）若粒子带负电，且恰好能从d点射出磁场，求v0的大小；（2）若粒子带正电，使粒子能从ab边射出磁场，求v0的取值范围，以及此范围内粒子在磁场中运动时间t的范围考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）根据牛顿第二定律，由洛伦兹力提供向心力，结合几何关系可确定半径的范围，即可求解；（2）根据题意确定运动轨迹，再由圆心角与周期公式，即可确定最长运动的时间；根据半径公式与半径的取值，即可求解解答：解：（1）若粒子带负电，且恰好能从d点射出磁场，它运动的轨迹如图1，则运动的半径：，运动的过程洛伦兹力提供向心力，得：整理得：（2）若