高中生物第1章孟德尔定律第1节分离定律Ⅱ学业分层测评浙科版必修2.doc

生活的色彩就是学习第1章 孟德尔定律 第1节 分离定律（）学业分层测评第2章 (建议用时：45分钟)学业达标1下列可以决定测交后代的种类及比例的是()A亲本的基因型B显性个体产生的配子C隐性个体产生的配子D待测个体产生配子的类型及比例【解析】测交后代的表现类型及其比例，可反映待测个体所产生的配子类型及其比例。【答案】D2一只基因型为Aa的山羊产生了800个精子，理论上含A的精子比例为()A400 B1C1/2D0【解析】基因型为Aa的山羊可产生两种不同类型的精子，一种带有基因A，另一种带有基因a，并且理论上数目相等，比例为11，所以理论上含A的精子比例为1/2。【答案】C3采用下列哪组方法，可以依次解决中的遗传问题()鉴定一只白羊是否是纯种在一对相对性状中区分显隐性不断提高小麦抗病(显性性状)品种的纯合度检验杂种F1的遗传因子组成A杂交、自交、测交、测交B测交、杂交、自交、测交C测交、测交、杂交、自交D杂交、杂交、杂交、测交【解析】自交是指基因型相同的生物个体间相互交配的方式，可以是纯合体(显性纯合子或隐性纯合子)自交或杂合子自交；杂交是指遗传因子组成不同的生物个体之间相互交配的方式；测交是指杂种子一代个体与隐性纯合子之间的交配，主要用于测定F1的遗传因子组成，也可以用来判断另一个个体是杂合子还是纯合子。由此看来要用测交，可以用杂交，而应该用自交。【答案】B4人的ABO血型系统的血型及相应的基因型关系如下表所示。一对表现型分别为A型和AB型的夫妇，他们已生有一个表现型为B型的男孩，则他们再生的女孩表现型为A型的概率为()表现型A型B型AB型O型基因型IAIA、IAiIBIB、IBiIAIBiiA.1/2 B1/4C1/8D0【解析】由题意可知，该夫妇的基因型分别为IAi和IAIB，则他们再生的女孩表现型为A型的概率为1/2。【答案】A5金鱼躯体的透明程度受一对等位基因控制。完全透明的金鱼与不透明的金鱼杂交，F1都表现为半透明，让F1金鱼与完全透明的金鱼杂交，后代表现型为()A半透明B完全透明和半透明C完全透明D完全透明和不透明【解析】完全透明的金鱼与不透明的金鱼杂交，F1都表现为半透明，可知半透明是显性性状，F1是杂合子，让F1金鱼与完全透明的金鱼杂交，后代表现为一半完全透明一半半透明，B正确。【答案】B6豌豆高茎(D)对矮茎(d)为显性，现有两亲本豌豆植株杂交，在所得到的1 064株后代植株中，高茎豌豆有787株，矮茎豌豆有277株，则两亲本豌豆植株的遗传因子组成是()ADdDd BDdddCDdDD Ddddd【解析】根据题意，两豌豆杂交后代，高茎豌豆矮茎豌豆约为31，说明亲本都是高茎豌豆的杂合子，即都是Dd。【答案】A7人类多指畸形是一种显性遗传病。若母亲为多指(Aa)，父亲正常，则他们生一个患病女儿的概率是()A50% B25%C75%D100%【解析】其母Aa，父aa，则生患病孩子的概率(Aaaa1Aa1aa)为1/2，又因生女儿的概率为1/2，故生患病女儿的概率为1/21/21/4，即25%。【答案】B8已知黑斑蛇与黄斑蛇杂交，子一代既有黑斑蛇，又有黄斑蛇；若再将F1黑斑蛇之间交配，F2中有黑斑蛇和黄斑蛇。下列结论中正确的是()A所有黑斑蛇的亲代中至少有一方是黑斑蛇B蛇的黄斑为显性性状CF1黑斑蛇的遗传因子组成与亲代黑斑蛇的遗传因子组成不相同DF2中黑斑蛇的遗传因子组成与F1黑斑蛇的遗传因子组成相同【解析】由于F1黑斑蛇之间交配，F2代中既有黑斑蛇又有黄斑蛇，则F1中黑斑蛇为杂合子，并且黑斑为显性性状，因此黑斑蛇的亲本至少有一方含有黑斑遗传因子；根据亲本黑斑蛇与黄斑蛇杂交后代有黑斑蛇和黄斑蛇，可以推知亲本黑斑蛇为杂合子；F2代黑斑蛇中既有纯合子，又有杂合子。【答案】A9人的褐眼对蓝眼为显性，某家庭的双亲皆为褐眼。其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的(非亲生孩子)。甲和丙为蓝眼，乙为褐眼。由此得出的正确结论是()A孩子乙是亲生的，孩子甲或孩子丙是收养的B该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4C控制孩子乙眼睛颜色的遗传因子是纯合的D控制双亲眼睛颜色的遗传因子是杂合的【解析】由于双亲皆为褐眼，在孩子中出现蓝眼，所以可推知双亲均为杂合子，若控制褐眼和蓝眼的遗传因子用A和a表示，则双亲的遗传因子组成均为Aa，则孩子可以是蓝眼(aa)，也可以是褐眼(AA和Aa)，所以无法确定甲、乙、丙三个孩子中哪一个是收养的；该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/41/21/8；控制孩子乙眼睛颜色的遗传因子可以是AA，也可以是Aa。【答案】D10豌豆花的紫色和白色是一对相对性状，这对相对性状由等位基因C、c控制。下表是豌豆花色的三个组合的遗传实验结果。请根据实验结果分析并回答下列问题。实验组合亲本表现型F1的表现型和植株数目紫花白花1紫花白花4054112紫花白花80703紫花紫花1 240420(1)根据组合 能判断出 是显性性状。(2)请写出组合1的亲本基因型：紫花 ，白花 。(3)组合3的F1显性性状植株中，杂合子占 。(4)若取组合2中的F1紫花植株与组合3中的F1紫花植株杂交，则后代出现白花植株的概率为 。【解析】组合2中，具有一对相对性状的两个亲本杂交，F1表现出来的亲本性状(紫花)，称为显性性状。而在F1中未能表现的另一个亲本性状(白花)，称为隐性性状。组合3中，具有相同性状的一对亲本杂交，子代性状分离比为31，则分离比占3/4的性状(紫花)为显性。再根据F1的表现型和植株数目，可得出各实验组合中亲本的基因型：组合1为Cccc；组合2为CCcc；组合3为CcCc。【答案】(1)2或3紫花(2)Cccc(3)2/3 (4)1/6能力提升11若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论影响最小的是()A所选实验材料是否为纯合子B所选相对性状的显隐性是否易于区分C所选相对性状是否受一对等位基因控制D是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法【解析】根据题目要求，分析孟德尔遗传实验所需满足的条件，逐项进行解答。用于杂交的两个个体如果都是纯合子，验证孟德尔分离定律的方法是先杂交再测交或先杂交再自交，子二代出现11或31的性状分离比；如果不都是或者都不是纯合子，则可以用自交或者测交的方法来验证，A项符合题意。显隐性不容易区分容易导致统计错误，影响实验结果，B项不符合题意。所选相对性状必须受一对等位基因控制，如果受两对或多对等位基因，不符合分离定律实验的要求，C项不符合题意。如果不遵守实验操作流程和统计分析方法，实验结果的准确性就不能得到保证，D项不符合题意。【答案】A12食指长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对遗传因子控制(TS决定短食指，TL决定长食指)。此遗传因子表达受性激素影响，TS在男性为显性，TL在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子中既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为()A1/4 B1/3C1/2D3/4【解析】由题干信息知：母亲遗传因子组成为TSTS，她的子女肯定携带TS基因，故子女中长食指应为女性，遗传因子组成为TLTS，由此可推出父亲基因型为TSTL，故该对夫妇再生一长食指孩子的概率为1/4(女性TSTL，1/21/21/4)。【答案】A13在一些性状的遗传中，具有某种基因型的合子不能完成胚胎发育，导致后代中不存在该基因型的个体，从而使性状的分离比例发生变化，小鼠毛色的遗传就是一个例子。一个研究小组，经大量重复实验，在小鼠毛色遗传的研究中发现：A黑色鼠与黑色鼠杂交，后代全部为黑色鼠B黄色鼠与黄色鼠杂交，后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为21C黄色鼠与黑色鼠杂交，后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为11根据上述实验结果，回答下列问题(控制毛色的显性基因用A表示，隐性基因用a表示)。(1)黄色鼠的基因型是 ，黑色鼠的基因型是 。(2)推测不能完成胚胎发育的合子的基因型是 。(3)写出上述B、C两个杂交组合的遗传图解。【解析】据B组中黄色鼠与黄色鼠杂交，后代中出现黑色鼠，可判定黄色鼠是显性，且亲本黄色鼠为杂合子(Aa)。在常规情况下，AaAa交配后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为31，但实际为21，根据题干中的提示“具有某种基因型的合子不能完成胚胎发育，导致后代中不存在该基因型的个体，从而使性状分离比例发生变化”，可推测该致死类型为显性纯合致死。【答案】(1)Aaaa(2)AA14在家兔的染色体上有一系列决定毛色的遗传因子A、a1、a2、a。A对a1、a2、a为显性，a1对a2、a为显性，a2对a为显性。遗传因子系列决定家兔毛皮颜色时其性状表现与遗传因子组成关系如下表：毛皮颜色性状表现遗传因子组成全色A_青旗拉a1_喜马拉扬a2_白化aa请回答下列问题：(1)家兔皮毛颜色的遗传因子组成共有 种，其中纯合子有 种。(2)若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子代全色青旗拉11，则两只亲本兔的遗传因子组成分别为 、 。(3)遗传因子为Aa1的雌雄兔交配，子代的毛色及比例为 _。(4)若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用最简便的杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的遗传因子组成？(写出实验思路和预期实验结果即可) 。【解析】(1)根据题目信息家兔毛色的遗传因子组成型有：AA、Aa1、Aa2、Aa、a1a1、a1a2、a1a、a2a2、a2a、aa，纯合子有4种。(2)全色雄兔(A_)和一只喜马拉扬雌兔(a2_)多次交配后，子代全色(A_)青旗拉(a1_)11，推理亲代全色雄兔为Aa1，喜马拉扬雌兔为a2a2或a2a。(3)遗传因子组成为Aa1的雌雄兔交配，子代中有全色兔为AA、Aa1共占3/4；青旗拉