山东省威海市2019年中考物理模拟试题（四（含解析）.docx

2019年山东省威海市中考物理模拟试卷（四）一、选择题1.2011年4月，我国成功将第八颗“北斗”导航卫星送入太空，它在与地面通信时利用的是A.超声波B.电磁波C.紫外线D.可见光【答案】C【解析】卫星和地面间的通是通过电磁波相互交流的；故选B2.如图，从下列图表得到的信息中，正确的是A.图甲说明物体所受的重力跟它的质量成正比B.图乙表示物体做匀速运动C.图丙告诉我们同种物质的密度和质量成正比D.图丁表明物体先做加速运动再做匀速运动【答案】A【解析】【详解】A、横坐标表示质量，纵坐标表示重力，由图象可知重力跟质量成正比，符合题意；B、横坐标表示时间，纵坐标表示速度，速度随时间的增大而增大，是一种加速运动，不符合题意；C、横坐标表示体积，纵坐标表示质量，说明同种物质，质量与体积成正比，密度是物质的一种特性，跟质量、体积都无关，不符合题意；D、横坐标表示时间，纵坐标表示路程，如图斜线部分，路程跟时间成正比，表明速度不变是一种匀速运动；横线部分，当时间增大时，路程不变，说明物体处于静止状态。物体先匀速再静止，不符合题意。故选A。3.如图是光从空气斜射到水中时的光路图，正确的是A.B.C.D.【答案】B【解析】A、光从空气斜射入水中时，折射光线与入射光线分居法线两侧，而图中折射光线与入射光线在法线的同侧；故A错误；B、光从空气斜射入水中时，折射光线与入射光线分居法线两侧，并且折射角小于入射角，故B正确；C、光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，而图中的折射角等于入射角，故C错误；D、光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，而图中的折射角大于入射角，故D错误；故选B4.如图所示为蹄形磁体周围的磁感线分布图，在a、b、c、d四点中，磁场最强的是A.a点B.b点C.c点D.d点【答案】B【解析】试题分析：磁体两级磁性最强，磁感线最密集。离两极越近的位置磁性越强。观察图可见，在a、b、c、d四点中，b点离磁极距离最近，磁场最强，B选项符合题意，选填B.考点：磁体周围磁场分布特点5.下列数据符合实际情况的是A.一名中学生站立时对水平地面的压强约为2103PaB.高原地区水沸腾时的温度约110C.一节新干电池的电压是1.5VD.中学生正常步行的速度可达到10m/s【答案】C【解析】A中学生平均体重约为500N，两脚的总面积约为，0.025m2，则他对地面的压强为：P=F/s=500N/0.025m2=2104Pa，错误；B高原地区气压小于一个标准大气压，水的沸点低于100，错误；C一节新干电池的电压是1.5V，正确；DD中学生正常步行的速度可达到1.1m/s错误。6.我市校园足球赛正在进行中，小伟和小红运用所学物理知识对比赛中的一些现象进行分析，下列说法中全部正确的一组是踢球时脚感到疼是因为物体间力的作用是相互的踢出去的足球能继续向前飞行是由于惯性足够在空中飞行时受到重力和向前的推力空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将立即落地足球在空中飞行过程中，运动状态发生改变。A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】踢球时，脚会对球一个力的作用，同时脚感到疼，表明脚也受到了球对它的一个力的作用，说明力的作用是相互的，说法正确；踢出去的足球能继续向前飞行是由于足球具有惯性，说法正确；足球在空中飞行时受到重力和空气阻力的作用，不再受到推力作用，说法错误；根据牛顿第一定律可知，空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，将会做匀速直线运动，说法错误；足球在空中飞行过程中，受到非平衡力作用，故其运动状态发生改变，说法正确；故正确的是；故ABC错误；D正确；故选D。7.在图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。只闭合开关S和S1，将滑动变阻器的滑片P从a端移动至b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。闭合开关S、S1和S2，将滑动变阻器的滑片P移到b端时小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.8A以下说法错误的是A.小灯泡的额定功率为4.8WB.定值电阻R1的阻值为10C.电源电压为6VD.滑动变阻器的最大阻值为20【答案】A【解析】【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关S和S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图乙读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（2）只闭合开关S和S1时，且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出定值电阻R1的阻值，进一步求出电源电压；（3）闭合开关S、S1和S2，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R1与L并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过L的电流，根据PUI求出小灯泡正常发光时的功率即为小灯泡的额定功率。【详解】（1）由电路图可知，只闭合开关S和S1时，R1与R2串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，由图乙可知，电路中的最小电流I10.2A，滑动变阻器两端的最大电压U滑最大4V，由可得，滑动变阻器的最大阻值：故D正确；（2）只闭合开关S和S1时，且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：UI1（R1+R2）0.2A（R1+20），当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，由图乙可知，电路中的最大电流I20.6A，则电源的电压：UI2R10.6AR1，因电源的电压不变，所以，0.2A（R1+20）0.6AR1，解得：R110，故B正确；电源的电压：UI2R10.6A106V，故C正确；（3）闭合开关S、S1和S2，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R1与L并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R0的电流：因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流：ILII00.8A0.6A0.2A，则小灯泡的额定功率：PLUIL6V0.2A1.2W；故A错误。故选：A。8.如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法正确的是A.电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变B.电压表V2与电流表A的示数之比保持不变C.电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大D.电流表A的示数变小，电压表V2的示数变大【答案】D【解析】试题分析：由于电压表的内阻很大，电流表的内阻很小，在分析电路图的时候，可把电压表看成开路，电流表看成短路。由图可知，R1与R2是串联的，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2的电压，电流表测电路中的电流。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动，R2接入电路的阻值变大，电路中的电流变小，再由串联分压可知，R2两端的电压也变大。故选D考点：电路的分析；串联电路中电流和电压的特点9.如图所示，用2.5N的拉力沿竖直方向匀速拉起重为4N的物体G，物体升高lm所用的时间为4s，绳子自重、滑轮与轴间摩擦不计。则A.拉力做功的功率为125WB.所做的有用功为40JC.动滑轮的重力为2ND.动滑轮的机械效率为80【答案】D【解析】【分析】根据W=Gh得到有用功，滑轮是动滑轮，滑轮上绕2段绳子，根据s=2h得到绳子自由端移动的距离，根据W=Fs得到总功，根据功率的公式得到拉力做功的功率；绳子自重、滑轮与轴间摩擦不计，根据得到动滑轮的重力，有用功和总功的比值等于动滑轮的机械效率。【详解】滑轮为动滑轮，n=2，拉力移动距离s=nh=21m=2m，总功，拉力做功的功率，故A错误；有用功，故B错误；绳子自重、滑轮与轴间摩擦不计，由得到动滑轮的重力，故C错误；动滑轮的机械效率，故D正确。故选D。【点睛】本题考查滑轮的机械效率的计算，需要知道确定滑轮的性质，判断滑轮绳子段数，然后确定G、F、s、h之间的关系进行计算。10.如图所示电路中，电源电压恒为18V，电流表量程为00.6A，电压表量程为015V，滑动变阻器的规格为“801A”，小灯泡L标有“6V3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响）。闭合开关，在保证灯泡两端电压不超过额定值及电表均安全的情况下A.变阻器允许接入电路的最大阻值是60B.整个电路消耗的最大总功率是9WC.小灯泡消耗的最小功率是0.75WD.变阻器的功率可达3.5W【答案】ABC【解析】解：由电路图可知，灯泡L和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测串联电路的电流。已知灯泡的额定电压和额定电流，由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流，灯泡的电阻；A当电压表示数为15V时，滑动变阻器连入电路阻值最大，由串联电路的电压规律可得，此时灯泡两端的电压，所以电路中的电流，因此变阻器允许接入电路的最大阻值，故A正确。B电流表的量程为00.6A，小灯泡额定电流为0.5A，在保证灯泡两端电压不超过额定值及电表均安全的情况下，电路中最大电流为0.5A，所以整个电路消耗的最大总功率P大=UI大=18V0.5A=9W，故B正确。C当电压表示数为15V时，电路中电流最小，小灯泡消耗的功率最小，P小=ULI=3V0.25A=0.75W，故C正确。D由B可知，当电路中电流最大时，滑动变阻器的功率P滑=P大-PL=9W-3W=6W，故D错误。故答案为ABC。二、双选题11.如图所示的情景中，解释现象的叙述正确的是A.飞机升空是因为机翼受到空气浮力B.船闸是利用连通器的原理工作的C.穿滑雪板是为了减小压强D.茶壶盖上有孔与大气压有关【答案】BCD【解析】【详解】A、飞机升空是利用空气的升力，不是利用飞机受到的浮力工作的，不符合题意。B、当船从上游进入船闸时，上游和船闸构成上端开口下端连通的连通器；当船从船闸进入下游时，船闸和下游构成连通器，所以船闸是利用连通器工作的，符合题意；C、穿滑雪板是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，防止下陷，符合题意；D、茶壶盖上有孔，使水倒出时，水面上的压强总等于大气压，有利于水流出，符合题意。故选BCD。三、实验题12.把一个凸透镜对准太阳光，在距凸透镜10cm处得到一个最小最亮的光斑，若将一物体放在此透镜前15cm处，经凸透镜所成的像是（）A.倒立、缩小的实像B.倒立、放大的实像C.正立、放大的虚像D.正立、缩小的虚像【答案】B【解析】（1）将一个凸透镜对准太阳光，可在距透镜10cm的地方得到一个最小亮点，所以凸透镜的焦距f=10cm（2）一个物体放在这个透镜前15cm处，此时fU2f，成倒立、放大的实像故选B13.“阳光动力2号”太阳能飞机4月飞抵南京，向世人展示了创新和环保理念。飞机飞行时利用_现地面取得联系；太阳能属于_（选填“可再生”或“不可再生”）能源；飞行时螺旋桨将空气推向后方，同时获得向前的推力，说明_。【答案】(1).电磁波(2).可再生(3).力的作用是相互的【解析】试题分析：由于声音不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以飞机与地面的联系利用的是电磁波，能源分为不可再生能源与可再生能源，太阳能属于可再生能源；由于物体间力的作用是相互的，所以螺旋桨向后推空气，空气就会给螺旋桨一个向前的力，使飞机前进。【考点定位】电磁波；能源的分类；力的作用14.雨后，小华在公园散步，闻到丁香花发出的清香，这是_现象；她看到湖中荷叶上水珠缩成球形，这是因为水分子间存在_；天边出现的彩虹是光的_现象。【答案】(1).扩散(2).引力(3).色散【解析】【分析】（1）物质是由分子组成的，组成物质的分子都在不停地做无规则运动，分子间都是存在着引力和斥力；（2）彩虹是由七种颜色的光组成，它们都是从太阳光中折射出来的。【详解】因为花香分子永不停息的在做无规则运动，扩散到空气中，所以小华在公园散步，闻到丁香花发出的清香；由于水分子间吸引力的作用，所以荷叶上水珠缩成球形；雨后天空出现的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散现象。15.小华同学利用如图所示的装置做“探究水沸腾时温度变化特点”的实验：（1）组装实验装置时，放置石棉网的铁圈位置和悬挂温度计的铁夹位置非常重要，应当先调整固定_（铁圈/铁夹）的位置。（2）实验时，小华向烧杯中倒入热水而不用冷水，这种做法的优点是：_。（3）小华在水温升高到88时开始计时，每隔1min记录1次温度，直到水沸腾后几分钟为止，记录的数据如下表：时间/min012345678温度/889092949698989898分析上表记录的实验数据，可知水沸腾时的温度为_说明水上方气压可能_（大于/小于/等于）标准大气压。（4）小华想提高水的沸点，换用了火力更大的酒精灯加热，这种做法_（可行/不可行）。【答案】(1).铁圈(2).减少实验时间(3).98(4).小于(5).不可行【解析】【分析】（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，应从下向上固定实验器材的位置；（2）影响加热时间的因素：水的多少、水的初温及是否加盖等；（3）从表中得到水沸腾时的温度，根据沸点和气压的关系得到水上方的气压和标准大气压的关系；（4）液体的沸点与气压有关。【详解】（1）在实验中需要用酒精灯的外焰加热，应先确定铁圈的高度；（2）在实验中，向烧杯内倒入热水，这样可以缩短将水加热至沸腾所需的时间；（3）由表中数据可知水沸腾时的温度是98，说明当时的气压小于1个标准大气压；（4）水的沸点与气压有关，与酒精灯的火焰的大小无关，故这种做法是不可行的。16.小明在生活中发现木块总浮在水面，铁块却沉入水底，由此他提出两个问题：问题1：浸入水中的铁块是否受到浮力？问题2：浮力大小与哪些因素有关？为此他做了进一步的猜想，设计并完成了如图所示实验。（1）（b）、（c）图中弹簧测力计示数均小于（a）图中弹簧测力计示数，说明浸入水中的铁块_（选填“受到”或“不受到”）浮力；（2）做_（选填字母）两次实验，是为了探究铁块浸没在水中时所受浮力大小与深度是否有关；（3）做（d）、（e）两次实验，是为了探究浮力大小与_的关系，（d）图中弹簧测力计的示数_（e）图中弹簧测力计的示数。（选填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】(1).受到(2).（c）（d）(3).液体密度(4).大于【解析】（1）（b）、（c）图中弹簧测力计示数均小于（a）图中弹簧测力计示数，说明浸入水中的铁块受到浮力；（2）为了探究铁块浸没在水中时所受浮力大小与深度是否有关，需要控制液体的密度和物体排开水的体积相同，改变物体在水中浸没的深度，所以做（c）、（d）两次实验。（3）（d）、（e）两次实验中，物体都浸没在液体中，排开液体体积相同，液体密度不同，弹簧测力计的示数不同。所以是为了探究浮力大小与液体密度的关系。d）图中弹簧测力计的示数大于（e）图中弹簧测力计的示数。17.小明同学在做“探究电流与电压的关系”实验时，准备了以下器材：干电池（1.5V）两节，电流表（0-0.6A0-3A）、电压表（0-3V015V）、滑动变阻器（20、2A）、定值电阻（5）、开关各一只，导线若干。根据图甲所示的电路图进行实验。（1）用笔画线代替导线，按照图甲所示电路，将乙图中的实物图连接完整。（）（2）连接电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应处于_（选填“A”或“B”）端。（3）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，若故障出在定制电阻R或变阻器上，那么原因可能是_。（4）实验过程中，要使电压表示数逐渐变大，滑动变阻器滑片P应向_（选填“左”或“右”）移动。（5）实验过程中，电流表的示数如图丙所示，此时电路中的电流为_A。（6）根据表格数据，你得出的实验结论是：_。实验次数123456电压U/V0.51.01.52.02.53.0电流/A0.10.20.30.40.50.6【答案】（l）实物图连接如下图所示；（2）B；（3）定值电阻短路；（4）左；（5）03；（6）电阻一定时，电流与电压成正比。【解析】试题分析：（1）已知电流表选择006A，因此将电流表06A接线柱与定值电阻左端接线柱相连，把滑动变阻器B端接线柱与定值电阻右端接线柱接入电路，实物电路图如上图所示；（2）在连接电路的各元件时，开关应处于断开状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于B端，这样可以起到保护电路的作用；（3）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的电阻断路；（4）已知定值电阻与滑动变阻器串联，根据串联分压的特点可知，实验过程中，要使电压表示数逐渐变大，应减小滑动变阻器两端电压，则滑动变阻器滑片P应向左移动；（5）图中电流表选择的是006A量程，对应的分度值都是002A；则这时的电流为03A；（6）由表格中的数据分析可知，当电阻一定时，电流与电压成正比。考点：电流与电压、电阻的关系四、填空题18.如图所示的新型LED路灯采用风光互补供电设备，它的顶端装有风力发电机，杆上链接着太阳能电池板，在电池板下边接入LED灯头，可以由太阳能电池板、小型风力发电机各自给蓄电池充电，供LED灯夜间照明。风能和太阳能都属于_（选填“可再生”或“不可再生”）能源；它们在充电时把获得的电能转化为_能储存起来。若在一定时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板上的能量为2.7107J，这些能量经转化后，可供额定功率为30W的路灯正常工作70h，那么该太阳能路灯的能量转化效率可达到_。【答案】可再生；化学能；28%【解析】试题分析：像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；风力发电机是根据电磁感应原理发电的，利用风力发电时，是将机械能（风能）转化为电能，它们在充电时把获得的电能转化为化学能储存起来；太阳能转化后的有用能量：Q有=W电=Pt=30W703600s=756106J，该太阳能路灯的能量转化效率：=Q有/Q总=756106J/27107J=28%。考点：能源的分类；能量利用效率；焦耳定律19.如图所示是小明同学所拍摄的一幅海边风景照片。由照片所示的情景，可以分析判断出甲船的运动状态是_，乙船的运动状态可能是_。【答案】(1).向左行驶，且速度大于风速(2).静止、向右行驶、向左行驶且速度小于风速【解析】由图可知，山上的小旗向左飘，则风从右往左吹，若甲船静止，则小旗向左飘，若甲船向右行驶，则小旗也向左飘，若甲船向左行驶，且速度小于风速时，小旗也向左飘，若甲船向左行驶，且速度大于风速时，小旗向右飘，故甲船的运动状态是向左行驶，且速度大于风速；同理，若乙船静止，则小旗向左飘，若乙船向右行驶，则小旗也向左飘，若乙船向左行驶，且速度小于风速时，小旗也向左飘，若乙船向左行驶，且速度大于风速时，小旗向右飘，故乙船的运动状态可能是：静止，向右行驶，向左行驶，且速度小于风速。20.骑行逐渐成为人们喜欢的运动项目。仔细观察如图所示的自行车结构图，会发现很多地方用到了物理知识，请列举2个在结构上或使用中应用到物理知识的例子并解释。示例：自行车的把手有花纹，可增大摩擦。（1）_；（2）_。【答案】（1）车座垫制成宽大，可减小压强；（2）脚踏板刻有花纹，可增大摩擦。（只要答案合理均给分。）【解析】试题分析：生活处处皆物理，自行车结构中有很多地方应用到物理知识：（1）车座垫制成宽大，可减小压强；（2）脚踏板刻有花纹，可增大摩擦。（只要答案合理均给分。）（3）车的轮胎有凹凸不平的花纹，可增大摩擦；（4）车把是杠杆（或轮轴），可以省力。（只要答案合理均给分。）考点：物理知识在生产、生活中的应用。21.如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去这是因为酒精燃烧产生的燃气对外，燃气的能转化为盒盖的能，这与四冲程汽油机的冲程的能量转化相同，【答案】做功内机械做功【解析】试题分析：酒精燃烧产生的燃气对外做功，也就是对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，与四冲程汽油机的做功冲程能量转化相同。考点：内能四冲程汽油机22.如图a、b所示，将同一长方体木块以两种方式放在底面积相同的两个圆柱形盛水容器中，则水对木块底部产生的压强pa_pb，木块放入前后，水对容器底部压强的变化量pa_pb（均选填“大于”、“等于”或“小于”）。【答案】(1).小于(2).等于【解析】【详解】液体产生的压强与液体密度和物体所处深度有关，由于（b）图中木块所处深度大于（a）图中木块所处深度，根据p水gh可知，木块底部所受水的压强papb；由图可知，木块在两图中都处于漂浮状态，所受浮力都等于其重力，所以，木块在两图中受到的浮力相等，根据F浮水gV排可知，排开水的体积相等，水面上升的高度相等，根据p水gh可知，木块放入前后，水对容器底部压强的变化量papb。23.如图所示的电路中，电源电压、灯丝电阻都保持不变，灯L标有“6V3W”字样，灯泡的电阻是_；当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在a、b两点间移动时，电压表示数的变化范围是58V，且滑片P位于b点时灯L的功率是滑片位于a点时灯L功率的16倍，电源电压是_V。【答案】(1).12(2).9【解析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）由可得，灯泡的电阻：；（2）由串联电路的分压特点可知，滑片位于a端时电压表的示数Ua=8V，滑片位于b端时电压表的示数Ub=5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压分别为ULa=U-Ua=U-8V，ULb=U-Ub=U-5V，因滑片P位于b点时灯L的功率是滑片位于a点时灯L功率的16倍，所以，解得：U=9V故答案为：12；9五、作图题24.图中，入射光线与凸透镜的主光轴平行，请画出相应的折射关系【答案】【解析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如下图所示：25.如图所示为小黄家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替导线，把三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。【答案】【解析】【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【详解】首先辨别上面三根线地线、火线、零线。灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：【点睛】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。六、综合题26.如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V3W”的字样，滑动变阻器R1的阻值变化范围为024定值电阻R2的阻值为10（不考虑温度对灯丝电阻的影响）求：（1）小灯泡L的阻值为多少？（2）当S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片滑到中点时，小灯泡L刚好正常发光，电源电压是多少？（3）当S、S1，S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端，此时电路的总功率是多少？【答案】（1）12；(2)12V；（3）14.4W【解析】解答：(1)由P可得，灯泡的电阻：RL12；（2）当S、S1闭合，S2断开，滑动变阻