2017_2018学年高二物理上学期期末复习备考之精准复习模拟试题（B卷）（基础版）.docx

期末复习精准模拟试题（基础版）（B卷）考试范围：选修3-1、选修3-2第四章；考试时间：90分钟学校:_姓名：_班级：_考号：_注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）评卷人得分一、单选题（本大题共8小题，每小题4分，共32分）1如图所示，一束电子向右沿水平虚线方向飞过小磁针上方，并与磁针方向平行，下列说法正确的是（ ）A. 小磁针N极将向外偏转 B. 小磁针N极将向内偏转C. 小磁针N极将受到水平向右的磁场力 D. 小磁针N极将受到水平向左的磁场力2如图为冶炼钢铁的电路的示意图，它是根据涡流的原理工作的，则下列说法中正确的是A. 需接交流电源，且电流频率越高，发热效果越好B. 需接交流电源，且电流频率越低，发热效果越好C. 需接直流电源，且电流越大，发热效果越好D. 需接直流电源，且电流越小，发热效果越好3如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45角，上极板带正电。两极板电场强度为E0.一电荷量为q（q0）的粒子在电容器中靠近下极板处。以某一初动能竖直向上射出。不计重力，极板尺寸足够大。若粒子能打到上极板，则粒子的初动能的最小值为（ ）A. E0qd B. E0qd C. 2E0qd D. 4E0qd4如图所示，一个水平放置的平行板电容器。D为理想的二极管，它具有单向导电性。B金属板固定，A金属板可移动。下列说法中正确的是（ ）A. A板向下移动时，两板间的电场强度变大B. A板向下移动时，两板间的电场强度变小C. A板向上移动时，两板间的电场强度变大D. A板向上移动时，两板间的电场强度变小5如图所示，电阻R1=20，电动机的绕组R2=10当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是 A. I=1.5AB. I 1.5AC. P15WD. P=15W6如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向里），有一正电粒子恰能沿直线飞过此区域（不计粒子重力），则下列说法正确的是：A. 可以判断出电场方向向上B. 仅增大粒子电量，粒子将向上偏转C. 仅增大粒子电量，粒子将向下偏转D. 仅改变粒子电性，粒子仍能继续沿直线飞出7如图，在同一铁芯上绕两个线圈A和B，单刀双掷开关 S原来接触点1，现在把它扳向触点2，则在开关S断开1和闭合2的过程中，流过电阻R中电流的方向是：A. 先由P到Q，再由Q到P B. 先由Q到P，再由P到QC. 始终是由Q到P D. 始终是由P到Q8磁场具有能量，磁场中单位体积所具有的能量叫做能量密度，其值为B2/2,式中B是磁感强度，是磁导率，在空气中为一已知常数为了近似测得条形磁铁磁极端面附近的磁感强度B，一学生用一根端面面积为A的条形磁铁吸住一相同面积的铁片P，再用力将铁片与磁铁拉开一段微小距离，并测出拉力F，如图所示因为F所作的功等于间隙中磁场的能量，所以由此可得磁感强度B与F、A之间的关系为（ ）A. B. C. D. 评卷人得分二、多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）9如图所示，回旋加速器D形盒的半径为R，所加磁场的磁感应强度为B，用来加速质量为m、电荷量为q的质子（），质子从下半盒的质子源由静止出发，回旋加速后，由A孔射出则下列说法正确的是A. 回旋加速器加速完质子在不改变所加交变电压和磁场情况下，不可以直接对氦核（）进行加速B. 只增大交变电压U，则质子在加速器中获得的最大能量将变大C. 回旋加速器所加交变电压的频率为D. 加速器可以对质子进行无限加速10一个正电荷在电场中仅受电场力作用，从A点运动到B点，速度随时间变化的图像如图所示，tA、tB分别对应电荷在A、B两点的时刻，则下列说法中正确的是( )A. A处的场强一定大于B处的场强B. A处的电势一定低于B处的电势C. 电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能D. 从A到B的过程中，电场力对电荷做正功11如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻，（R1r）以下说法中正确的是（ ）A. 当R2=R1+r时，R2获得最大功率B. 当R1=R2+r时，R1获得最大功率C. 当R20时，R1上获得最大功率D. 当R20时，电源的输出功率最大12如图所示，水平放置的两平行导轨左侧连接电阻R，其他电阻不计，导体杆MN放在导轨上，在水平恒力F的作用下，沿导轨向右运动，并将穿过方向竖直向下的有界匀强磁场，磁场边界PQ与MN平行，从MN进入磁场开始计时，通过MN的感应电流i随时间t变化的图象可能是图中的() A. B. C. D. 第II卷（非选择题）评卷人得分三、实验题（本大题共2题，共10分，其中13题4分，14题6分）13用如图甲所示的电路图研究灯泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性。（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在端。_（选填“a”或“b”）（2）根据电路图，请在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整。_（3）实验后作出的IU图象如图丙所示，图中曲线弯曲的主要原因是：_。（4）根据所得到的图象如图丙所示，求出它在额定电压（2.4V）下工作时的电阻值R=_ ，这个测量值比真实值偏_。（选填“大”或“小”）14“用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验,供选用的器材有:A.电流表(量程:0-0.6 A,RA=1 )B.电流表(量程:0-3 A,RA=0.6 )C.电压表(量程:0-3 V,RV=5 k)D.电压表(量程:0-15 V,RV=10 k)E.滑动变阻器(0-10 ,额定电流1.5 A)F.滑动变阻器(0-2 k,额定电流0.2 A)G.待测电源(一节一号干电池)、开关、导线若干(1)请在下边虚线框中画出本实验的实验电路图_。(2)电路中电流表应选用_,电压表应选用_,滑动变阻器应选用_。(用字母代号填写)(3)如图所示为实验所需器材,请按原理图连接成正确的实验电路_。评卷人得分四、计算题（本大题共4题，共38分，。其中15题、16题8分，17题10分，18题12分）15如图所示，电源电动势为E=10V，内阻r=1，R1=R2=R3=R4=1，电容器电容C=6F，开关闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m，电荷量为q的小球正好处于静止状态.求（1）电路稳定后通过R4的电流I；（2）开关S断开，流过R2的电荷量Q；（3）断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小。16如图，A、C两点分别位于x轴和y轴上， ，OC的长度为L。在区域内有垂直于平面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。质量为m、电荷量为q的带负电粒子，从坐标原点射入磁场，不计重力。（1）若粒子沿方向射入磁场，问粒子在磁场中运动的最长时间是多少？此时初速度应满足什么条件？（2）大量初速度大小为的粒子以不同的方向射入第一象限，求从AC边射出的粒子在磁场中运动的最短时间，及该粒子的入射方向与X轴正向的夹角。17如图，电子从灯丝发出（初速度不计），经灯丝与板间的加速电压加速，从板中心孔沿中心线射出，然后进入两块平行金属板、形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入、间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的点已知加速电压为， 、两板间的电压为，两板间的距离为，板长为，板右端到荧光屏的距离为，电子的质量为，电荷量为问：（1）电子离开板，刚进入偏转电场时的速度（2）电子从偏转电场射出的侧移量（3）荧光屏上点到点的距离18如右图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为 L，一理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导 轨平面垂直一质量为 m、有效电阻为 4R 的导体棒在距磁场上边界 h 处静止释放导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I.整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻求： (1)磁感应强度的大小B；(2)电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；(3)流经电流表电流的最大值Im. 1A【解析】试题分析：先根据电子运动方向判断电流方向，然后根据右手螺旋定则判断在小磁针处的磁场方向电子水平向右定向移动，形成的电流方向水平向左，根据右手螺旋定则可得电流在下方产生的磁场方向垂直纸面向外，故小磁针N极将向外偏转，A正确2A 3C【解析】根据电荷的受力情况可知，粒子在电场中做曲线运动，如图所示： 将粒子的速度v分解为垂直于板的vy和平行的vx，由于极板与水平面夹角45，粒子的初速度方向竖直向上，所以粒子初速度在垂直于板的方向的速度为： ，当电场足够大时，粒子到达上极板时速度恰好与上极板平行，即粒子垂直于极板方向的速度vy=0，此时动能最小，根据运动学公式有： ，最小动能为： ，联立可得： ，故C正确，ABD错误。4A【解析】解:A、B:A板向下移动时,板间距离d减小,由电容的决定式 可以知道,电容C增大.电容器的电压U不变,由分析可以知道,板间电场场强增大.所以A选项是正确的,B错误.C、D:A板向上移动时,电容减小,根据知电荷量要减小,但因为二极管具有单向导电性,电荷不能流走,所以电容器所带的电荷量Q不变. 根据、 和结合得到知,电场强度不变.故C错误,D也错误.所以A选项是正确的.5C【解析】当电键S断开时，由欧姆定律得，当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流，故电流表的电流I1.5A，电路中电功率P=UI15W，故C正确。点晴：本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立， 是关键不等式。6D 7 C【解析】当S接触点1时，A和B中的原磁场方向均向右，当S断开触点1时，B中向右的磁通量减少，B中感应电流的磁场阻碍原磁通量的减少，从而B中感应电流的磁场也向右，由楞次定律和安培定则可以判断R中电流方向由Q到P。当S由断开到闭合2触点的瞬间，B中由原来没有磁场到出现向左的磁场，则B中原磁通量为向左增加，由楞次定律可知，B中产生的感应电流的磁场方向仍为向右，故R中电流方向仍为Q到P；故C正确，ABD错误；故选C。8A【解析】由题意，磁场中单位体积所具有的能量叫做能量密度，其值为，条形磁铁与铁片P之间的磁场具有的能量等于拉力F做的功，故，量密度为磁场中单位体积所具有的能量，故联立可解得，故选项A正确。点睛：本题关键根据题意得到磁场能量密度的定义，然后根据功能关系求得条形磁铁与铁片P之间的磁场所具有的能量，再根据题意列式求解。9AC 10ABC【解析】根据v-t图象可知图线的斜率等于加速度，由图可知，质点做加速度减小的减速运动，根据电场力F=qE知，电场强度E减小，即A处的场强一定大于B处的场强，故A正确；质点做减速运动，其动能减小，根据动能定理可知，电场力做负功，电势能增大，即电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能，根据可知，正电荷在电势高处电势能大，即A处的电势一定低于B处的电势，故BC正确，D错误。所以ABC正确，D错误。11ACD【解析】试题分析：当外电路电阻小于电源内阻时，即时，电源的输出功率随着外电路电阻的增大而增大，当时电源输出功率最大，当时，电源的输出功率随着外电路电阻的增大而减小，据此分析将和电源内阻看做一体，根据当外电路电阻和内阻相等时，电源输出功率最大，可知当时， 的功率最大，A正确；因为是定值电阻，所以电流最大时，其功率最大，故当时，电流最大， 获得的功率最大，B错误C正确；因为，所以外电路电阻恒大于电源内阻，故此种情况下外电路电阻增大，电源的输出功率减小，故当时，电源的输出功率最大，D正确12ACD 13 a 温度升高，灯丝电阻（或电阻率）增大 4.8 小 14 (1)如解析图甲所示：； (2)A； C； E； (3)如解析图乙所示：【解析】(1)电路如图甲所示： 由于在电路中只要电压表的内阻RVr，这种条件很容易实现，所以应选用该电路。(2)考虑到待测电源只有一节干电池，所以电压表应选C；放电电流又不能太大，一般不超过0.5A，所以电流表应选A；滑动变阻器不能选择阻值太大的，从允许最大电流和减小实验误差的角度来看，应选择电阻较小额定电流较大的滑动变阻器E，故器材应选A、C、E。(3)如图乙所示： 15（1）4A（2）（3）1.67m/s2与电路的桥梁，要注意电路稳定时，与电容器串联的电阻无电压和电流。16（1）（2）； 粒子速度大小相等，要使粒子在磁场中经过的时间最短，需使粒子轨迹对应的弦长最短，所以最短时间的轨迹如图所示： 粒子在磁场中的运动半径为： ，轨迹图中几何关系可得，由此可知粒子轨迹对应的圆心角为；最短时间为： ，由图可知，粒子入射方向与轴的夹角为。17（1）（2）（3）（3）由（3）分析知，电子离开偏转电场时在竖直方向的速度电子离开偏转电场后做匀速直线运动，电子在水平方向的分速度，产生位移为S，电子运动时间电子在竖直方向的分速度，产生位移所以电子偏离O点的距离18（1） （2） （3） 1D【解析】线框平行于磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，A错误；线框整体垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，B错误；线框绕轴转动，但穿过的磁通量为零，且始终为零，因此也不会产生感应电流，故C错误；线框绕轴转动，导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电流，故D正确2C 3C【解析】试题分析：小球沿细管滑到最低点B过程中，只有重力做功，小球的机械能守恒小球到达B点时对管壁恰好无压力，则由重力和点电荷对的电场力的合力提供向心力，根据机械能守恒定律求出小球到达B点时的速度，由牛顿第二定律求出场强的大小由于在点电荷电场中，到点电荷相等距离的圆面是一个等势面，上面的点的电势相同，所以在上面移动带电物体，电场力不做功，设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为故小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得，在B点重力和电场力的合力充当向心力，根据牛顿第二定律可得，联立解得，C正确4A【解析】试题分析：分别求出S断开与接通电容器两端的电压，然后根据，求解电容器上电荷量的变化量，开关断开后，稳定时电路中没有电流，电容器的电压等于电源的电动势，所以电容器的电压增大，将要通过R1充电，流过R1的电荷量等于电容器所充电的电量，即两个状态电量的变化量闭合开关S后，电容器两端的电压与两端的电压相等，有，将开关S断开后，电容器两端的电压与电源的电动势相等，有，故流过的总电量为，故A正确5D【解析】由右手螺旋定则可知，在直导线的下方的磁场的方向为垂直纸面向外，根据左手定则可以得知正电的微粒受到的力向上，所以微粒沿路径b运动；通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心向四周发散的,离导线越近,电流产生的磁场的磁感应强度越大,由半径公式可知，微粒的运动的轨迹半径越来越小，故D正确。故选：D点睛：通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心向四周发散的，离导线越近，电流产生的磁场的磁感应强度越大，由右手定则可以判断出磁场的方向，再根据粒子在磁场中做圆周运动的半径公式可以分析粒子运动的半径变化情况6C考点：左手定则.7D【解析】电容器N板接电源的正极，所以充电后N极带正电，故A错误；若轨道足够长，导体棒切割磁场产生感应电动势，产生的感应电流和放电形成的电流大小相同时，不在放电，故电容器将放电不能到0，故B错误；电容是电容器本身的性质，与电压和电量无关，故放电时，电容不变，故C错误；电容器放电时，电量减小，由可知电压也减小，故D正确；故选D.8A【解析】当t=0.01s时，u=0，此时穿过该线圈的磁通量最大，穿过线圈的磁通量的变化率为零，故A正确；原线圈接的图甲所示的正弦交流电，由图知最大电压36V，周期0.02s，故角速度是=100，u=36sin100t（V），选项B错误；Rt处温度升高时，原副线圈电压比不变，但是V2不是测量副线圈电压，Rt温度升高时，阻值减小，电流增大，则R电压增大，所以V2示数减小，则电压表V1、V2示数的比值增大，故C错误；Rt温度升高时，阻值减小，电流增大，即电流表的示数变大，而输出电压不变，所以变压器输出功率增大，而输入功率等于输出功率，所以输入功率增大，故D错误；故选A. 点睛：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键9AD 10BD【解析】A、将滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向a滑动的过程中，外电路总电阻变大，电路中总电流变小，内电压减小，路端电压变大；电压表示数变大，故A错误；BD、电路中总电流变小，通过电阻R1的电流变小，R1两端电压变小，R2两端电压增大，通过电阻R2的电流变大，通过电阻R1的电流等于通过电阻R2的电流和通过电阻R3的电流之和，故通过电阻R3的电流变小，故有， ，故BD正确；C、电路中总电流变小，则电源的总功率减少，因不知道外电阻与内电阻之间的关系，所以无法判断电源的输出功率的变化；故C错误；故选BD。11ABD 12ABD【解析】闭合时,因为R1R2R3,所以通过灯泡L1的电流大于通过L3的电流,断开电键,原来通过L2和L3的电流立即消失,通过L1的电流由于线圈对电流的变化由阻碍作用,阻碍电流的变化,且与L2、L3构成回路,由于二极管具有单向导电性,所以无电流通过L2,则L2立即熄灭；由于开始通过L1的电流大于通过L3的电流,所以L3先变亮然后逐渐变暗；L1逐渐变暗。故ABD不正确，C正确。本题选择不正确的，故选：ABD。13 （1）2、5、6 （2）限制电流，避免电源短路 （3）能【解析】（1）电流表示数为零，则可能断