高三物理二轮复习测试_高考模拟训练1(安徽专版)汇编.doc.doc

高考模拟训练(一)一选择题1.类比法是一种有效的学习方法.通过归类和比较,有助于理解和掌握新概念新知识.下列类比说法错误的是( )A.点电荷可以与质点类比,都是理想化模型B.电场力做功可以与重力做功类比,两种力做功都与路径无关C.电场线可以与磁感线类比,都是用假想的曲线形象化地描绘“场”D.机械能守恒定律可以与能量守恒定律类比,都是在满足一定条件下所遵循的物理规律解析: 机械能守恒定律的条件是只有重力或弹力做功,系统内的机械能发生相互转化,但能量守恒适用于所有情况,故错误的说法是D.答案: D2.甲乙两辆完全相同的汽车,以相同的速度在平直公路上匀速齐头并进,当从两车上轻推下质量相同的物体后,甲车保持原来的牵引力不变做匀加速直线运动,乙车保持原来的功率不变做加速度减小的加速直线运动,一段时间后,则( )A.甲车超前,乙车落后B.乙车超前,甲车落后C.它们仍齐头并进 D.甲车先超过乙车,后落后于乙车解析: 甲车保持原来的牵引力不变做匀加速直线运动,其v-t图象如图中直线所示.而乙车做加速度减小的加速运动,其v-t图象如图中曲线所示.因为v-t图象中图线和t轴所围图形的面积表示位移,显然,甲车的位移大于乙车的位移.所以,本题正确选项为A.答案: A3.如图,物体M在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上,关于M受力的个数,下列说法中正确的是( )A.M一定受两个力作用B.M一定受四个力作用C.M可能受三个力作用D.M不是受两个力作用就是受四个力作用解析: 若拉力F大小等于物体的重力,则物体与斜面没有相互作用力,所以物体就只受到两个力作用;若拉力F小于物体的重力时,则斜面对物体产生支持力和静摩擦力,故物体应受到四个力作用,D正确.答案: D4.2010年1月17日,我国成功发射北斗COMPASSGl地球同步卫星.据了解这已是北斗卫星导航系统发射的第三颗地球同步卫星.对于这三颗已发射的同步卫星,下列说法中正确的是( )A.它们的运行速度大小相等,且都小于7.9 km/sB.它们运行周期可能不同C.它们离地心的距离可能不同D.它们的向心加速度与静止在赤道上的物体的向心加速度大小相等解析: 同步卫星的运行周期角速度与地球自转周期角速度相同,因此同步卫星高度固定,线速度固定且小于第一宇宙速度7.9 km/s,因此选项A正确,选项BC错误;同步卫星与赤道上物体比较,周期角速度相同,半径不同,因此向心加速度不同,选项D错误.答案: A5.一只“220 V 100 W”的灯泡接在u=311sin (314t) V的交变电源上,则下列判断错误的是( )A.在1 min内,电流通过灯泡做的功是22 000 JB.与灯泡串联的电流表的示数为0.45 AC.与灯泡并联的电压表的示数为220 VD.通过灯泡的电流的表达式为i=0.64sin (314t) A解析: 在1 min内,电流通过灯泡做的功是W=Pt=10060 J=6 000 J,A错误;从电压瞬时值表达式知,电压有效值为220 V,通过灯的电流I=0.45 A,也是与灯泡串联的电流表的示数,故B正确;电压表与灯泡并联,测得的也是灯泡的电压有效值,故示数为220 V,所以C正确;通过灯泡的电流的有效值为0.45 A,故其最大值Im=0.45 A=0.64 A,故D正确.答案: A6.(2011铜陵模拟)一列简谐横波沿绳子由质点A向B传播,质点AB间的水平距离x=3 m,如图甲所示.若t=0,质点A刚从平衡位置开始振动,质点B的振动图象如图乙所示,则下列说法正确的是( )A.质点A开始振动时的振动方向向下B.这列波的频率为4 HzC.这列波的波速为1 m/sD.t=5 s时,AB中点处的质点运动方向向下解析: 由题乙图可知t=3 s时质点B开始向上振动,因为在波的传播中质点总是重复波源的振动,所以A项错误;由乙图可知这列波的周期T=4 s,f=0.25 Hz,B项不正确;波由质点A传播到B的时间t=3 s,由v=得波速为1 m/s,C项正确;由v=f可知波长为4 m,画出t=5 s时波形如图所示,D项不正确.答案: C7.如图所示,空间存在一有边界的条形匀强磁场区域,磁场方向与竖直平面(纸面)垂直,磁场边界的间距为L.一个质量为m边长也为L的正方形导线框沿竖直方向运动,线框所在平面始终与磁场方向垂直,且线框上下边始终与磁场的边界平行.t=0时刻导线框的上边恰好与磁场的下边界重合(图中位置),导线框的速度为v0.经历一段时间后,当导线框的下边恰好与磁场的上边界重合时(图中位置),导线框的速度刚好为零.此后,导线框下落,经过一段时间回到初始位置,则( )A.上升过程中,导线框的加速度逐渐增大B.下降过程中,导线框的加速度逐渐增大C.上升过程中合力做的功与下降过程中的相等D.上升过程中克服安培力做的功比下降过程中的多解析: 上升过程mg+=ma1,上升过程速度减小,加速度减小,A错;下降过程mg-=ma2,下降过程速度增大,加速度减小,B错;上升过程平均速度大于下降过程的平均速度,所以上升过程的感应电动势大,安培力大,安培力做的功多,C错,D对.选D.答案: D二非选择题8.(1)(2012湖南模拟)有一游标卡尺,主尺的最小分度是1 mm,游标上有20个小的等分刻度.用它测量一小球的直径,如图1所示.其读数是_mm.用螺旋测微器测量一根金属丝的直径,如图2所示的读数是_mm.(2)某同学想要测量某电源的电动势E和内阻r,而手头只有以下器材:A.电源(电动势E约为4.5 V,内电阻r约为1.5 )B.量程03 V内阻很大的电压表(可看成理想电压表)C.量程00.5 A内阻约为1 的电流表(不能看成理想电流表)D.滑动变阻器R(阻值调节范围020 )E.定值电阻R0(阻值为4 )F.开关S导线若干某同学根据上面给出的实验器材,设计出如图所示的实验电路进行实验,电路接法正确,线路器材完好,却没有办法测出该电源电动势和内阻,请你通过估算帮他分析不能成功的原因.另一同学在上面实验电路图的基础上稍加改进,便可以方便地测量出电源电动势和内阻的值,请你画出能测出电源电动势和内阻的实验电路图.如果利用正确的实验电路图,通过改变滑动变阻器的阻值,得到两组电压和电流的读数分别为U1I1和U2I2,试根据这两组电压和电流的读数表示出被测电源的电动势的表达式E=_,内阻的表达式r=_(分别用题中所给的字母表示).解析: (1)根据游标卡尺的读数原理,游标尺上一共有20个小格;每一格表示0.05 mm.因此图1的读数为13.45 mm;根据螺旋测微器的读数原理:测量长度=固定刻度示数+可动刻度示数+估读示数(注意单位是mm),其结果为0.680 mm.(2)由公式E=U1+I1R0+I1r和E=U2+I2R0+I2r联立解得:E=;r=-R0.答案: (1)13.45 0.680 (2)实验中两只电表都不能超出量程,要使电流表A不超出量程,必须使R总= =9 ,即R值必须大于6.5 .而要使电压表V不超出量程,必须使U=(R+RA)3 V,即R值必须小于2 .计算表明:滑动变阻器无论怎样调节,总有一个电表会超出量程,故没有办法测出该电源电动势和内阻.如图所示 -R09.(2012六安一模)如图所示,一质量m2=0.25 kg的平顶小车,在车顶中间放一质量m3=0.1 kg的小物块,小物块可视为质点,与车顶之间的动摩擦因数=,小车静止在光滑的水平轨道上.现有一质量m1=0.05 kg的子弹以水平速度v0=20 m/s射中小车左端,并留在车中(子弹与车相互作用时间很短).后来小物块m3以速度v3=1 m/s从平顶小车的一端滑出,取g=10 m/s2.试求:(1)小物块m3从平顶小车的一端滑出时,平顶小车的速度大小;(2)平顶小车的长度.解析: 设子弹射中小车的瞬间,二者达到的共同速度为v1,当小物体从平顶小车滑出时,平顶小车的速度为v2,平顶小车的长度为L,由动量和能量守恒定律有m1v0=(m2+m1)v1(m2+m1)v1=(m2+m1)v2+m3v3(m2+m1)v12-(m2+m1)v22-m3v32=m3g由上述三式代入数据解得v2=3 m/sL=0.8 m.答案: (1)3 m/s (2)0.8 m10.如图所示,与水平面成=37的光滑斜面与一光滑轨道相切于A点,斜面AB的长度s=2.3 m.让物体(可视为质点)从B点静止释放,恰能沿轨道运动到圆轨道的最高点C,空气阻力忽略不计(取sin 37=0.6,cos 37=0.8).(1)求圆轨道的半径R;(2)设物体从C点落回斜面AB上的P点,试通过计算判断P位置比圆心O高还是低.解析: (1)物体在最高点C时只受重力,由牛顿第二定律得mg=m,vC=,物体从B到C的过程中,由机械能守恒定律得mg(ssin -R-Rcos )=mvC2代入数据解得R=0.6 m.(2)设物体一直平抛至与O点等高处,则由平抛运动的规律得R=gt2,x=vCt,联立解得x=R又由题图可知O点到斜面的水平距离为x=R显然xx,故物体的落点位置P低于O点.答案: (1)0.6 m (2)低11.如图所示,虚线PQ右侧有垂直于纸面向外的范围足够大的匀强磁场,磁感应强度为B,虚线PQ左侧是无场空间.MN是与PQ平行的挡板,其中心有一个小孔O.(1)若电子(质量为m,电荷量大小为e)以垂直于MN的初速度v0从小孔O向右射入,求电子在虚线PQ上的射入点和射出点之间的距离d;(2)若在MN与PQ之间加一个与PQ方向平行的匀强电场