高考物理二轮复习 备课资料之高考仿真冲刺卷（二）

高考仿真冲刺卷(二)(建议用时:60分钟满分:110分)二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第1418题只有一项符合题目要求,第1921题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.14.U的衰变有多种途径,其中一种途径是先衰变成Bi,然后可以经一次衰变变成X(X代表某种元素),也可以经一次衰变变成Ti,最后都衰变成Pb,衰变路径如图所示,下列说法中正确的是()A.过程是衰变,过程是衰变;过程是衰变,过程是衰变B.过程是衰变,过程是衰变;过程是衰变,过程是衰变C.过程是衰变,过程是衰变;过程是衰变,过程是衰变D.过程是衰变,过程是衰变;过程是衰变,过程是衰变15. 如图,物体P静止于固定的斜面上,P的上表面水平,现把物体Q轻轻地叠放在P上,由此可求出()A.P与斜面间的摩擦力B.P与Q间的摩擦力C.P对斜面的正压力D.斜面的倾角16. 金属容器置于绝缘板上,带电小球用绝缘细线悬挂于容器中,容器内的电场线分布如图所示.容器内表面为等势面,A,B为容器内表面上的两点,下列说法正确的是()A.A点的电场强度比B点的电场强度大B.小球表面的电势比容器内表面的电势低C.将检验电荷从A点移到B点,电场力做负功D.将检验电荷从A点沿不同路径移到B点,电场力做的功均为零17.如图所示,斜面与水平面之间的夹角为37,在斜面底端A点正上方高度为8 m处的O点,以4 m/s的速度水平抛出一个小球,飞行一段时间后撞在斜面上,这段飞行所用的时间为(已知sin 37=0.6,cos 37=0.8,取g=10 m/s2)()A.2 s B. sC.1 s D.0.5 s18. 如图所示,一水平面内固定两根足够长的光滑平行金属导轨,导轨上面横放着两根完全相同的铜棒ab和cd,构成矩形回路,在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场B.开始时,棒cd静止,棒ab有一个向左的初速度v0,则关于两棒以后的运动,下列说法正确的是()A.ab棒做匀减速直线运动,cd棒做匀加速直线运动B.ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量C.ab棒减小的动能等于cd棒增加的动能D.两棒一直运动,机械能不断转化为电能19. 2017年4月20日,中国第一艘货运飞船搭乘长征七号火箭发射升空,4月22日与天宫二号交会对接形成组合体,27日完成首次推进剂在轨补加试验,填补了中国航天的一个空白. 6月15日18时28分,天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室顺利完成了第二次推进剂在轨补加试验(俗称太空加油),进一步验证了这一关键技术的可靠性.若已知“货运飞船”与“天宫二号”对接后,组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为,组合体轨道半径为r,地球表面重力加速度为g,引力常量为G,不考虑地球自转.则()A.可求出地球的质量B.可求出地球的平均密度C.可求出组合体做圆周运动的线速度D.可求出组合体受到地球的万有引力20.某同学在实验室中研究远距离输电.由于输电线太长,他将每100米导线卷成一卷,共卷成8卷来代替输电线路(忽略输电线路的电磁感应).在输送功率相同时,第一次直接将输电线与学生电源及用电器相连,测得输电线上损失的功率为P1,第二次采用如图所示的电路输电,其中理想变压器T1与电源相连,其原、副线圈的匝数比为n1n2,理想变压器T2与用电器相连,测得输电线上损失的功率为P2.下列说法正确的是()A.前后两次实验都可用于研究远距离直流输电B.实验可以证明,T1采用升压变压器匝数比为1能减小远距离输电的能量损失C.若输送功率一定,则P2P1=n1n2D.若输送功率一定,则P2P1=21. 一辆汽车在平直的公路上运动,运动过程中先保持某一恒定加速度,后保持恒定的牵引功率,其牵引力和速度的图像如图所示.若已知汽车的质量m、牵引力F1和速度v1及该车所能达到的最大速度v3,运动过程中所受阻力恒定,则根据图像所给的信息,下列说法正确的是()A.汽车行驶中所受的阻力为B.汽车匀加速运动的过程中牵引力的冲量大小为C.速度为v2时的加速度大小为D.若速度为v2时牵引力恰为,则有v2=2v1三、非选择题:包括必考题和选考题两部分,第2225题为必考题,每个试题考生都必须作答.第3334题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共47分.22.(6分)实验小组的同学利用弹簧测力计在水平放置的方木板上做“验证共点力的合成规律的实验”.(1)同学们用坐标纸记下某次橡皮筋的结点位置O以及两弹簧测力计施加的拉力的大小和方向,如图(甲)所示.图中每个正方形小格边长均表示1.0 N,利用作图法可知F1与F2的合力大小为N.(结果保留两位有效数字)(2)实验时,第一次用两个弹簧测力计、第二次用一个弹簧测力计将橡皮筋的结点拉到同一位置,其目的是为了.(3)不改变测力计1的示数F1的大小,逐渐减小两个弹簧测力计之间的夹角.为使结点O位置保持不变,则另一测力计2的示数将(填“增大”“减小”或“不变”).23.(9分)某同学欲将量程为200 A的电流表G改装成电压表.(1)该同学首先采用如图所示的实验电路测量该电流表的内阻Rg,图中R1,R2为电阻箱.他按电路图连接好电路,将R1的阻值调到最大,断开开关S2,闭合开关S1后,调节R1的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度,接下来他应该正确操作的步骤是(选填下列步骤前的字母代号),最后记下R2的阻值;A.闭合S2,调节R1和R2的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半B.闭合S2,保持R1不变,调节R2的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半(2)如果按正确操作步骤测得R2的阻值为120 ,则认为Rg的阻值大小为(选填字母代号);A.60 B.120 C.240 D.360 (3)如果该同学在调节R1使电流表满偏过程中,发现电流表指针满偏时,R1的接入阻值不到其总阻值的二分之一.为了减小实验误差,该同学可以采取下列措施中的(选填字母代号);A.将R2换成一个最大阻值更大的电阻箱B.将R1换成一个最大阻值为现在二分之一的电阻箱C.将电源换成一个电动势为现在电源两倍、内阻可以忽略的电源D.将电源换成一个电动势为现在电源二分之一、内阻可以忽略的电源(4)利用上述方法测量出的电流表内阻值(选填“大于”或“小于”)该电流表内阻的真实值.(5)依据以上的测量数据可知,若把该电流表改装成量程为3 V的电压表,需与该表(选填“串”或“并”)联一个阻值为 的定值电阻.24. (12分)如图所示,光滑水平直导轨上有三个质量均为m的物块A,B,C,物块B,C静止,物块B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计);让物块A以速度v0朝B运动,压缩弹簧;当A,B速度相等时,B与C恰好相碰并粘接在一起,然后继续运动.假设B和C碰撞过程时间极短.那么从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中,求.(1)A,B第一次速度相同时的速度大小;(2)A,B第二次速度相同时的速度大小;(3)弹簧被压缩到最短时的弹性势能大小.25.(20分)空间中有一直角坐标系,其第一象限在圆心为O1、半径为R、边界与x轴和y轴相切的圆形区域内,有垂直于纸面向里的匀强磁场(图中未画出),磁感应强度大小为B;第二象限中存在方向竖直向下的匀强电场.现有一群质量为m,电荷量为q的带正电的粒子从圆形区域边界与x轴的切点A处沿纸面上的不同方向射入磁场中,如图所示.已知粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径均为R,其中沿AO1方向射入的粒子恰好到达x轴上与O点距离为2R的N点,不计粒子的重力和它们之间的相互作用力,求:(1)粒子射入磁场时的速度大小及电场强度的大小;(2)速度方向与AO1夹角为60(斜向右上方)的粒子到达y轴所用的时间.(二)选考题:共15分.(请考生从给出的2道物理题中任选一题作答)33.物理选修3-3(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度,可以估算出该气体中分子间的平均距离B.一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程,则气体对外界做功,气体分子的平均动能减小.C.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规则运动的反映D.没有摩擦的理想热机可以把吸收的能量全部转化为机械能E.一定量100 的水变成100 的水蒸气,其分子之间的势能增加(2)(10分)如图,一个质量为m的T型活塞在汽缸内封闭一定量的理想气体,活塞体积可忽略不计,距汽缸底部h0处连接一U形细管(管内气体的体积忽略不计).初始时,封闭气体温度为T0,活塞距离汽缸底部为1.8h0,两边水银柱存在高度差.已知水银密度为,大气压强为p0,汽缸横截面积为S,活塞竖直部分高为1.2h0,重力加速度为g,求:通过制冷装置缓慢降低气体温度,当温度为多少时两边水银面恰好相平;从开始至两水银面恰好相平的过程中,若气体放出的热量为Q,求气体内能的变化.34.物理选修3-4(15分) (1)(5分)如图(甲)所示,沿波的传播方向上有六个质点a,b,c,d,e,f,相邻两质点之间的距离均为2 m,各质点均静止在各自的平衡位置,t=0时刻振源a开始做简谐运动,取竖直向上为振动位移的正方向,其振动图像如图(乙)所示,形成的简谐横波以2 m/s的速度水平向右传播,则下列说法正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.波传播到质点c时,质点c开始振动的方向沿y轴正方向B.04 s内质点b运动的路程为12 cmC.45 s内质点d的加速度正在逐渐减小D.6 s时质点e第一次回到平衡位置E.各质点都振动起来后,a与c的振动方向始终相同(2)(10分)如图所示,半径R=4 cm的圆形玻璃砖,AB为玻璃砖的直径.一束光线平行于直径AB射向玻璃砖左侧界面,且光束到AB的距离d=6 cm,光线经玻璃砖折射后由B点射出.已知光在真空中的传播速度c=3.0108 m/s,求:玻璃砖的折射率;光线在玻璃砖中传播的时间.高考仿真冲刺卷(二)14.B衰变产生电子,质量数不变,核电荷数加1;衰变产生氦核,质量数减少4,核电荷数减2.过程中的质量数不变,是衰变;过程的质量数减少4,是衰变;过程的核电荷数减少2,是衰变;过程的核电荷数加1,是衰变.15.B没有放Q时,对P受力分析,受重力、支持力、静摩擦力,根据平衡条件有,支持力N=Mgcos ;沿斜面向上的摩擦力f=Mgsin ;且Mgsin Mgcos .当Q放在P上方时,整体有(M+m)gsin (M+m)gcos ,所以系统仍然静止;两个物体的质量和斜面倾角不知道,所以无法求解摩擦力大小,也无法求解P对斜面的正压力,A,C,D错误;由于系统静止且P的上表面水平,所以Q受到的摩擦力为零,B正确;两个物体的质量和斜面倾角不知道.16.D电场线越疏,电场强度越弱,电场线越密,电场强度越强,由图可知,A点的电场强度比B点的小,故A错误;根据沿着电场线方向电势降低,可知小球表面的电势比容器内表面的高,故B错误;因A,B在同一等势面上,将检验电荷从A点沿不同路径到B点,电场力所做的功均为零,C错误,D正确.17.C设飞行的时间为t,则x=v0t,h=gt2由几何关系,tan 37=代入数据,解得t1 s.18.B当金属棒ab向左运动后,由于切割磁感线产生感应电流,于是ab受到向右的安培力,cd受到向左的安培力,故ab向左做减速运动,cd向左做加速运动,随速度的变化,感应电流逐渐减小,安培力减小,故两棒的加速度减小,两棒做加速度减小的变速运动,最后当两棒共速时达到稳定速度,选项A错误;两棒运动过程中,因为两棒组成系统所受合外力为零,故动量守恒,则ab棒减小的动量等于cd棒增加的动量,选项B正确;由能量关系可知,ab棒减小的动能等于cd棒增加的动能与产生的电能之和,选项C错误;当两棒最终匀速运动时,两棒中无感应电流产生,此时无电能产生,选项D错误.19.ABC组合体绕地球运动的角速度为=,根据公式G=m2r可得M=,A正确;忽略地球自转,在地球表面万有引力等于重力,即G=mg,即可求得地球半径,根据=可求得地球密度,B正确;根据v=r可得组合体做圆周运动的线速度,C正确;由于不知道组合体质量,所以无法求解其受到地球的万有引力大小,D错误.20.BD变压器只能改变交变电流的电压,所以第二次实验只能研究远距离交流输电,故A错误;T1采用升压变压器能减小输电电流,从而减小远距离输电的能量损失,故B正确;第一次实验输电线上的电流I=,输电线上损失的功率P1=I2R=R;第二次实验,升压变压器副线圈上的电压U2=U1,输电线上的电流I=,输电线上损失的功率P2=I2R=R,所以=,故D正确,C错误.21.AD根据牵引力和速度的图像和功率P=Fv得汽车运动中的最大功率F1v1,该车达到最大速度时加速度为零,此时阻力等于牵引力,所以阻力f=,选项A正确;根据牛顿第二定律有恒定加速时,加速度a=-,匀加速的时间t=,则汽车匀加速运动的过程中牵引力的冲量大小为I=F1t=,故B错误;速度为v2时的牵引力是,根据牛顿第二定律,有速度为v2时加速度大小为a=-,故C错误;若速度为v2时牵引力恰为,则=,则v2=2v1,选项D正确.22.解析:(1)以表示两力的线段作为邻边作平行四边形,平行四边形的对角线是两力的合力,合力如图所示,图中每个正方形小格边长均代表1.0 N,F1与F2的合力F6.5 N.(2)使合力与两个分力同时作用时的作用效果相同.(3)结点O位置保持不变,合力不变,不改变测力计1的示数F1的大小,逐渐减小两个弹簧测力计之间的夹角,以O点为圆心,F1为半径的圆弧上各点到F顶点的距离逐渐减小,测力计2的示数将减小.答案:(1)6.5 N(2)使力的作用效果相同(3)减小评分标准:每空2分23.解析:(1)闭合开关S1,调节R1的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度,然后再闭合S2,保持R1不变,调节R2的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半,记下R2的阻值,B正确.(2)由实验步骤可知,电阻箱阻值不变,电路总电阻不变,电路总电流不变,电流表半偏时流过电阻箱电流等于电流表电流,由于它们两端电压相等,则它们电阻阻值相等,由此可知,电流表内阻Rg=R2=120 ,B正确.(3)电流表指针满偏时R1的接入阻值小,说明电压小,故应将电源换成一个电动势为现在电源两倍、内阻可以忽略的电源,C正确.(4)实际上再闭合S2后电路的总电阻减小了,串联部分的总电流增大了;电流表半偏时,流过电阻箱的电流大于电流表的电流,电阻箱接入的电阻小于电流表的电阻,所以该测量值略小于实际值.(5)改装电压表,需要串联一个电阻分压,根据欧姆定律可得Ig(Rg+R)=3 V,代入数据解得R= -120 =14 880 .答案:(1)B(2)B(3)C(4)小于(5)串14 880评分标准:(1)(3)(4)每空2分,(2)(5)每空1分.24.解析:(1)A,B接触的过程中,当第一次速度相同时,由动量守恒定律得,mv0=2mv1,解得v1=v0.(2分)(2)设A,B第二次速度相同时的速度大小为v2,对ABC系统,根据动量守恒定律mv0=3mv2解得v2=v0.(2分)(3)B与C接触的瞬间,B,C组成的系统动量守恒,有m=2mv3,解得v3=v0(2分)系统损失的机械能为E=m2-2m2=m(2分)当A,B,C速度相同时,弹簧的弹性势能最大.此时v2=v0(2分)根据能量守恒定律得,弹簧的最大弹性势能Ep=m-(3m)-E=m.(2分)答案:(1)v0(2)v0(3)m25.解析:(1)设粒子射入磁场时的速度大小为v,因在磁场中做匀速圆周运动的半径为R,由牛顿第二定律有qvB=m,(2分)得v=(2分)如图(甲)所示,因粒子的轨迹半径是R,故沿AO1方向射入的粒子一定从与圆心等高的D点沿x轴负方向射入电场,则粒子在电场中从D点到N点做类平抛运动,有2R=vt(2分)又因为R=t2(2分)解得E=.(2分)(2)对于速度v(斜向右上方)的粒子,轨迹如图(乙)所示,轨迹圆心为C,从M点射出磁场,连接O1M,四边形O1MCA是菱形,故CM垂直于x轴,速度方向偏转角度等于圆心角=150,(2分)速度为v的粒子在磁场中运动的时间为t1=T=(2分)粒子离开磁场到y轴的距离MH=(2分)在无场区运动的时间t2=.(2分)故粒子到达y轴的时间为t=t1+t2=+.(2分)答案:(1)(2)+33.解析:(1)气体中分子间的平均距离d=,故知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度,可以估算出该气体中分子间的平均距离,选项A正确;一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程,气体对外界做功,内能减小,温度降低,气体分子的平均动能减小,选项B正确;布朗运动不是反映悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动,是液体分子无规则运动的反映,选项C错误;根据热力学第二定律可知,即使是没有摩擦的理想热机也不可以把吸收的能量全部转化为机械能,选项D错误;一定量