数列通项公式的十种方法(已打)

1、递推式求数列通项公式常见类型及解法 对于由递推式所确定的数列通项公式问题，通常可通过对递推式的变形转化成等差数列或等比数列，也可以通过构8造把问题转化。下面分类说明。一、型例1. 在数列an中，已知，求通项公式。解：已知递推式化为，即，所以。将以上个式子相加，得，所以。二、型例2. 求数列的通项公式。解：当，即当，所以。三、型例3. 在数列中，求。解法1：设，对比，得。于是，得，以3为公比的等比数列。所以有。解法2：又已知递推式，得上述两式相减，得，因此，数列是以为首项，以3为公比的等比数列。所以，所以。四、型例4. 设数列，求通项公式。解：设，则，所以，即。设这时，所以。由于bn是以3为首项

2、，以为公比的等比数列，所以有。由此得：。说明：通过引入一些尚待确定的系数转化命题结构，经过变形与比较，把问题转化成基本数列（等差或等比数列）。五、型例5. 已知b0，b1，写出用n和b表示an的通项公式。解：将已知递推式两边乘以，得，又设，于是，原递推式化为，仿类型三，可解得，故。说明：对于递推式，可两边除以，得，引入辅助数列，然后可归结为类型三。六、型例6. 已知数列，求。解：在两边减去。所以为首项，以。所以令上式，再把这个等式累加，得。所以 。说明：可以变形为，就是，则可从，解得，于是是公比为的等比数列，这样就转化为前面的类型五。等差、等比数列是两类最基本的数列，是数列部分的重点，自然也是

3、高考考查的热点，而考查的目的在于测试灵活运用知识的能力，这个“灵活”往往集中在“转化”的水平上。转化的目的是化陌生为熟悉，当然首先是等差、等比数列，根据不同的递推公式，采用相应的变形手段，达到转化的目的。附：构建新数列巧解递推数列竞赛题递推数列是国内外数学竞赛命题的“热点”之一，由于题目灵活多变，答题难度较大。本文利用构建新数列的统一方法解答此类问题，基本思路是根据题设提供的信息，构建新的数列，建立新数列与原数列对应项之间的关系，然后通过研究新数列达到问题解决之目的。其中，怎样构造新数列是答题关键。1 求通项求通项是递推数列竞赛题的常见题型，这类问题可通过构建新数列进行代换，使递推关系式简化，

4、这样就把原数列变形转化为等差数列、等比数列和线性数列等容易处理的数列，使问题由难变易，所用的即换元和化归的思想。例1、数列中，。求。（1981年第22届IMO预选题）分析 本题的难点是已知递推关系式中的较难处理，可构建新数列，令，这样就巧妙地去掉了根式，便于化简变形。解：构建新数列，使则 ， ，即化简得 ，即 数列 是以2为首项，为公比的等比数列。 即 2 证明不等式这类题一般先通过构建新数列求出通项，然后证明不等式或者对递推关系式先进行巧妙变形后再构建新数列，然后根据已经简化的新数列满足的关系式证明不等式。例2、设， ，求证：。（1990年匈牙利数学奥林匹克试题）分析 利用待证的不等式中含有

5、及递推关系式中含有这两个信息，考虑进行三角代换，构建新数列，使，化简递推关系式。证明：易知，构建新数列，使，则 ，又 ， ，从而 因此，新数列是以为首项，为公比的等比数列。考虑到当时，有 。所以，注：对型如 ，都可采用三角代换。3 证明是整数这类题把递推数列与数论知识结合在一起，我们可以根据题目中的信息，构建新数列，找到新的递推关系式直接解决，或者再进行转化，结合数论知识解决。例3、设数列满足， 求证： 。分析 直接令，转化为证明 证明：构建新数列，令则 ，代入 整理得 从而 于是 由已知，由上式可知，依次类推， ，即。例4、设r为正整数，定义数列如下： ， 求证：。（1992年中国台北数学奥

6、林匹克试题）分析 把条件变形为比较与 前的系数及与 的足码，考虑到另一项为，等式两边同乘以，容易想到构新数列，使。证明：由已知得构建新数列，则， 又 | | ，从而 。4 解决整除问题一般通过构建新数列求出通项，再结合数论知识解决，也可用数学归纳法直接证明。例5、设数列满足，对一切，有，求所有被11整除的的一切n值。（1990年巴尔干地区数学奥林匹克试题）分析 变形递推关系式为，就容易想到怎样构建新数列了。解：由已知构建新数列 则， 从而，当时，由于被11整除，因而也被11整除。所以，所求n值为，8，及的一切自然数。5 证明是完全平方数这类题初看似乎难以入手，但如能通过构建新数列求出通项，问题也就迎刃而解了。例6、设数列和满足，且 求证：是完全平方数。（2000年全国高中联赛加试题）分析 先用代入法消去和，得，如果等式中没有常数项6，就可以利用特征根方法求通项，因此可令，易求得。证明：由式得， 代入得化为构建新数列，且，由特征方程 得两根，所以 当，1时，有解得：则 则因为 为正偶数，所以，是完全平方数。从上述