浙江省台州市2025届高三下学期二模试题 物理 含解析

台州市2025届第二次教学质量评估试题物理本试题卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟。可能用到的相关参数：重力加速度g取10m/s2。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.一定质量的理想气体，在体积不变的情况下，压强p和热力学温度T成正比。即p=CT,常量C的单位用国际单位制基本单位可表示为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【详解】因在国际单位制中，的单位为，的单位为，的单位为，的单位为，所以常量C的单位用国际单位制基本单位可表示为，故选A。2.在2024巴黎奥运会上，中国体育代表队获得了40金、27银、24铜共91枚奖牌的境外参赛历史最好成绩。下列说法正确的是（）A.图甲中运动员参加42.195公里的大众马拉松比赛，42.195公里指的是位移B.研究图乙中运动员的跨栏动作时可以将其视作质点C.图丙中撑杆跳运动员从脱离撑杆到落地过程始终处于失重状态D.图丁中被掷出后的铅球在飞行过程中所受合力方向与运动方向相反【答案】C【解析】【详解】A．图甲中运动员参加42.195公里的大众马拉松比赛，42.195公里指的是路程，故A错误；B．当物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或者影响很小可将物体看成质点，所以研究图乙中运动员的跨栏动作时不可以将其视作质点，故B错误；C．图丙中撑杆跳运动员从脱离撑杆到落地过程加速度向下，处于失重状态，故C正确；D．图丁中被掷出后的铅球在飞行过程中铅球做曲线运动，所受合力方向与运动方向不共线，也不相反，故D错误。故选C。3.家用室内引体向上器通常采用免打孔设计，通过调节杆的长度，利用橡胶垫与门框或墙壁的摩擦力起到固定的作用。如图所示，当质量为50kg的同学握住水平单杠保持静止，且只有双手接触单杠并双腿悬空，不计引体向上器的质量。则（）A.双手间距离越小，人所受到单杠的作用力越小B.单杠对每只手臂作用力大小一定为250NC.双手间距离越大，橡胶垫与墙面间的摩擦力越大D.同学由静止下降到最低点的过程中，橡胶垫与墙面间的摩擦力先小于同学的重力，后大于同学的重力【答案】D【解析】【详解】A．人所受到单杠的作用力和重力平衡，则人所受到单杠的作用力大小不变，为N故A错误；B．只有两手臂平行时，单杠对每只手臂作用力大小为N两手臂有夹角时，单杠对每只手臂作用力都大于250N，故B错误；C．不计引体向上器的质量，橡胶垫与墙面间的摩擦力等于人的重力不变，故C错误；D．同学由静止下降到最低点的过程中，人先加速度先向下，再向上，先失重后超重，结合牛顿第二定律可知，橡胶垫与墙面间的摩擦力先小于同学的重力，后大于同学的重力，故D正确；故选D。4.在电子显微镜中，电子束相当于光束，通过由电场或磁场构成的电子透镜实现会聚和发散作用。其中的一种电子透镜由两个金属圆环M、N组成，其结构如图甲所示，图乙为图甲的截面示意图。显微镜工作时，两圆环的电势，图乙中虚线表示两圆环之间的等势面（相邻等势面间电势差相等），O为水平虚线与竖直虚线的交点，a、b两点关于O点中心对称。现有一束电子经电场加速后，沿着平行于两金属圆环轴线的方向进入金属圆环M。下列说法正确的是（）A.a点电势比b点电势低B.a点场强与b点场强相同C.该电子透镜对入射的电子束能起到发散作用D.电子在穿越电子透镜的过程中电势能增大【答案】B【解析】【详解】A．两圆环的电势，则靠近N环的电势较高，即a点电势比b点电势高，故A错误；B．根据对称性可知，a点场强与b点电场强度大小相等，方向相同，故B正确；C．根据电场线与等势线垂直可知，入射的电子受电场力指向中轴线，则该电子透镜对入射的电子束能起到会聚的作用，故C错误；D．根据可知电子在穿越电子透镜的过程中电势能减少，故D错误。故选B。5.如图所示，动圈式话筒能够将声音转变为微弱的电信号(交变电流)．产生的电信号一般都不是直接送给扩音机，而是经过一只变压器(视为理想变压器)之后再送给扩音机放大，变压器的作用是为了减少电信号沿导线传输过程中的电能损失，关于话筒内的这只变压器，下列判断正确的是()A.一定是降压变压器，因为P＝I2R，降压后电流减少，导线上损失的电能减少B.一定是降压变压器，因为，降压后电压降低，导线上损失的电能减少C.一定是升压变压器，因为，升压后，电流增大，使到达扩音机的信号加强D.一定是升压变压器，因为P＝UI，升压后，电流减小，导线上损失的电能减少【答案】D【解析】【详解】根据变压器的作用是为了减少电信号沿导线传输过程中的电能损失可知，话筒内的这只变压器一定是升压变压器，因为P＝UI，升压后，电流减小，导线上损失的电能减少。故选D。6.北斗三号卫星导航系统由24颗中圆地球轨道卫星（MEO）、3颗地球静止同步轨道卫星（GEO）和3颗倾斜地球同步轨道卫星（IGSO）共30颗卫星组成。已知地球半径为R，地球表面赤道处重力加速度为，地球静止卫星到地心的距离为kR，中圆地球轨道卫星的周期为静止卫星周期T的一半，如图所示。下列关于地球静止同步轨道卫星B倾斜地球同步轨道卫星B与中圆地球轨道卫星C的说法正确的是（）A.地球静止同步轨道卫星A和倾斜地球同步轨道卫星B均相对赤道表面静止B.中圆地球轨道卫星C的动能大于倾斜地球同步轨道卫星B的动能C.地球表面赤道处的重力加速度D.某时刻B、C两卫星相距最近，则再经，两卫星间距离为【答案】D【解析】【详解】A．地球静止同步轨道卫星A相对于赤道静止，倾斜地球静止卫星只是周期等于地球自转周期，并不相对于赤道静止，故A错误；B．由于不知道卫星A、B的质量，所以无法比较两者的动能，故B错误；C．B卫星受到的万有引力完全提供向心力，有对任意地球表面赤道处的物体受力分析，有联立得故C错误；D．某时刻B、C两卫星相距最近，则再经，B卫星运动半周，C卫星运动一周，此时两卫星相距最远，距离为两者轨道半径和，对于B、C卫星，由开普勒第三定律得解得故D正确。故选D。7.电容器是一种可以储存电荷和电能的装置，用平行板电容器还可以产生匀强电场，常使用于电子仪器中。如图为一个含有电容器、电阻器、理想二极管、理想电流表、电键K和电源的电路，初始时电键K闭合，下列对于此电路的说法正确的是（）A.电键K保持闭合时，两个二极管均发光B.电键K保持闭合时，增大电容器两极板的距离，电流表中有向上的电流C.在断开K的瞬间，两个二极管均发光D.若只增大R2的阻值，则电键K断开后，放电的时间会变长【答案】D【解析】【详解】A．电键K保持闭合时，上面红色二极管正常发光，下面绿色二极管不发光，故A错误；B．电键K保持闭合时，增大电容器两极板的距离，根据电容的决定式可知，电容减小，两极板间电压不变，则电容器所带电荷量减小，电容器放电，所以电流表中有向下的电流，故B错误；C．在断开K的瞬间，电容器放电，只有上面二极管发光，故C错误；D．若只增大R2的阻值，则电容器两极板间电压增大，电容器所带电荷量增大，当电键K断开后，放电的时间会变长，故D正确。故选D。8.光电传感器如图甲所示，若通过放大器的电流发生变化，工作电路立即报警。图乙为a，b两种单色光分别照射K极时，光电子到达A极时动能的最大值与光电管两端电压U的关系图像。则下列说法正确的是（）A.用同一装置做双缝干涉实验，a光的条纹间距较小B.图乙中图线a、b的斜率均是电子电量的大小C.单色光a、b的频率之比为1:2D.图甲中电源电压及变阻器滑片位置不变，部分光线被遮挡，则放大器电流将增大，一定会引发报警【答案】B【解析】【详解】AB．根据由图像可知，斜率k=e，即图乙中图线a、b的斜率均是电子电量的大小；截距因b截距较大，可知b光频率较大，波长较小，根据可知用同一装置做双缝干涉实验，b光的条纹间距较小，选项A错误，B正确；C．由图像可知，可知单色光a、b的频率之比不等于1:2，选项C错误；D．图甲中电源电压及变阻器滑片位置不变，若部分光线被遮挡，即光照强度减小，单位时间逸出的光电子数目减小，则放大器的电流将减小，选项D错误。故选B。9.在一次核反应中，铀核变成了具有β放射性的氙核和锶核，同时放出了若干中子。的比结合能约为7.6MeV，的比结合能约为8.4MeV，的比结合能约为8.7MeV，下列说法正确的是（）A.核反应出现质量亏损，质量数减少B.核反应将放出能量约208.1MeVC.若把全部分解为核子，将放出能量约1786MeVD.在生产约30cm厚的钢板时，可利用β射线的穿透能力对钢板的厚度进行自动控制【答案】B【解析】【详解】A．因所以核反应是放能核反应，有质量亏损，但质量数不变，故A错误；B．核反应将放出能量约为故B正确；C．若把全部分解为核子，将吸收能量约故C错误；D．β射线只能穿透几毫米厚的铝板，所以在生产约30cm厚的钢板时，不能利用β射线的穿透能力对钢板的厚度进行自动控制，故D错误。故选B10.图甲是电子感应加速器的原理图。图乙中两磁极间的磁感线垂直于磁极表面，真空室内磁场比中央弱，且离中央越远磁场越弱，交变磁场又在真空室内激发感生电场。若把电子沿切线方向射入环形真空室，电子将受到感生电场的作用而被加速，同时电子还受到洛伦兹力的作用，使电子在半径为R的圆形轨道上运动。已知电子电荷量大小为e，电子轨道所围面积内平均磁感应强度随时间变化如图丙所示（图甲中的磁场方向为的正方向）。从上向下看，要实现电子沿逆时针方向在半径为R的圆形轨道上加速运动。若t时刻圆形轨道处的磁感应强度为BR，的变化率为，下列说法正确的是（）A.t时刻电子的动量大小为B.t时刻轨道处涡旋电场的场强大小为C.丙图中的第一个或第四个可以用来加速电子D.当时，电子能在稳定的圆形轨道上被加速【答案】D【解析】【详解】A．t时刻电子的动量大小为，联立可得故A错误；B．t时刻轨道处涡旋电场的场强大小为故B错误；C．丙图中的第一个内，磁场方向竖直向上增大，根据楞次定律可知，感生电场沿顺时针方向，电子受的洛伦兹力方向指向圆心，则电子能被正常加速，第四个内，磁场方向竖直向下减小，根据楞次定律可知，感生电场沿顺时针方向，电子受的洛伦兹力方向背离圆心，则电子不能被正常加速，故C错误；D．根据洛伦兹力提供向心力可得解得所以在切线方向有所以则故D正确。故选D。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11.在物理学发展的进程中，人们通过对某些重要物理实验的深入观察和研究，获得正确的理论认识。对下列各示意图，解读正确的是（）A.英国物理学家汤姆孙利用图甲所示的气体放电管证实阴极射线是带电粒子流B.英国物理学家卢瑟福利用图乙所示的α粒子散射实验发现了质子C.法国物理学家贝克勒尔通过图丙所示的实验发现了天然放射现象D.意大利物理学家伽利略根据气体压强随温度的变化制造出图丁所示的气体温度计【答案】AD【解析】【详解】A．英国物理学家汤姆孙利用图甲所示的气体放电管证实阴极射线是带电粒子流，故A正确；B．英国物理学家卢瑟福利用图乙所示的α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故B错误；C．法国物理学家贝克勒尔发现铀和含铀的矿物能够发出看不见的射线，从而发现了天然放射现象，人们用图丙装置确定了射线的本质，故C错误；D．意大利物理学家伽利略根据气体压强随温度的变化制造出图丁所示的气体温度计，故D正确。故选AD。12.如图所示，S为狭缝光源，经透镜L1后成为平行光，照射到与S平行的双缝S1、S2上，由S1、S2分离出两束相干光，再让它们分别通过长度相等的两个气室T1和T2后，由透镜L2将两束相干光汇聚于焦平面P上，在此形成平行于狭缝的干涉条纹。实验开始时，T2管充以空气，T1管抽成真空，此时开始观测干涉条纹。然后逐渐使空气进入T1管，直到它与T2管的气压相同为止，记下这一过程中条纹移动的数目。已知光在真空中的波长为589.3nm，管长为L=20cm，条纹移动了98根，下列说法正确的是（）A.观测到条纹向上移动 B.观测到条纹向下移动C.测得空气的折射率约为1.000289 D.测得空气的折射率约为1.289【答案】AC【解析】【详解】AB．随着空气进入T1管，光频率不变，波速变小，波长变短，将会观测到条纹向上移动，故A正确，B错误；CD．设空气折射率为n，真空折射率为n0，则实验过程中两管光程差的变化等于T1管中光程的变化所以故C正确，D错误。故选AC。13.如图为位于新疆哈密的熔盐塔式光热发电站，电站中有约14000块五边形定日镜随太阳转动，每块约50平方米，定日镜将吸收的阳光反射到中心位置的吸热塔上。太阳落山后，熔盐继续放热保证24小时不间断发电。已知地球的半径R=6400km，地球到太阳的距离r=1.5×1011m，太阳能照射到地球上时，有约30％在穿过大气层的过程中被云层或较大的粒子等反射，有约20％被大气层吸收，现测得在地球表面垂直太阳光方向每平方米面积上接收到太阳能的平均功率为P=6.8×102W。哈密全年日照时数约3400小时，该电站已实现年供电2.0×108kW·h，可供24万人一整年的生活用电。已知我国燃煤电厂平均每发一度电，消耗的煤炭约为300克。则（）A.该电站每年可节约煤炭约6000万吨B.该电站光能转化为电能的效率约为12%C.太阳辐射能量的总功率约为7.0×1017WD.太阳辐射能量中只有二十二亿分之一到达地球大气层上表面【答案】BD【解析】【详解】A．年供电2.0×108kW·h，每度电耗煤300克，节约煤炭的质量为所以可节约煤炭约6万吨，故A错误；B．定日镜总面积地球表面单位面积接收到太阳能的平均功率为定日镜接收的光能为提供的电能为光能转化为电能的效率，故B正确；C．地球大气层上表面每平方米接收功率为太阳辐射的总功率为，故C错误；D．地球大气层上表面接收到的功率所以到达大气层的能量占总的太阳能的比例为即二十二亿分之一，故D正确。故选BD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分）14.图甲、乙是用气垫导轨与光电计时器完成“验证机械能守恒定律实验”的两种方案。（1）关于方案甲，小王同学的部分实验步骤如下：a．将气垫导轨调至水平；b．在导轨的单脚螺丝下垫上一定厚度的垫片，让滑块从最高处由静止开始下滑，用数字计时器测出滑块依次经过光电门1和2时，遮光条的遮光时间t1和t2；c．取下垫片，用游标卡尺测量所用垫片的厚度h；d．用刻度尺测量单脚螺丝到双脚螺丝连线的距离l；请回答下列问题：（已知当地重力加速度为g）①为验证机械能守恒定律，下列物理量必须测量的是________。（多选）A．遮光条的宽度dB．滑块运动的总位移xC．滑块和遮光条的总质量MD．光电门1和2之间的距离s②若要得出机械能守恒定律的结论，以上测得的物理量应该满足怎样的关系？__________（用题干所给字母及第①问中测量的物理量字母表示）。（2）关于方案乙，小陈同学的部分实验步骤如下：打开气泵，托起滑块，将气垫导轨调水平，在托盘和砝码的牵引下，滑块从静止开始沿导轨加速运动。①托盘和砝码的总质量____（选填“需要”或“不需要”）远小于滑块和遮光条的总质量。②若滑块和遮光条的总质量为M，托盘和砝码的总质量为m。遮光条宽度为d，依次经过光电门1、2的遮光时间为t1、t2。两光电门之间的距离为l，当地重力加速度为g。以上物理量在误差范围内满足关系式________，则验证了机械能守恒定律。③若实验中发现有一个光电门损坏，则_________（选填“仍能”或“不能”）利用该装置验证机械能守恒定律。【答案】（1）①.AD②.（2）①.不需要②.③.仍能【解析】【小问1详解】①[1]该实验需要验证的关系其中，，带入可得则需要测量的物理量为：遮光条的宽度d以及光电门1和2之间的距离s，故选AD。②[2]由以上推导可知，若要得出机械能守恒定律结论，以上测得的物理量应该满足的关系【小问2详解】①[1]该实验验证系统的机械能守恒，则托盘和砝码的总质量不需要远小于滑块和遮光条的总质量。②[2]要验证的关系为其中，即③[3]若实验中发现有一个光电门损坏，则仍能利用该装置验证机械能守恒定律。让滑块从静止开始下滑，测得起始位置与光电门间的距离x，记录滑块经过光电门的时间t，即可通过来验证机械能是否守恒。15.某课外活动小组利用铜片、锌片和橙子制成一个水果电池，他们想测量该水果电池的电动势E和内阻r。（1）将多用电表的选择开关拨至直流电压2.5V挡，将红、黑表笔与铜、锌片直接接触，多用电表的表盘指针位置如图甲所示，其电压的示数为______V，这样测定的结果和电动势相比______（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。（2）有以下实验器材可供选择：A．电流表A1（量程0~100µA，内阻为100Ω）B．电流表A2（量程0~600µA，内阻不计）C．电压表V（量程0~3V，内阻约为15kΩ）D．定值定阻R0（阻值9900Ω）E．电阻箱R（阻值可调范围0~9999Ω）F．滑动变阻器R1（阻值变化范围0~20Ω）G．滑动变阻器R2（阻值变化范围0~5kΩ）H．开关和导线若干①小明同学选用了其中的一些器材，设计了图乙所示的电路进一步测定电动势和内电阻。滑动变阻器应选择_______（选填“R1”或“R2”）。正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器，获得电流表A1和A2的多组I1和I2数据，并作出I1-I2图像如图丙所示，该水果电池的电动势E=_______V，内阻r=_______Ω。（计算结果均保留两位有效数字）②从提供的实验器材中选择合适的器材，在相应方框中再画出一种测定该水果电池的电动势和内阻的电路图_______、_____。【答案】（1）①.0.85②.偏小（2）①.R2②.0.95③.1.0×103④.⑤.【解析】【小问1详解】[1]由于多用电表为直流电压2.5V挡，所以每一小格为0.05V，所以图示读数为[2]由于多用电表测量的是电源两端的电压，即路端电压，其小于电源电动势，所以这样测定的结果和电动势相比偏小。【小问2详解】[1]由于水果电池内阻较大，所以滑动变阻器应选择阻值较大的R2方便实验调节；[2][3]根据闭合电路欧姆定律可得变形整理可得结合图像可得，联立解得，[4][5]根据测定电源电动势和内阻的实验原理可知，可以采用伏阻法进行测量，但由于现有电压表量程太大，需要用电流表A1和定值电阻串联改装电压表，电路如图所示同时也可以采用安阻法进行测量，电流表选用量程较大的A2，电路如图所示16.以下实验中，说法正确的是_______（多选）。A.“用双缝干涉测量光的波长”实验中，测量单色光的波长时，需在单缝前放置偏振片B.“用单摆测量重力加速度”实验中，用l−T2图像计算重力加速度，可以消除因摆球质量分布不均匀而造成的测量误差C.“研究气垫导轨上滑块碰撞时的动量守恒”实验中，可以让一个质量较小的滑块跟静置在导轨上的另一个大小相同、质量较大的滑块发生碰撞D.“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，溶液中的酒精将溶于水并很快挥发，油膜的厚度等于1滴油酸酒精溶液的体积与它在水面上摊开的面积之比【答案】BC【解析】【详解】A．双缝干涉测量光波长实验中，单色光无需偏振片，偏振片与该实验目的无关，故A错误；B．用l−T2图像计算重力加速度，摆球质量分布不均的影响可通过图像法消除，因图像斜率，多次测量取点绘图可规避此误差，故B正确；C．气垫导轨上滑块碰撞，无论质量大小，只要系统合外力为零（气垫导轨减小摩擦），即可研究动量守恒，质量小碰质量大是可行的，故C正确；D．油膜法中，油膜厚度是纯油酸体积与摊开面积之比，而非1滴油酸酒精溶液体积与它在水面上摊开的面积之比，故D错误。故选BC。17.如图所示，一固定直立气缸的上下两个相互连通的绝热圆筒中均封闭有一定质量的理想气体。下部圆筒高h=12cm，内有一质量m=1kg、面积S=100cm2的绝热薄活塞A，上部圆筒足够高，内有一质量为、面积为的薄活塞B。开始时活塞A被锁定，其下方气体处于温度T1=300K的状态1，活塞A与圆筒底的距离l=10cm，现缓慢加热电热丝，使气体处于温度T2=309K的状态2，此时解锁活塞A，其恰好保持静止。继续缓慢加热电热丝，活塞A下方气体达到温度T3=396K的状态3。整个过程中活塞A下方气体内能增加了ΔU=80J。已知两活塞均能缓慢无摩擦滑动，活塞B上方大气压p0=1.01×105Pa。（1）从状态1到状态2的过程中，活塞A下方气体分子数密度_________（选填“增大”、“减小”或“不变”）；从状态2到状态3过程，面积为的上部圆筒内壁单位面积上受到的压力________（选填“增大”、“减小”或“不变”）；（2）求活塞A下方气体在状态3的压强；（3）求活塞A下方气体从状态1到状态3的过程中吸收的热量Q。【答案】（1）①.不变②.不变（2）1.1×105Pa（3）100.6J【解析】【小问1详解】[1]从状态1到状态2的过程中，活塞A下方气体温度升高，压强增大，但气体体积不变，分子数密度不变；[2]从状态2到状态3过程，缓慢加热电热丝，活塞缓慢上移，根据平衡条件可知，上部圆筒内气体压强不变，则上部圆筒内壁单位面积上受到的压力不变；【小问2详解】对活塞B，根据平衡条件可得对活塞A，根据平衡条件可得解得缓慢加热电热丝，下部气体发生等压变化，一直到活塞A到达最上端，则解得之后继续加热到T3，气体体积不变，则解得【小问3详解】对下部气体，根据热力学第一定律可得，所以18.一游戏装置竖直截面如图所示，该装置由固定在水平地面上倾角θ=37°的直轨道AB、螺旋圆形轨道BCDE，倾角θ=37°的直轨道EF、足够长水平直轨道FG组成，半径R=0.32m的螺旋圆形轨道与轨道AB、EF相切于B(E)处，B点高度为1.2R，轨道间平滑连接。质量M=5kg的滑块b放置在轨道FG上，滑块b的上端面是一水平台面，台面的长度和高度均为l=0.8m，滑块b的侧面是圆周的圆弧形光滑槽，槽底跟水平面相切。质量m=2kg的物块a从倾斜轨道AB上高度为H处静止释放。（各段轨道均光滑，物块a视为质点，不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）若H=1.12m，求①物块a经过B点时螺旋圆形轨道对物块a的作用力大小FB；②物块a冲上滑块b后能达到的最大离地高度h；（2）欲使物块a击中滑块b的水平台面，求释放高度H的取值范围。【答案】（1）①；②（2）【解析】【小问1详解】①从A到B由机械能守恒定律在B点时解得②从A到F由机械能守恒定律当物块上升到最大高度时，假设没有离开圆弧面，则物块与滑块共速，此时由动量守恒和能量关系解得假设正确，因此最大高度为0.8m。【小问2详解】恰过C点，根据机械能守恒在C点时解得恰好击中平台右端：由动量守恒和能量关系；，且；其中综上解得由（1）得时，恰好到达平台左端；综上得：19.在竖直平面内建立如图所示的xOy直角坐标系，x轴水平，y≥L（L未知）的区域Ⅰ内存在着水平方向的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁