2025版高考数学一轮复习第10章概率第3节模拟方法-概率的应用教学案文含解析北师大版

PAGE1-第三节模拟方法—概率的应用[考纲传真]1.了解随机数的意义，能运用随机模拟方法估计概率.2.了解几何概型的意义．1．模拟方法对于某些无法准确知道的概率问题，常借助模拟方法来估计某些随机事务发生的概率．用模拟方法可以在短时间内完成大量的重复试验．2．几何概型(1)向平面上有限区域(集合)G内随机地投掷点M，若点M落在子区域G1G的概率与G1的面积成正比，而与G的形态、位置无关，即P(点M落在G1)＝eq\f(G1的面积,G的面积)，则称这种模型为几何概型．(2)几何概型中的G也可以是空间中或直线上的有限区域，相应的概率是体积之比或长度之比．eq\o([常用结论])几种常见的几何概型(1)与长度有关的几何概型，其基本领件只与一个连续的变量有关；(2)与面积有关的几何概型，其基本领件与两个连续的变量有关，若已知图形不明确，可将两个变量分别作为一个点的横坐标和纵坐标，这样基本领件就构成了平面上的一个区域，即可借助平面区域解决问题；(3)与体积有关的几何概型，可借助空间几何体的体积公式解答问题．[基础自测]1．(思索辨析)推断下列结论的正误．(正确的打“√”，错误的打“×”)(1)随机模拟方法是以事务发生的频率估计概率． ()(2)与面积有关的几何概型的概率与几何图形的形态有关． ()(3)在一个正方形区域内任取一点的概率为0． ()(4)从区间[1,10]内任取一个数，取到1的概率是eq\f(1,10)． ()[答案](1)√(2)×(3)√(4)×2．(教材改编)在线段[0,3]上任投一点，则此点坐标小于1的概率为()A．eq\f(1,2) B．eq\f(1,3)C．eq\f(1,4) D．1B[坐标小于1的区间为[0,1)，长度为1，[0,3]的区间长度为3，故所求概率为eq\f(1,3).]3．(教材改编)有四个嬉戏盘，将它们水平放稳后，在上面扔一颗玻璃小球，若小球落在阴影部分，则可中奖，小明要想增加中奖机会，应选择的嬉戏盘是()ABCDA[∵P(A)＝eq\f(3,8)，P(B)＝eq\f(2,8)，P(C)＝eq\f(2,6)，P(D)＝eq\f(1,3)，∴P(A)＞P(C)＝P(D)＞P(B)．]4．已知正方体ABCD­A1B1C1D1的棱长为1，在正方体内随机取点M，则使四棱锥M­ABCD的体积小于eq\f(1,6)的概率为________．eq\f(1,2)[在正方体ABCD­A1B1C1D1中，设M­ABCD的高为h，则eq\f(1,3)×S四边形ABCD×h＝eq\f(1,6).又S四边形ABCD＝1，所以h＝eq\f(1,2).若体积小于eq\f(1,6)，则h＜eq\f(1,2).即点M在正方体的下半部分，所以P＝eq\f(1,2).]5．如图所示，在边长为1的正方形中随机撒1000粒豆子，有180粒落到阴影部分，据此估计阴影部分的面积为________．0.18[由题意知，eq\f(S阴,S正)＝eq\f(180,1000)＝0.18，∵S正＝1，∴S阴＝0.18.]与长度(角度)有关的几何概型1．在长为12cm的线段AB上任取一点C，现作一矩形，邻边长分别等于线段AC，CB的长，则该矩形的面积大于20cm2的概率为()A．eq\f(1,6) B．eq\f(1,3)C．eq\f(2,3) D．eq\f(4,5)C[设|AC|＝x，则|BC|＝12－x，所以x(12－x)＞20，解得2＜x＜10，故所求概率P＝eq\f(10－2,12)＝eq\f(2,3).]2．(2024·江苏高考)记函数f(x)＝eq\r(6＋x－x2)的定义域为D．在区间[－4,5]上随机取一个数x，则x∈D的概率是________．eq\f(5,9)[由6＋x－x2≥0，解得－2≤x≤3，∴D＝[－2,3]．如图，区间[－4,5]的长度为9，定义域D的长度为5，∴P＝eq\f(5,9).]3．如图所示，在等腰直角三角形ABC中，过直角顶点C在∠ACB内部任作一条射线CM，与AB交于点M，则AM＜AC的概率为________．eq\f(3,4)[过点C作CN交AB于点N，使AN＝AC，如图所示．明显当射线CM处在∠ACN内时，AM＜AC．又∠A＝45°，所以∠ACN＝67.5°，故所求概率为P＝eq\f(67.5°,90°)＝eq\f(3,4).][规律方法]求解与长度、角度有关的几何概型的方法求与长度(角度)有关的几何概型的概率的方法是把题中所表示的几何模型转化为长度(角度)，然后求解．要特殊留意“长度型”与“角度型”的不同．解题的关键是构建事务的区域(长度或角度)．与面积有关的几何概型►考法1与平面图形面积有关的问题【例1】(2024·全国卷Ⅰ)如图，正方形ABCD内的图形来自中国古代的太极图．正方形内切圆中的黑色部分和白色部分关于正方形的中心成中心对称．在正方形内随机取一点，则此点取自黑色部分的概率是()A．eq\f(1,4) B．eq\f(π,8)C．eq\f(1,2) D．eq\f(π,4)B[不妨设正方形ABCD的边长为2，则正方形内切圆的半径为1，可得S正方形＝4.由圆中的黑色部分和白色部分关于正方形的中心成中心对称，得S黑＝S白＝eq\f(1,2)S圆＝eq\f(π,2)，所以由几何概型知所求概率P＝eq\f(S黑,S正方形)＝eq\f(\f(π,2),4)＝eq\f(π,8).故选B.]►考法2与线性规划学问交汇命题的问题【例2】在平面区域{(x，y)|0≤x≤1,1≤y≤2}内随机投入一点P，则点P的坐标(x，y)满意y≤2x的概率为()A．eq\f(1,4) B．eq\f(1,2)C．eq\f(2,3) D．eq\f(3,4)A[依题意作出图像如图，则P(y≤2x)＝eq\f(S阴影,S正方形)＝eq\f(\f(1,2)×\f(1,2)×1,12)＝eq\f(1,4).][规律方法]1.与平面几何、解析几何等学问交汇问题的解题思路利用平面几何、解析几何等相关学问，先确定基本领件对应区域的形态，再选择恰当的方法和公式，计算出其面积，进而代入公式求概率．2．与线性规划交汇问题的解题思路先依据约束条件作出可行域，再确定形态，求面积大小，进而代入公式求概率．(1)已知实数m∈[0,1]，n∈[0,2]，则关于x的一元二次方程4x2＋4mx－n2＋2n＝0有实数根的概率是()A．1－eq\f(π,4) B．eq\f(π,4)C．eq\f(π－3,2) D．eq\f(π,2)－1(2)在满意不等式组eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(x－y＋1≥0，,x＋y－3≤0，,y≥0))的平面内随机取一点M(x0，y0)，设事务A＝“y0－2x0”，那么事务A发生的概率是()A．eq\f(1,4) B．eq\f(3,4)C．eq\f(1,3) D．eq\f(2,3)(1)A(2)B[(1)方程有实数根，即Δ＝16m2－16(－n2＋2n)≥0，m2＋n2－2n≥0，m2＋(n－1)2≥1，画出图形如图所示，长方形面积为2，半圆的面积为eq\f(π,2)，故概率为eq\f(2－\f(π,2),2)＝1－eq\f(π,4).(2)作出不等式组eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(x－y＋1≥0，,x＋y－3≤0，,y≥0))的平面区域即△ABC，其面积为4，且事务A＝“y0＜2x0”表示的区域为△AOC，其面积为3，所以事务A发生的概率是eq\f(3,4).]与体积有关的几何概型1．已知正三棱锥S­ABC的底面边长为4，高为3，在正三棱锥内任取一点P，使得VP­ABC＜eq\f(1,2)VS­ABC的概率是()A．eq\f(7,8) B．eq\f(3,4)C．eq\f(1,2) D．eq\f(1,4)A[当P在三棱锥的三条侧棱的中点所在的平面及下底面构成的正三棱台内时符合要求，由几何概型知，P＝1－eq\f(1,8)＝eq\f(7,8).]2．一个多面体的直观图和三视图如图所示，点M是AB的中点，一只蝴蝶在几何体ADF­BCE内自由翱翔，则它飞入几何体F­AMCD内的概率为()A．eq\f(3,4) B．eq\f(2,3)C．eq\f(1,3) D．eq\f(1,2)D[由题图可知VF­AMCD＝eq\f(1,3)×S四边形AMCD×DF＝eq\f(1,4)a3，VADF­BCE＝eq\f(1,2)a3，所以它飞入几何体F­AMCD内的概率为eq\f(\f(1,4)a3,\f(1,2)a3)＝eq\f(1,2).][规律方法]求解与体积有关的几何概型的留意点对于与体积有关的几何概型问题，关键是计算问题的总体积(总空间)以及事务的体积(事务空间)，对于某些较困难的也可利用其对立事务去求.1．(2024·全国卷Ⅰ)某公司的班车在7：30,8：00,8：30发车，小明在7：50至8：30之间到达发车站乘坐班车，且到达发车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过10分钟的概率是()A．eq\f(1,3)B．eq\f(1,2)C．eq\f(2,3)D．eq\f(3,4)B[如图，7：50至8：30之间的时间长度为40分钟，而小明等车时间不超过10分钟是指小明在7：50至8：00之间或8：20至8：30之间到达发车站，此两种状况下的时间长度之和为20分钟，由几何概型概率公式知所求概率为P＝eq\f(20,40)＝eq\f(1,2).故选B.]2．(2024·全国卷Ⅱ)某路口人行横道的信号灯为红灯和绿灯交替出现，红灯持续时间为40秒．若一名行人来到该路口遇到红灯，则至少须要等待15秒才出现绿灯的概率为()A．eq\f(7,10)B．eq\f(5,8)C．eq\f(3,8)D．eq\f(3,10)B[如图，若该行人在时间段AB的某一时刻来到该路口，则该行人至少等待15秒才出现绿灯．AB长度为40－15＝25，由几何概型的概率公式知，至少须要等待15秒才出现绿灯的概率为eq\f(40－15,40)＝eq\f(5,8)，故选B.]3．(2024·全国卷Ⅱ)从区间[0,1]随机抽取2n个数x1，x2，…，xn，y1，y2，…，yn，构成n个数对(x1，y1)，(x2，y2)，…，(xn，yn)，其中两数的平方和小于1的数对共有m个，则用随机模拟的方法得到的圆周率π的近似值为()A．eq\f(4n,m)B．eq\f(2n,m)C．eq\f(4m,n)D．eq\f(2m,n)C[因为x1，x2，…，xn，y1，y2，…，yn都在区间[0,1]内随机抽取，所以构成的n个数对(x1，y1)，(x2，y2)，…，(xn，yn)都在正方形OABC内(包括边界)，如图所示．若两数的平方和小于1，则对应的数对在扇形OAC内(不包括扇形圆弧上的点所对应的数对)，故在扇形OAC内的数对有m个．用随机模拟的方法可得eq\f(S扇形,S正方形)＝eq\f(m,n)，即eq\f(π,4)＝eq\f(m,n)，所以π＝eq\f(4m,n).]六概率与统计中的高考热点问题[命题解读]1.统计与概率是高考中相对独立的一块内容，处理问题的方式、方法体现了较高的思维含量，该类问题以应用题为载体，留意考查学生的数学建模及阅读理解实力、分类探讨与化归转化实力．2．概率问题的核心是概率计算，其中事务的互斥、对立是概率计算的核心.统计问题的核心是样本数据的获得及分析方法，重点是频率分布直方图、茎叶图和样本的数字特征，统计与概率内容相互渗透，背景新奇．统计与统计案例以统计图表或文字叙述的实际问题为载体，通过对相关数据的分析、抽象概括，作出估计、推断.常与抽样方法、茎叶图、频率分布直方图、概率等学问交汇考查，考查学生的数据处理实力与运算实力及应用意识．【例1】已知某班n名同学的数学测试成果(单位：分，满分100分)的频率分布直方图如图所示，其中a，b，c成等差数列，且成果在[90,100]内的有6人．(1)求n的值；(2)规定60分以下为不及格，若不及格的人中女生有4人，而及格的人中，男生比女生少4人，借助独立性检验分析能否在犯错误的概率不超过0.10的前提下认为“本次测试的及格状况与性别有关”？附：P(χ2≥x0)0.100.050.0100.005x02.7063.8416.6357.879χ2＝eq\f(nad－bc2,a＋bc＋da＋cb＋d).[解](1)依题意得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(10×0.035＋0.025＋c＋2b＋a＝1，,2b＝a＋c，))解得b＝0.01.因为成果在[90,100]内的有6人，所以n＝eq\f(6,0.01×10)＝60.(2)由于2b＝a＋c，而b＝0.01，可得a＋c＝0.02，则不及格的人数为0.02×10×60＝12，及格的人数为60－12＝48，设及格的人中，女生有x人，则男生有x－4人，于是x＋x－4＝48，解得x＝26，故及格的人中，女生有26人，男生有22人．于是本次测试的及格状况与性别的2×2列联表如下：及格不及格总计男22830女26430总计481260所以χ2＝eq\f(60×22×4－8×262,30×30×48×12)＝1.667＜2.706，故不能在犯错误的概率不超过0.10的前提下认为“本次测试的及格状况与性别有关”．[规律方法]独立性检验的方法(1)构造2×2列联表；(2)计算χ2；(3)查表确定有多大的把握判定两个变量有关联．易错提示：查表时不是查最大允许值，而是先依据题目要求的百分比找到第一行对应的数值，再将该数值对应的临界值与求得的χ2相比较．另外，表中第一行数据表示两个变量没有关联的可能性p，所以其有关联的可能性为1－p.近几年出现各种食品问题，食品添加剂会引起血脂增高、血压增高、血糖增高等疾病．为了解三高疾病是否与性别有关，医院随机对入院的60人进行了问卷调查，得到了如下的列联表：(1)请将如图的列联表补充完整．若用分层抽样的方法在患三高疾病的人群中抽9人，其中女生抽多少人？(2)为了探讨患三高疾病是否与性别有关，请计算出统计量χ2，并说明是否可以在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为患三高疾病与性别有关．患三高疾病不患三高疾病总计男630女总计36下面的临界值表供参考：P(χ2≥x0)0.150.100.050.0250.0100.0050.001x02.0722.7063.8415.0246.6357.87910.828(参考公式χ2＝eq\f(nad－bc2,a＋bc＋da＋cb＋d)，其中n＝a＋b＋c＋d)[解](1)完善补充列联表如下：患三高疾病不患三高疾病总计男24630女121830总计362460在患三高疾病人群中抽9人，则抽取比例为eq\f(9,36)＝eq\f(1,4)，所以女性应当抽取12×eq\f(1,4)＝3(人)．(2)依据2×2列联表，则χ2＝eq\f(60×24×18－6×122,30×30×36×24)＝10＞7.879.所以可以在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为患三高疾病与性别有关．常见概率模型的概率概率应用题侧重于古典概型，主要考查随机事务、等可能事务、互斥事务、对立事务的概率.解决简洁的古典概型试题可用干脆法(定义法)，对于较为困难的事务的概率，可以利用所求事务的性质将其转化为互斥事务或对立事务的概率求解．【例2】(2024·全国卷Ⅲ)某超市安排按月订购一种酸奶，每天进货量相同，进货成本每瓶4元，售价每瓶6元，未售出的酸奶降价处理，以每瓶2元的价格当天全部处理完．依据往年销售阅历，每天需求量与当天最高气温(单位：℃)有关．假如最高气温不低于25，需求量为500瓶；假如最高气温位于区间[20,25)，需求量为300瓶；假如最高气温低于20，需求量为200瓶．为了确定六月份的订购安排，统计了前三年六月份各天的最高气温数据，得下面的频数分布表：最高气温[10,15)[15,20)[20,25)[25,30)[30,35)[35,40)天数216362574以最高气温位于各区间的频率估计最高气温位于该区间的概率．(1)估计六月份这种酸奶一天的需求量不超过300瓶的概率．(2)设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y(单位：元)．当六月份这种酸奶一天的进货量为450瓶时，写出Y的全部可能值，并估计Y大于零的概率．[解](1)这种酸奶一天的需求量不超过300瓶，当且仅当最高气温低于25，由表格数据知，最高气温低于25的频率为eq\f(2＋16＋36,90)＝0.6，所以这种酸奶一天的需求量不超过300瓶的概率的估计值为0.6.(2)当这种酸奶一天的进货量为450瓶时，若最高气温不低于25，则Y＝6×450－4×450＝900；若最高气温位于区间[20,25)，则Y＝6×300＋2(450－300)－4×450＝300；若最高气温低于20，则Y＝6×200＋2(450－200)－4×450＝－100，所以，Y的全部可能值为900,300，－100.Y大于零当且仅当最高气温不低于20，由表格数据知，最高气温不低于20的频率为eq\f(36＋25＋7＋4,90)＝0.8，因此Y大于零的概率的估计值为0.8.[规律方法]统计以考查抽样方法、样本的频率分布、样本特征数的计算为主，概率以考查概率计算为主，往往和实际问题相结合，要留意理解实际问题的意义，使之和相应的概率计算对应起来，只有这样才能有效地解决问题．某商场在元旦实行购物抽奖促销活动，规定顾客从装有编号为0,1,2,3,4的五个相同小球的抽奖箱中一次随意摸出两个小球，若取出的两个小球的编号之和等于7，则中一等奖，等于6或5，则中二等奖，等于4，则中三等奖，其余结果为不中奖．(1)求中二等奖的概率；(2)求不中奖的概率．[解](1)记“中二等奖”为事务A．从五个小球中一次随意摸出两个小球，不同的结果有{0,1}，{0,2}，{0,3}，{0,4}，{1,2}，{1,3}，{1,4}，{2,3}，{2,4}，{3,4}，共10个基本领件．记两个小球的编号之和为x，由题意可知，事务A包括两个互斥事务：x＝5，x＝6.事务x＝5的取法有2种，即{1,4}，{2,3}，故P(x＝5)＝eq\f(2,10)＝eq\f(1,5)；事务x＝6的取法有1种，即{2,4}，故P(x＝6)＝eq\f(1,10).所以P(A)＝P(x＝5)＋P(x＝6)＝eq\f(1,5)＋eq\f(1,10)＝eq\f(3,10).(2)记“不中奖”为事务B，则“中奖”为事务eq\x\to(B)，由题意可知，事务eq\x\to(B)包括三个互斥事务：中一等奖(x＝7)，中二等奖(事务A)，中三等奖(x＝4)．事务x＝7的取法有1种，即{3,4}，故P(x＝7)＝eq\f(1,10)；事务x＝4的取法有{0,4}，{1,3}，共2种，故P(x＝4)＝eq\f(2,10)＝eq\f(1,5).由(1)可知，P(A)＝eq\f(3,10).所以P(eq\x\to(B))＝P(x＝7)＋P(x＝4)＋P(A)＝eq\f(1,10)＋eq\f(1,5)＋eq\f(3,10)＝eq\f(3,5).所以不中奖的概率为P(B)＝1－P(eq\x\to(B))＝1－eq\f(3,5)＝eq\f(2,5).统计与概率的综合应用统计和概率学问相结合命题统计概率解答题已经是一个新的命题趋向，概率和统计学问初步综合解答题的主要依托点是统计图表，正确相识和运用这些图表是解决问题的关键，在此基础上驾驭好样本数字特征及各类概率的计算．【例3】(本小题满分12分)(2024·全国卷Ⅰ)某家庭记录了未运用节水龙头50天的日用水量数据(单位：m3)和运用了节水龙头50天的日用水量数据，得到频数分布表如下：未运用节水龙头50天的日用水量频数分布表日用水量[0，0.1)[0.1，0.2)[0.2，0.3)[0.3，0.4)[0.4，0.5)[0.5，0.6)[0.6，0.7)频数13249265运用了节水龙头50天的日用水量频数分布表日用水量[0，0.1)[0.1，0.2)[0.2，0.3)[0.3，0.4)[0.4，0.5)[0.5，0.6)频数151310165(1)在下图中作出访用了节水龙头50天的日用水量数据的频率分布直方图；(2)估计该家庭运用节水龙头后，日用水量小于0.35m3的概率；(3)估计该家庭运用节水龙头后，一年能节约多少水？(一年按365天计算，同一组中的数据以这组数据所在区间中点的值作代表．)[信息提取]看到作频率分布直方图，想到作频率分布直方图的作图规则；看到求概率，想到利用频率分布直方图求概率的方法；看到估计节水量，想到求运用节水龙头前后的用水量．[规范解答](1)如图所示． 4分(2)依据以上数据，该家庭运用节水龙头后50天日用水量小于0.35m3的频率为0.2×0.1＋1×0.1＋2.6×0.1＋2×0.05＝0.48， 6分因此该家庭运用节水龙头后，日用水量小于0.35m3的概率的估计值为0.48.7分(3)该家庭未运用节水龙头50天日用水量的平均数为eq\o(x,\s\up13(－))1＝eq\f(1,50)(0.05×1＋0.15×3＋0.25×2＋0.35×4＋0.45×9＋0.55×26＋0.65×5)＝0.48. 9分该家庭运用了节水龙头后50天日用水量的平均数为eq\o(x,\s\up13(－))2＝eq\f(1,50)(0.05×1＋0.15×5＋0.25×13＋0.35×10＋0.45×16＋0.55×5)＝0.35. 11分估计运用节水龙头后，一年可节约水(0.48－0.35)×365＝47.45(m3). 12分[易错与防范]作频率分布直方图时留意纵轴单位是“eq\f(fi,Δxi)”，计算平均数时运算要精确，避开“会而不对”的失误．[通性通法]概率与统计作为考查考生应用意识的重要载体，已成为近几年高考的一大亮点和热点．它与其他学问融合、渗透，情境新奇，充分体现了概率与统计的工具性和交汇性．长时间用手机上网严峻影响着学生的身体健康，某校为了解A，B两班学生手机上网的时长，分别从这两个班中随机抽取5名同学进行调查，将他们平均每周手机上网的时长作为样本绘制成茎叶图如图所示(图中的茎表示十位数字，叶表示个位数字)．(1)你能否估计哪个班级平均每周上网时间较长？(2)从A班的样本数据中随机抽取一个不超过19的数据记为a，从B班的样本数据中随机抽取一个不超过21的数据记为b，求a>b的概率．[解](1)A班样本数据的平均值为eq\f(1,5)(9＋11＋14＋20＋31)＝17，由此估计A班学生每周平均上网时间为17小时；B班样本数据的平均值为eq\f(1,5)(11＋12＋21＋25＋26)＝19，由此估计B班学生每周平均上网时间为19小时．所以B班学生上网时间较长．(2)A班的样本数据中不超过19的数据a有3个，分别为9,11,14，B班的样本数据中不超过21的数据b也有3个，分别为11,12,21.从A班和B班的样本数据中各随机抽取一个共有9种不同的状况，分别为(9,11)，(9,12)，(9,21)，(11,11)，(11,12)，(11,21)，(14,11)，(14,12)，(14,21)，其中a>b的状况有(14,11)，(14,12)，2种，故a>b的概率P＝eq\f(2,9).[大题增分专训]1．某校高三期中考试后，数学老师对本次全部数学成果按1∶20进行分层抽样，随机抽取了20名学生的成果为样本，成果用茎叶图记录如图所示，但部分数据不当心丢失，同时得到如下表所示的频率分布表：分数段(分)[50,70)[70,90)[90,110)[110,130)[130,150]总计频数b频率a0.25(1)求表中a，b的值及成果在[90,110)范围内的样本数，并估计这次考试全校高三学生数学成果的及格率(成果在[90,150]内为及格)；(2)若从茎叶图中成果在[100,130)范围内的样本中一次性抽取两个，求取出两个样本数字之差的肯定值小于或等于10的概率．[解](1)由茎叶图知成果在[50,70)范围内的有2人，在[110,130)范围内的有3人，∴a＝0.1，b＝3.∵成果在[90,110)范围内的频率为1－0.1－0.25－0.25＝0.4，∴成果在[90,110)范围内的样本数为20×0.4＝8.估计这次考试全校高三学生数学成果的及格率为P＝1－0.1－0.25＝0.65.(2)全部可能的结果为(100,102)，(100,106)，(100,106)，(100,116)，(100,118)，(100,128)，(102,106)，(102,106)，(102,116)，(102,118)，(102,128)，(106,106)，(106,116)，(106,118)，(106,128)，(106,116)，(106,118)，(106,128)，(116,118)，(116,128)，(118,128)，共21个，取出的两个样本中数字之差小于或等于10的结果为(100,102)，(100,106)，(100,106)，(102,106)，(102,106)，(106,106)，(106,116)，(106,116)，(116,118)，(118,128)，共10个，∴P(A)＝eq