力热电（磁）4个类型综合计算-2025年辽宁中考物理复习专练（解析版）

2025年中考物理【热点•重点•难点】专练（辽宁专用）

第二篇难点练专题

专题18力热电（磁）4个类型综合计算

目录

考点考情及命题预测............................................................1

重点难点诠释..................................................................2

力热电（磁）4个类型综合计算的考法与解法......................................2

限时闯关.......................................................................3

考点考情及命题预测

考点2024年辽宁考情2025年命题趋势

考点01力热知识体系综合计算2024年辽宁省中考物理满

考点02力电知识体系综合计算分80分，其中综合应用题

考点03热电知识体系综合计算

综合应用题（10分）有3个小题，共22分。在

考点04力热电及磁知识体系综合计算这个题型里考查本专题的

综合应用题（6分）

考点3、考点4,出现2道

题，共16分，这2道题占

分多，综合性强，属于压轴

题。预测2025年综合应用

题分值基本不变，试题仍然

会考查3个计算题，考点4

是必考题，考点1、考点2

可能会出现1道题。综合应

用另一道考查力学知识体

系综合计算（在另外专题讲

解）复习好本专题4个类型

题就是辽宁考生获得高分

的重要措施。

重点难点诠释

力热电(磁)4个类型综合计算的考法与解法

类型考法解法备注

V

类型1.力热知识体系(1)求速度(1)V二一热机的效率：用

t

综合计算来做有用功的那

(2)求重力

(2)p-——G=mg部分能量和燃料

v

(3)求压强完全燃烧放出的

(3)P=F/SP=Pgh

能量之比。汽车

(4)求浮力

发动机的效率、

(4)F浮=P液V排g(或浮沉条件)

(5)求功与功率

飞机发动机的效

w

(5)W=FsP=——P=Fv率、轮船发动机

(6)求热量t

的效率均属热机

(7)发动机效率(6)0吸=C勿(方一方方。

的效率。解决本

0放=ZZ7(7考点起桥梁作用

的一个公式就是

(7)"=W/0放

热机效率公式，

把力学量与热学

量联系在一起。

类型2.力电知识体系(1)求压强(2)求正常工作(1)p=F/S(2)l=U额/RI=P额/U额这类问题起到解

综合计算电流(3)求消耗的电功率及电(3)P=I2R=P=UI(4)根据给出题桥梁作用的是

能电表读数，计算滑动变阻器接入电路的图像，会熟练分

电阻，结合图像就能知道重力；通过给析图像的物理意

(4)给定图像类的求解

出的重力，结合图像分析就知道接入电义是解题关键。

R/S1

不P路中滑动变阻器的电阻，然后在去分析

1i

\

\

__(A)____30

凡明2Q一\电路，进而求出其他电学量。

L_<A_J

vy/0246810G/

甲7

U2

类型3.热电知识体系⑴电器设备上标有铭牌数据，(1)P=—R=u2/pI=u/R电器设备的热效

K

综合计算求电阻及正常工作时电流。（2）率对于解决这类

(2)听〈

水吸收热量。（3）电器设备消Qant-tJ=cmAt型问题起到桥梁

耗的电能。（4）电器设备热效(3)W=Pt作用。

率。

(4)n=0吸/wxioo%

类型4.力热电及磁知考查知识点多，考查形式多样需要会分析设备原理，转化为具关键抓住题中给

识体系综合计算化，有的题有光学，热学、力体物理知识之中，用相应知识解出的设备、图像、

学、电学、声学、磁学等知识决。原理图等，转化

内容。问题部分有填空、问答、为具体物理模

计算、作图等。型，用相应知识

求解。

限时闯关练（满分80分，答题时间40分钟）

1.（2025辽宁本溪一模）（9分）某款环保能源汽车一一氢能重卡，它满载时总质量为503车轮总着地面

积为0.8m2,采用氢燃料发动机获得动力。若某次运输过程中，汽车以300kW的输出功率，在水平公路上

匀速直线行驶了20min,汽车发动机的效率为75%。（g取10N/kg,q柴油取4.OxlCfJ/kg）求:

（1）汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压强；

（2）这次行驶过程中，汽车消耗的氢能为多少焦耳；

（3）若这次行驶过程中消耗的氢能由柴油来提供，至少需要完全燃烧柴油的质量。

58

【答案】（1）6.25xl0Pa；（2）4.8xlOJ：（3）12kg

【解析】（1）因为汽车静止在水平地面上，所以汽车受力平衡，汽车对地面的压力等于汽车的重力

F=G=mg=50xl03kgxl0N/kg=5xl05N

汽车对地面的压强

F5xlQ5N

p=­=6.25x105Pa

S0.8m2

（2）由9=匕得，这次行驶过程中，汽车所做的功

t

W=Pf=300X103WX20X60S=3.6xlO8J

W

由〃=g得，汽车消耗氢能

（3）这次行驶过程中消耗的氢能由柴油来提供，则

恁油=4=4.8X108J

由。=〃的得，燃烧柴油的质量

题油4.8X108J，〜

加柴油="型=-------7--------------=12kg

水油q柴油4.0xl07J/kg修

答：（1）汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压强为6.25x105Pa；

（2）这次行驶过程中，汽车消耗的氢能为4.8x108j；

（3）若这次行驶过程中消耗的氢能由燃烧柴油来提供，至少需要完全燃烧柴油的质量为12kg。

2.（2025辽宁抚顺一模）（9分）铁岭市对大通街路面改造的过程中，使用了如图所示的一款履带运输车

运送石料。空载运输车的质量为3t,履带与地面总接触面积为1.2m2。一次运送中，运输车在2min内沿水

平路面匀速直线行驶600m,行驶中受到的阻力为104N（g取10N/kg,燃料热值q取4.5xl（）7j/kg）求：

（1）空载运输车静止时对水平路面的压强；

（2）这次运送中，运输车发动机的功率；

（3）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是40%,10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距

离。

【答案】⑴2,5xlO4Pa：（2）5X104W；（3）1.8xl04m

【解析】（1）由于空载运输车静止时对水平路面的压力为

F=G=mg=3000kgxlON/kg=3x104N

根据p=（可得，空载运输车静止时对水平路面的压强为

F3X104N

p=­=2.5xlO4Pa

S1.2m2

（2）因为运输车是做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的是平衡力作用，因此运输车发动机的牵引力为

尸='=K）4N

根据卬=尸5可得，发动机所做的功为

W=F's=104NX600m=6xlO6J

w

根据p=上可得，运输车发动机的功率为

t

p=W=6xlO2=5xl（）4w

t120s

（3）10kg的燃料完全燃烧放出的热量为

Q放=qm=4.5x107J/kgx10kg=4.5xlO8J

发动机所做的功为

W'=Q放〃=4.5x108JX40%=1.8X108J

由于受到的阻力不变，且运输车做匀速直线运动，受到的是平衡力作用，则此时的牵引力为

Ff=/=104N

根据W=R可得，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离为

5』=1.8xl04m

F'104N

答：（1）空载运输车静止时对水平路面的压强是2.5xl（）4pa；

（2）运输车发动机的功率是5xl（）4w；

（3）10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离是1.8xlO,m。

3.（6分）（2025大连一模）如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以

270km/h的速度匀速直线航行20min,消耗航空燃油1.35t,飞机发动机的功率为2.25xl（）7W。（航空燃油的

热值为4xl07j/kg）求：

（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？

（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？

Qa=mq=1.35x103kgx4x107J/kg=5,4x1010J

（2）飞机航行20min牵引力做功

W=P/=2.25xlO7Wx2Ox6Os=2.7xlOloJ

飞机运动的路程

20

s-vt=270km/hx——h=90km=9x104m

60

飞机受到的牵引力

W2.7xlQ'°J

=3X105N

s9xl04m

因为飞机做匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，所以飞机受到的阻力

y^F=3xl05N

（3）发动机的效率

27x1C）］0T

77=——x100%=------x100%=50%

Q放5.4xlOloJ

答：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4xlOioj；

（2）飞机在航行过程中的阻力是3X105N；

（3）发动机的效率是50%。

4.（2024黑龙江哈尔滨中考真题）（6分）哈尔滨冰雪大世界的冰灯享誉中外，其内部镶嵌由半导体材料

制成的节能灯。某座冰灯作品总重为2X104N,与水平地面接触面积为2m2。

(1)计算此冰灯作品对水平地面的压强；

(2)冰灯作品内某一组节能灯标有“220V22W”，计算这组节能灯正常发光时的电流；

(3)此组节能灯与标有“220V200W”的白炽灯均正常发光时亮度相同，如果每天正常工作10小时，请

计算用节能灯比白炽灯每天节约多少kW•h电能？

【答案】(1)lxlO4Pa；(2)0.1A；(3)1.78kW.h

【解析】(1)此冰灯作品对水平地面的压力

F=G=2X104N

此冰灯作品对水平地面的压强

F2X104N

p=­=lxlO4Pa

S2m2

(2)这组节能灯正常发光时的电流

经_22W

=0.1A

4一220V

(3)如果每天正常工作10小时，节约的电能

曰

W=W&-WL=Pt-Pu=(Pe-PL)/=(200-22)x0.00IkWx10h=1,78kW-h

答：(1)此冰灯作品对水平地面的压强是lxl04pa；

(2)冰灯作品内某一组节能灯标有“220V22W”，这组节能灯正常发光时的电流是0.1A；

(3)此组节能灯与标有“220V200W"的白炽灯均正常发光时亮度相同，如果每天正常工作10小时，用

节能灯比白炽灯每天节约1.78kW-h电能。

5.(2025四川成都一模)(7分)小孟在实验室设计了一款测量物体重力的装置，其示意图如图甲，物体

放在有弹簧支撑的托盘上，弹簧底部固定，该装置可以通过电表示数转换测出重力大小。图乙是变阻器接

入电路中的阻值Rp。与被测物体重力G的关系图像。电源电压恒为24V,定值电阻Ro为30Q,电流表量程

为0~0.6A,电压表量程为0~15V,变阻器标有“50。1A”。

(1)闭合开关S,当电流表示数/=0.4A时，求物体的重力G。

(2)在保证电路各元件安全的情况下，求RP的变化范围。

甲

【答案】(1)4N；(2)18Q-50Q

【解析】(1)当电流表示数/=0.4A时,电路中的总电阻

U24V

R==6011

7-0.4A

此时Rp大小

RP=7?-7?o=6OQ-3OQ=3OQ

根据图乙可知，此时物体重力为4N„

(2)因电压表的量程为0~15V,故R)能通过的最大电流

『工里=0.5A

°R030Q

结合电流表量程、滑动变阻器允许通过的最大电流可得，电路的最大电流

/max=/o=O.5A

此时Rp的最小阻值

Tj24V

&=------4=----------30Q=18Q

rmin1JCLA

LTax0.5A

当物体重力为。时，&取最大阻值50。，此时电路安全，故

&max=50Q

所以RP的变化范围为18。〜500

答：(1)闭合开关S,当电流表示数/=0.4A时，物体的重力为4N；

(2)在保证电路各元件安全的情况下，心的变化范围为18。〜50。。

6.(2025辽宁营口一模)(9分)如图为某款水暖电热毯的简化电路图，其中R、&、%均为加热电阻。

该电热毯具有“调温”和“恒温”两挡，开关接1为“调温”挡，功率变化范围为50W~100W,开关接2

3

为“恒温”挡，功率为33W。电热毯内装有1kg水。[c7K=4.2xlOJ/(kg-℃)]^：

(1)电热毯在恒温挡时的电流；

(2)可变电阻R的最大阻值；

(3)若用最大功率加热，不计热损失，电热毯内水的温度由20℃升高到50℃所用的时间。

【答案】(1)0.15A；(2)484Q；(3)1.26X103S

【解析】(1)由。=〃得，电热毯在恒温挡时的电流

/=P=J3W=015A

U220V

(2)当开关S接1,滑片在最右端时，电路中只有&工作，为调温档最大功率100W；由

U2

P=UI=—

R

得

辞.Q

当开关S接1，滑片在最左端时，可变电阻R达到最大阻值，与&串联，为调温档最小功率50W；由/=葛

得，电路的总电阻

£i=(220V)：=968Q

450W

滑动变阻器的最大阻值

R最大=R总一%=9680-4840=4840

(3)水的温度由20℃升高到50℃吸收的热量

35

Q,&=cm(r-ro)=4.2xlOJ/(kg-℃)x1kgx(50℃-20℃)=1.26xlOJ

因为不计热损失，所以消耗的电能

W=%=1.26X1()5J

由f=7得’需要的时间

w1.26X1()5J

t=一=1.26X103S

100W

答:(1)电热毯在恒温档时的电流为0.15A；

(2)可变电阻R的最大阻值为484Q；

(3)若用最大功率加热，电热毯内水的温度由20℃升高到50℃的时间为1.26x103s。

7.(2025辽宁抚顺一模)(6分)作为四大国粹之一的中药能有效抑制病毒在人体内的传播。如图甲所示

为一款电热中药壶，其简化电路图如图乙所示，它有急火和文火两种工作状态，由温控开关Si自动控制，

文火时的电功率为220W。Ri和&均为发热电阻，且&的阻值为123.2。。【c中药取4.0x103〃化浮。)】求：

(1)中药壶在文火状态下的电流；

(2)将3kg中药从20℃加热至100℃,中药吸收的热量；

(3)若不计热量损失，用急火完成(2)中的加热过程所用的时间。

甲

【答案】(1)1A；(2)9.6xl05J；(3)1920s

【解析】(1)根据P=中药壶在文火状态下的电流

P支_220W

=1A

U-220V

(2)中药吸收的热量

35

(2^=-r0)=4.0X10J/(kg•℃)X3kgx(100℃-20℃)=9.6xl0J

(3)当Si接b时，Ri和&串联在电路中，为文火状态，根据

U2

P=UI=——

R

电路的总电阻

U2_（220V）2

=220Q

2—220W

根据串联电路电阻的特点，R的阻值为

&=q_%=2200—123.20=96.80

当Si接。时，只有吊在电路中，为急火状态

_U2_（220V）2

"-R-96.8Q=500W

w

不计热量损失W=Q吸，根据P=y,加热过程所用时间

W9.6x1（）5j

—=------------=1920s

P急500W

答：(1)中药壶在文火状态下的电流1A；

(2)中药吸收的热量9.6X105J；

(3)加热过程所用时间1920so

8.(2025辽宁沈阳一模)(8分)如图所示，质量为400g初温为25℃的食用油注入大烧杯中，并将电加

热器放入食用油中。电加热器正常工作100s,测出食用油的温度为65℃,已知电加热器的额定电压为220V,

额定功率为440Wo【食用油的比热容为2xlO3J/(kg-℃)]

(1)电加热器正常工作时的电流和电阻；

(2)正常工作100s,电加热器消耗的电能；

(3)电加热器的热效率。

电加热器

食用油

【答案】(1)2A,110Q；(2)4.4x104J；(3)72.7%

【解析】(1)电加热器正常工作的电流

舄i440W

1=---=-------=2A

U额220V

电加热器正常工作的电阻

U220V

R=—=---------=110Q

I2A

（2）正常工作100s,电加热器消耗的电能

W=P额t=440Wxl00s=4.4xl04j

（3）食用油升高的温度

Af=«o=65℃-25℃=40℃

食用油的质量

小油=400g=0.4kg

食用油吸收的热量

4

。吸=c油加油Af=2xl03j/（kg,℃）x0.4kgx40℃=3.2xl0J

电加热器的热效率

n=%xl00%=3-2x10Jxl00%=72.7%

W4.4X104J

9.（2025辽宁盘锦一模）（6分）某功率可调的电加热设备，内部简化电路如下图所示，虚线框内的加热

电路由两个加热电阻组成，定值电阻R）阻值为22Q,滑动变阻器R最大阻值为1000。。滑动变阻器的滑片

调至某一位置时，将2kg初温为20℃的水加热至70℃,此过程加热效率为84%,[c*=4.2xlO3J/（kg.℃）]

求：

（1）该加热设备的最大电功率；

（2）本次加热过程消耗的电能；

（3）该加热设备电功率为550W时，R接入电路的电阻。

【答案】（1）2200W；（2）5X105J；（3）66Q

【解析】（D由图知道，当滑片移至最左端时，该加热设备的电阻最小，电功率最大，此时电路的电流

220V

I大喂二10A

火022。

由尸=uz知道，该加热设备的最大电功率

P)=UI大=220VX10A=2200W

(2)加热过程，水吸收的热量

35

%=cm(t-ro)=4.2xlOJ/(kg•℃)x2kgx(70℃-20℃)=4.2xl0J

由〃="知道，本次加热过程消耗的电能

W="="2x1。"=5x1（）5j

h84%

（3）由2=〃知道，该加热设备电功率为550W时，电路的电流

P_550W

=2.5A

~U220V

由欧姆定律知道，电路的电阻

U220V

R&=—=--------=880

总I2.5A

故R'接入电路的电阻

R'=R也—4=88d22。=66c

答：（1）该加热设备的最大电功率为2200W；

（2）本次加热过程消耗的电能为5xl（）5j;

（3）R接入电路的电阻为66Q。

10.（2024辽宁省中考真题）（8分）如图，甲、乙两个透明容器内均装有质量为100g、初温为25℃的某

种绝缘液体，甲、乙中都有一段电阻丝，凡=5Q,%=10£1。闭合开关，电流表的示数为1.2A。通电

120s后，甲中温度计的示数为29℃。求：

（1）&两端的电压；

（2）4的电功率；

（3）电流通过与产生的热量;

（4）液体的比热容（不计热量损失）。

【答案】(1)12V；(2)14.4W；(3)864J；(4)2.16xIO3J/(kg*℃)

【解析】(I)分析电路可知，与、&串联，电流表测电路电流。4两端的电压为

=/%=L2AX10。=12V

(2)%的电功率为

g=U2/=12Vxl.2A=14.4W

(3)电流通过与产生的热量为

22

Q=IR}t=(1.2A)x5Qx120s=864J

(4)不计热量损失，则甲中液体吸收的热量为

%=Q=864J

根据。及=cmAt,液体的比热容为

864J

OR_=2.16xlO3J/(kg.℃)

mAF-0.1kgx(29℃-25℃)

答：(1)&两端的电压为12V；

(2)%的电功率为14.4W；

(3)电流通过与产生的热量为864J；

(4)液体的比热容为2.16xl03j/(kg・℃)。

11.(符合辽宁考情的综合素养题)(6分)电动平衡车，它利用车体内部的陀螺仪和加速度传感器，来检

测车体姿态的变化，并利用控制系统，精确地驱动电机进行相应的调整，以保持系统的平衡。电动平衡车

采用站立式驾驶方式，通过身体重心和操控杆控制车体运行，采用锂电池组作为动力来源驱动左右两个电

动机行驶，如表为某品牌电动平衡车部分技术参数，能量密度是指电池单位质量所输出的电能。

锂电池能量密度0.25kW・h/kg自重12kg

锂电池的总质量2kg最大载重90kg

可达

每个电动机的最大输出功率350W舒适速度

18km/h

电动机的能量转化效率70%陡坡15°

（1）质量58kg的小明驾驶如图甲所示的电动平衡车时，每只轮胎着地面积约25cm2,此时对水平地面压强

是Pa(取g=10N/kg)

（2）小明驾驶电动平衡车在水平路面上以18km/h的速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍,

当耗能为锂电池总储存能量的50%时，平衡车行驶的路程是_____km；

（3）如图乙所示，科技兴趣小组为平衡车设计的转向指示灯电路，电源电压恒为6V,指示灯Li、L2的规

格均为“6V6W”，&为定值电阻，电磁铁线圈及衔接的阻值忽略不计，不考虑指示灯电阻随温度的变化，当

单刀双掷开关S与“1”接通后，左转指示灯Li会亮暗交替闪烁,在上述过程中，左转指示灯Li两端实际电

压〃随时间f变化规律如图丙所示。

"/v

6------------；---；；---；

2.4------------i

0,~1：01：5~~'~2：53：0-丁

甲乙丙

①当单刀双掷开关S与“1”接通后，从电磁学角度说明左转指示灯，L1会亮暗交替闪烁的原理；

②触点A与8分离时，电磁铁上端是极；

③凡的阻值为。，在单刀双掷开关S与“1”接通情况下，左转指示灯Li亮暗交替闪烁工作Imin,则整

个电路消耗的电能Jo

【答案】（1）1.4X105（2）9（3）见解析北（N）9216

【解析】（1）在水平面上，人和车对地面的压力大小等于重力大小

F=G=(ml+m2)g=(12kg+58kg)xl0N/kg=700N

人和车对水平地面的压强为