2025届河南省豫西北教研联盟高三10月第一次质检-物理试题（含答案）

{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}高三物理一模参考答案一、选择题答案及详解题号答案12345678910ABDDBDCCDBDAD1.【答案】A【详解】在发生光电效应的前提条件下，光的强度越大，光电流越大，故选项A正确；BPC端，间的电压为，仍然发生光电效，应有微弱的光电流，故选项C错误；密里根根据爱因斯坦的光电效应的方程计算出了普朗克常量，故D选项错误。故选A。2.【答案】Bx11k=20，纵轴截距b=2，由=k+b得x=t−4t2【详解】由图像可知斜率t2t2v=0，加速度a=−4m/s2；前3s内得位移可知列车在做匀减速运动，初速度1x=−4m/s23s2=。故B答案正确。23.【答案】D【详解】不计空气阻力，铅球在空中运动过程中只受重力的作用，所以加速度相等，故Av相等，大于，vcos大于vcosB0210102vcos大于vcos所以t小于t，2，01012即第一次在空中运动时间较短，故C错误；两次实际位移相同，第一次用时间较短，所以第一次平均速度较大，故D正确。4.【答案】D【详解】航天员可以漂浮在空间站中，万有引力提供向心力有可得，GMmGM=maa=r2r2故A可得GMmv2GMr=m=vr2r的线速度，故B错误；是发射地球卫星的最小速度，则神舟十八号的发射速度大{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}于大于C错误；r6400km+400km17==根据题意知空间站绕地球运动的轨道半径与地球半径之比为R6400km16a==，联立解得：根据万有引力提供向心力，有172。地表的重力加速度（r216GMag1617g==（）2D正确。为可得R25.【答案】B1【详解】由题意可知T==,==,根据小球的运动规律匀速圆周运动nTy=t)可知所以影子做简谐运动，且振动方程为AD错误，B正确；F=2R=1002R由向心力公式，故C。6.【答案】D【0同一等势面，由于电场线与等势面垂直，则正试探电荷在圆上所受电场力一定指向O，BD=3L==，AD⊥OD故AADCDOD则ABD点产生的电场场强分别为1和E2kQkQ1==(3L)2(3L)262+kQE2=32将1正交分解如图所示由矢量合成可知D点产生的场强大小为3kQE=()2+(E−E)2=，故B错误；2126D点与CD中点相当于由C点移到AO连线上受到的电场力向右，则在从C点移到中点过程中，电场力做负功，电势能增kQqkQqkQqCC点所受电场力为F=+=A4L2L222点。故D{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}7.【答案】C−=【详解】物体在水平方向上受推力与摩擦力的作用，根据牛顿第二定律Fmgma解F得加速度a=−gFam减速运动，加速度反向增大，故A选项错误；由图像可知，推力与位移的关系式为：F=−25x(0x4.0m)F=mg1−mgx==−25x=3.0m，即在3.0m时，速度达到最大值，故B错误；F−x图像与坐标轴围成图形的面积等于推力对物体做的功，设物体的最大速度为vm，由1W=+25)=187.5J21W−=mv−，代入数据解得：v=35m/s，故C正确；2m0能定理m212整个过程推力所做的功W=4.0J=200JW−=0−0，mx=m8mD选项错误。解得：8.【答案】【详解】画出光路如下图光线在面上的入射角为=45，折1212射角tan=，则=，折射率为n==，故5FCE==45ADC平行于OE则tan45=，+Rtan==2RCFBCcn=正确；又因为，所以D正确；故选CD。v9.【答案】【详解】A．设输入电压U的有效值为U，根据有效值的定义有(U)m22U21T=2TRR4求得输入电压U的有效值为U=10V，故A错误；{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}2n10V由等效电阻：R=(+)===13R2Ω，因此，I0.2A，故B正确；250Ω若将开关S由断开变为闭合，负载电阻变小，因此电流表的示数变大，故C错误；1U1E=U+IR=R1设原线圈两端电压为U，则有可知，111UUUnI1I12I2I21=1=1且==根据线圈电压、电流与匝数的关系有12，所以Un222U2I221=R，即副线圈两端电压变化量与电流变化量的绝对值之比始终不变，1故D正确。故选BD。0.【答案】AD1【体所受摩擦力等大反向，故A正确；对小球P受力分析，受重力mg，光滑半圆柱的支持力N和绳子的拉力F，处于平衡状态，F'画出拉力F等大反向的力，即为mg和N的合力，如图所示由相似三角形有F'mg=OBOO'解得3F'=4由余弦定理有23R2R−R2+(2278cos==32R2R2则有185sin=1−cos2=对结点O受力分析，如图所示{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}由平衡条件有F=Fsin21对物体Q受力分析，如图所示由平衡条件有N=2,f=4又有31532F=F=Fsin=Fsin=F'sin=mg421f=N则有f4315===NN64所以BDOAP和圆柱体整体受力分析，可知C错误。故选AD。二、非选择题答案及详解k2−1）5.30（5B6）（每空2分）b【）分度的游标卡尺精确度为0.05mm，由图可知读数为+6=（5）滑块的质量为M，待测物体的质量为，滑块受到拉力为F，由牛顿第二定律有F=M0+Mamg−F=ma对钩码有联立得1M+M11=0+agmg1=纵轴截距为bg故选B。{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}MgM0+M（6）由上述分析可知斜率为0=1而且=k2gk−1=2解得Mb12.2IdIII−II−b或（1）9000（）3.0，（3adbc，相等IcIaIaIc【）要将A2改装成量程为的电压表，需串联的电阻U6A0=−A=Ig−1000=9000（2）理论上，当I1为零时，加在改装电压表两端的电压就是电动势，电源电动势E=I(R+r)=3001069000+1000）V=3.0V20A根据闭合电路欧姆定律，可知E=I(R+r)I+Ir20A12I2I1由于0+rAEr=−I2+上式简化为I1r0+rA=由图像可知−−6r3代入数据可得r=Ω（3）滑动变阻器接入电路的阻值I(R+r)R=b0AIa待测电阻的阻值I(R+r)IdIII−II(R+r)Rx=d0A−R=−b(R+r)=adbc0A0AIcIcIaIaIc由于电流表A1的内阻并入到滑动变阻中，不会对测量结果产生误差，因此测量值等于真实值。13.）水平管中水银恰好全部推进竖直管中时，气体A的压强{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}=+=+=p0………..1ppAh（2）初状态，气体A的压强p=p+p=+=………..1A0hScm2=设玻璃管横截面积为，初状态气体A的体积VA45Scm3设末状态气体A的体积为VA，对气体A由玻意耳定律得pV=pVAAAA………..1解得V=42.5Scm3………..1末状态气体A的长度VL=A=42.5cmS气体A的长度减少量L=−42.5)=2.5cm初状态气体B的压强p=p+p=+=………..1B01末状态气体B的压强=+5+5−2.5=82.5cmHg………..1=p0+ph2pB初状态气体B的体积B41.25Scm2（分）=1x设活塞移动的距离为，末状态气体B的体积V=41.25+5−xScm=46.25−xScm………..133B对气体B由玻意耳定律得pV=pVBBBB………..1x=（1分）带入数据得【其他解法只要合理同样给分】5=；14.）C2{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}10(3−)E110(3−)mg=B=（（2）B或；1010qR433）x=R3v2AR【A点对滑块受力分析，有mgqE−=m………..1分）1=………..（1分）解得：vA2滑块从CA点，根据动能定理有11−mg2R+qEsin302R=mv2−mv2AC22………..152=………..1解得：C（2C点之前匀速直线运动，对滑块受力分析，有N=qEcos30………..（1水平方向：N+qEsin30=qvB+mg………..（1竖直方向：10(3−)E110(3−)mg解得：B=或B=………..（1分）10gR10R（3）滑块从A点抛出后，电场方向反向，以水平、竖直方向建立坐标系，竖直方向mg+=may………..112R=at2y2………..1236R=解得：t………..（1g1=maxx=vt−at2………..1水平方向,Ax243=R………..1解得：x3{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}【其他解法只要合理同样给分】15.）设初始时电容器两端电压为U0，导体棒从开始运动到稳定过程，电容器极板上电荷量变化量为Q，导体棒稳定后的电动势为，BILt=mv−………..（1分）0对导体棒，由动量定理有11E=1………..1QUQU0−E而C==………..（1Q=………..（1分）由电流的公式有：ItQ==Q+=0.864C整理有:………..（100【第（）问共5分，其他解法只要合理同样给分】………..（）由于导体棒恰好能从CC处沿切线进入圆弧轨道，设进入瞬间导体棒的速度12为，有v21cos2=2=解得：………..1设导体棒在与金属框碰撞前的速度为v3，由动能定理有112(−)=mgr112−23223=解得：………..1分）金属棒和线框发生完全非弹性碰撞，设碰后速度为共，有3=mv(m+)12共共=解得：………..1分）22v线框进入磁场过程中所受安培力为：F==x（）共=3xN………..（1R{#{QQABbQyUggCoQBIAAAgCAQVSCgIQkgCCCYgGBAAAoAAAyQFABAA=}#}知，安倍力随着进入磁场的距离均匀变化，所以进入过程中，安培力为其平均值，因此，F+F0+30.5Q=2Fx=2Fx=2x=20.5=0.75J………..2热安安22【第（）问共6分，其他解法只要合理同样给分】（3）线框的右边框进入磁场过程由动量定理有B2xRL2v)(−)2−t=(1+vv4共………..10+3x32−3xx=−x=−x2=(12