2022届江西省吉安市安福二中、泰和二中、井大附中、吉安县三中、遂川二中高二下学期五校联考（期中考试） 化学试题（含解析）

安福二中、泰和二中、井大附中、吉安县三中、遂川二中五校联考(期中考试)高二化学试题可能用到的相对原子质量：H～lC～12O～16一、单选题(每小题3分，16小题，共计48分)1.化学与人类生活、科技发展密切相关，下列有关说法不正确的是A.生产N95口罩的聚丙烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色B.鱼虾会产生不愉快的腥臭味，可在烹调时加入少量食醋和料酒C.被蜂蚁蜇咬疼痛难忍，此时若能涂抹稀氨水或碳酸氢钠溶液，可以减轻疼痛D.苯酚溶液用于环境消毒，医用酒精用于皮肤消毒，都是使蛋白质变性凝固【答案】A【解析】【详解】A．聚丙烯的结构中不存在碳碳双键，其不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故A错误；B．鱼虾烹调时加入少量食醋和料酒，生成的乙酸乙酯能遮味，另外乙酸也能中和部分发出腥味的物质，故B正确；C．蜂蚁分泌的蚁酸即甲酸显酸性，涂抹稀氨水或碳酸氢钠溶液，能减轻疼痛，故C正确；D．苯酚溶液常用于环境消毒，医用酒精常用于皮肤消毒，其原理都是使蛋白质变性凝固，故D正确；答案A。2.下列“一带一路”贸易商品中，主要成分不属于有机物的是A.中国丝绸 B.泰国乳胶枕 C.捷克水晶 D.埃及长绒棉【答案】C【解析】【详解】A．丝绸的主要成分为蛋白质，属于有机物，A项不符合题意；B．乳胶枕主要成分为橡胶，属于有机物，B项不符合题意；C．水晶主要成分二氧化硅，属于无机物，C项符合题意；D．长绒棉主要成分为纤维素，属于有机物，D项不符合题意；答案选C。3.阿比朵尔对新冠病毒具有有效的抑制作用，其结构简式如图所示。下列有关阿比朵尔的说法，不正确的是A.其酸性水解产物之一能与NaHCO3反应B.1mol该分子最多能与7mol氢气发生加成反应C.所有碳原子一定处于同一平面D.阿比朵尔一定条件下能发生取代、加成、氧化反应【答案】C【解析】【详解】A．阿比朵尔中含有酯基，其酸性水解产物之一含有羧基，能与NaHCO3反应，A项正确；B．酯基中的碳氧双键不能和氢气发生加成反应，则1mol该分子最多能与7mol氢气发生加成反应，B项正确；C．单键可以旋转，从阿比朵尔的结构简式可看出，与酯基相连的乙基的两个碳原子、与硫原子相连的碳原子可能不与苯环共面，所以所有碳原子不一定处于同一平面，C项错误；D．阿比朵尔含有苯环，一定条件下能发生取代、加成、氧化反应，D项正确；答案选C。4.除去下列物质中混入的少量杂质(括号内物质为杂质)，不能达到目的的是A.苯甲酸(NaCl)：重结晶B.苯(苯酚)：加入10%NaOH溶液，充分振荡静置后，分液C.乙醇(水)：加入金属钠，充分振荡静置后，分液D.乙烷(乙烯)：通入溴水，洗气【答案】C【解析】【详解】A．因为苯甲酸是固体，它的沸点较高，室温下微溶于水，而氯化钠较易溶于水，所以可利用加水重结晶的方法将两者分离，A项正确；B．苯酚与NaOH反应生成苯酚钠，苯酚钠溶于水，苯不溶于水，能通过过滤分离，B项正确；C．乙醇和水均与Na反应，不能除杂，应加CaO后蒸馏，C项错误；D．乙烯通入溴水，洗气，反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷为液体，能达到分离目的，D项正确；答案选C。5.试剂可以鉴别乙醇、乙醛、乙酸、甲酸四种无色溶液A新制Cu(OH)2悬浊液 B.浓溴水C.银氨溶液 D.FeCl3溶液【答案】A【解析】【分析】【详解】A．新制氢氧化铜不与乙醇反应但不分层有蓝色沉淀；加入到乙醛中，加热有砖红色沉淀生成；加入到乙酸中，发生酸碱中和反应，得澄清的蓝色溶液；加入到甲酸溶液中，室温时发生酸碱中和反应，得澄清的蓝色溶液、加热时有砖红色沉淀生成，故A符合；B．浓溴水能被含醛基的乙醛、和甲酸还原而褪色、与乙醇、乙酸不反应而互溶，无法鉴别，B不符合；C．室温下银氨溶液在乙酸、甲酸溶液中被破坏、反应中无明显现象、银氨溶液不与乙醇反应无明显现象、难以鉴别，C不符合；D．FeCl3溶液不与乙醇、乙醛、乙酸、甲酸反应、难以鉴别，D不符合；答案选A。6.与有机物互为同分异构体，不能与NaOH溶液反应的芳香族化合物有A.7种 B.8种 C.9种 D.10种【答案】D【解析】【详解】从有机物的结构简式可知，其不饱和度为4，总共有8个碳原子，1个氧原子，则其分子式为C8H10O，其同分异构体是不能与NaOH溶液反应的芳香族化合物，则说明其同分异构体中含有一个苯环，且苯环上不能有酚羟基，则满足条件的同分异构体有、两种、的邻、间、对三种，的邻、间、对三种，和两种，总共10种，故答案为D。7.下列有机合成设计中，所涉及的反应类型有错误的是A.由丙烯合成1，2-丙二醇：第一步加成反应，第二步取代反应B.由1-溴丁烷合成1，3-丁二烯：第一步消去反应，第二步加聚反应C.由乙醇合成乙炔：第一步消去反应，第二步加成反应，第三步消去反应D.由乙烯合成乙二醛：第一步加成反应，第二步取代反应，第三步氧化反应【答案】B【解析】【分析】根据反应物和目标产物，利用官能团的性质进行设计有机合成路线，碳碳双键可以发生加成反应，卤代烃和醇可以发生消去反应变为烯烃或炔烃，醇羟基可以在催化剂的条件下被氧化成醛；【详解】A．丙烯含有碳碳双键生成1,2-丙二醇，先与氯气发生加成反应上两个氯原子，再在氢氧化钠水溶液加热条件下发生取代反应即可生成，故A正确；B．1-溴丁烷先在氢氧化钠醇加热条件下发生消去反应，生成2-丁烯，2-丁烯与溴单质发生加成反应后，生成2,3-二溴丁烷，最后在氢氧化钠醇溶液条件下再发生消去反应即可制得，故B不正确；C．由乙醇合成乙炔，先在浓硫酸加热条件下发生消去反应生成乙烯，第二步乙烯与溴单质发生加成反应生成1,2-二溴乙烷，第三步在氢氧化钠醇加热条件下发生消去反应生成乙炔，故C正确；D．由乙烯合成乙二醛；第一步乙烯与溴单质发生加成反应生成1,2-二溴乙烷，第二步在氢氧化钠水溶液加热条件下发生取代反应生成乙二醇，第三步在催化剂的条件下发生氧化反应生成乙二醛，故D正确；故选答案B。【点睛】此题考查有机反应类型，利用反应物中的官能团和目标产物进行判断；8.有机化合物分子中基团间的相互影响会导致其化学性质的改变。下列叙述能说明上述观点的是A.苯酚和苯都能与H2发生加成反应B.甲苯能使高锰酸钾酸性溶液褪色，而苯不能C.乙烯能发生加聚反应，而乙烷不能D.等物质的量的乙醇和乙二醇分别与足量Na反应，后者反应生成的H2多【答案】B【解析】【详解】A．苯酚和苯都能与H2发生加成反应，是因为都存在苯环，与羟基的作用无关，A项错误；B．甲苯能使高锰酸钾酸性溶液褪色，而苯不能，说明甲基导致化学性质的改变，B项正确；C．乙烯能加成是因为含有官能团碳碳双键，而乙烷中没有，所以不能加成，不能说明分子中基团间的相互影响会导致其化学性质改变，C项错误；D．乙二醇中含有2个羟基、乙醇含1个羟基，则生成氢气的量不同，不能说明分子中基团间的相互影响会导致其化学性质改变，D项错误；答案选B。9.蜂胶的分子式为C17H16O4，在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇A，则醇A的分子式为

A.C8H10O B.C8H14O C.C8H16O D.C8H18O【答案】A【解析】【详解】咖啡酸的分子式为C9H8O4，蜂胶在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇A，化学方程式为：C17H16O4+H2OC9H8O4+醇A，根据质量守恒定律，可知A的分子式为C8H10O，答案选A。10.网络趣味图片“一脸辛酸”，是在人脸上重复画满了辛酸的键线式结构。下列有关辛酸的叙述正确的是A.辛酸在常温下呈气态B.辛酸酸性比醋酸强C.辛酸和油酸（C17H33COOH）二者属于同系物D.辛酸的同分异构体（CH3）3CCH（CH3）CH2COOH的化学名称为3，4，4一三甲基戊酸【答案】D【解析】【详解】A、辛酸的相对分子质量大于乙酸，辛酸的熔沸点高于乙酸，乙酸常温下呈液态，辛酸在常温下不呈气态，选项A错误；B、随着碳原子数的增加，饱和一元羧酸的酸性减弱，故辛酸的酸性比醋酸弱，选项B错误；C.辛酸为C7H15COOH，为饱和一元酸，油酸（C17H33COOH）为不饱和一元酸，二者官能团不相同，不属于同系物，选项C错误；D、根据官能团位置最小给主链碳原子编号，所以结构简式（CH3）3CCH（CH3）CH2COOH的名称为3,4,4一三甲基戊酸，选项D正确；答案选D。11.钠与下列物质反应都能够产生氢气：①H2O；②CH3COOH；③CH3CH2OH，从产生氢气的剧烈程度可推断出这三种物质产生H+的难易程度是（从难到易的顺序）（）A①②③ B.②③① C.③①② D.②①③【答案】C【解析】【分析】根据钠与物质产生氢气的快慢取决于羟基氢的活泼性，即物质的酸性越强，则越容易电离出氢离子，与钠反应生成氢气的速率就越快。【详解】物质的酸性越强,越容易电离出氢离子,则与钠反应生成氢气的速率就越快；酸性:CH3COOH>H2O>CH3CH2OH,则这三种物质产生H+的难易程度为(从难到易)③①②，C正确；正确选项C。12.和分别与NaOH的乙醇溶液共热反应，下列说法正确的是A.反应产物相同，反应类型相同 B.反应产物不同，反应类型不同C.反应过程中碳氢键断裂的位置相同 D.反应过程中碳溴键断裂的位置相同【答案】A【解析】【详解】(1-溴丙烷)和(2-溴丙烷)分别与NaOH的乙醇溶液共热，都发生消去反应，生成CH2=CH-CH3，所以反应产物相同，反应类型相同，故A正确，B错误；1-溴丙烷发生消去反应，2号碳上碳氢键断裂，1号碳上碳溴键断裂，2-溴丙烷发生消去反应，1号碳上碳氢键断裂，2号碳上碳溴键断裂，故C、D都错误。13.某化学反应过程如图所示，由图得出的判断，可能错误的是A.醇类都能发生图示的催化氧化反应 B.1-丙醇发生了氧化反应C.反应中有红黑颜色交替变化的现象 D.生成物是丙醛【答案】A【解析】【分析】图示中发生的化学反应可以表述为2Cu+O2=2CuO，CuO+CH3CH2CH2OH→CH3CH2CHO+Cu+H2O，总反应为醇的催化氧化，据此分析解答。【详解】A．根据分析可知，图中转化过程为醇类的催化氧化反应，只有羟基直接相连的碳原子上有氢原子的醇才能发生催化氧化，A项错误；B．根据分析，总反应为醇的催化氧化，1-丙醇发生了氧化反应，B项正确；C．图示中发生的化学反应可以表述为2Cu+O2=2CuO，现象为铜丝变黑，CuO+CH3CH2CH2OH→CH3CH2CHO+Cu+H2O，现象为黑色的铜丝又变红色，生成的铜再和氧气反应，据此循环进行反应，则反应中有红黑颜色交替变化的现象，C项正确；D．根据分析，CuO+CH3CH2CH2OH→CH3CH2CHO+Cu+H2O，反应中的生成物是丙醛，D项正确；答案选A。14.下列说法不正确的是A.完全燃烧只生成CO2和H2O，两者物质的量之比为1∶2，则该有机化合物为甲烷B.甲苯分子的核磁共振氢谱中有4组不同的吸收峰C.红外光谱可以帮助确定许多有机化合物的结构D.通过质谱法只能确认有机化合物的相对分子质量，一般无法确定其结构【答案】A【解析】【详解】A．某有机物完全燃烧只生成CO2和H2O，两者物质的量之比为1∶2，可确定碳氢比为1：4，不能确定是否含有氧原子，该有机物可能是甲醇，故A错误；B．甲苯分子中含有4种不同环境的氢原子，如图，因此甲苯分子中的核磁共振氢谱中有4个不同的吸收峰，故B正确；C．红外光谱反映有机物分子中含有的化学键或官能团的信息，可以帮助确定许多有机化合物的结构，故C正确；D．质谱法可以确定有机化合物的相对分子质量，但不能确定分子中含有的化学键或官能团等信息，无法确定其结构，故D正确；答案选A。15.石蜡油的分解实验如图所示。下列有关说法正确的是A.石蜡油是液态烷烃化合物B.石蜡油分解生成的气体中只有烯烃C.装置II中逸出的气体通入高锰酸钾溶液，发生加成反应D.十八烷完全分解为乙烷和最多乙烯时，二者物质的量之比为1∶8【答案】D【解析】【详解】A．石蜡油是液态的烷烃和环烷烃的混合物，故A不正确；B．石蜡油中烷烃分解生成烷烃和烯烃，故B不正确；C．装置II中逸出的气体含有烯烃通入高锰酸钾钾溶液后，发生氧化反应，故C不正确；D．十八烷分解生成乙烷和乙烯根据原子守恒配平得：C18H38C2H6+8C2H4，故二者物质的量之比为1:8，故D正确；故选答案D。【点睛】此题考查烯烃和烷烃的性质，根据高锰酸钾的强氧化性判断，烯烃能使其褪色，烷烃的裂化性质进行判断。16.某物质的分子式为CxHyOz，取该物质ag在足量的O2中充分燃烧后，将产物全部通入过量的Na2O2中，若Na2O2固体的质量增加了bg，且a<b，则该物质A.C2H4O B.C2H4O2 C.CH2O2 D.C2H4O3【答案】A【解析】【分析】分子式为CxHyOz的有机物，在足量的O2中充分燃烧后生成CO2、H2O，通过过量的Na2O2，发生反应2CO2+2Na2O2=2Na2CO3+O2，2H2O+2Na2O2=4NaOH+O2↑，利用拆分变换思想分析，二氧化碳与过氧化钠反应固体由Na2O2变为Na2CO3(Na2O2·CO)，过氧化钠与水反应固体由Na2O2变为2NaOH(Na2O2·H2)，若有机物CxHyOz可拆分为nCO·mH2，即x=z，过氧化钠固体增重的质量等于有机物的质量，若x＜z，过氧化钠固体增重的质量小于有机物的质量，若x＞z，过氧化钠固体增重的质量大于有机物的质量，据此分析作答。【详解】A．C2H4O可拆分为CO·2H2·C，则过氧化钠固体增重的质量大于有机物的质量，即a<b，A项符合题意；B．C2H4O2可拆分为2CO·2H2，则过氧化钠固体增重的质量等于有机物的质量，即a=b，B项不符合题意；C．CH2O2可拆分为CO·H2·O，则过氧化钠固体增重的质量小于有机物的质量，即a＞b，C项不符合题意；D．C2H4O3可拆分为2CO·2H2·O，则过氧化钠固体增重的质量小于有机物的质量，即a＞b，D项不符合题意；答案选A。二、非选择题(本题包括55小题，共计252分)17.煤粉干馏，除主要得到焦炭外，还能得到表中所列的物质：序号①②③④⑤⑥⑦⑧名称一氧化碳甲烷乙烯苯甲苯二甲苯苯酚氨水回答下列问题(填序号)：（1）分子中含碳质量分数最高的是_______；（2）滴加氯化铁溶液能变为紫色的是_______；（3）分子结构的比例模型是的是_______；（4）产量是衡量一个国家石油化工发展水平重要标志的是_______；（5）可用来制取TNT的是_______；（6）难溶于水且可能是混合物的是_______。【答案】（1）④（2）⑦（3）②（4）③（5）⑤（6）⑥【解析】【小问1详解】分子中含碳质量分数分别为：CO为42.%、甲烷为75%、乙烯为85.7%、苯为92.3%、甲苯为91.3%、二甲苯为90.5%、苯酚为77.4%，含碳质量分数最大的为④；【小问2详解】苯酚遇FeCl3溶液显紫色，滴加氯化铁溶液能变为紫色的是⑦；【小问3详解】有比例模型可知为五个原子构成，空间构型符合的只有甲烷，符合比例模型的为②；【小问4详解】乙烯的产量是衡量一个国家石油化工发展水平重要标志，故选③；【小问5详解】TNT为2,4,6—三硝基甲苯，可用甲苯通过取代反应制备，故选⑤；【小问6详解】大多数有机物难溶于水，苯酚可溶于热水中，二甲苯存在三种同分异构体，分别为邻二甲苯、间二甲苯、对二甲苯为混合物，故选⑥。18.实验室合成环己烯的反应和实验装置如图：合成反应：＋H2O可能用到的有关数据如下：相对分子质量密度/(g·cm-3)沸点/℃溶解性环己醇1000.9618161微溶于水环己烯820.810283难溶于水在a中加入20.0g环己醇和2小片碎瓷片，冷却搅动下慢慢加入1mL浓硫酸。b中通入冷却水后，开始缓慢加热a，控制馏出物的温度不超过90℃。分离提纯：反应粗产物倒入分液漏斗中分别用少量5%碳酸钠溶液和水洗涤，分离后加入无水氯化钙颗粒，静置一段时间后弃去氯化钙。最终通过蒸馏得到纯净环己烯8.2g。请回答下列问题：（1）装置e的名称是_______。（2）如果加热一段时间后发现忘记加碎瓷片，应该采取的正确操作是_______(填字母)。A.立即补加 B.冷却后补加 C.不需补加 D.重新配料（3）本实验中最容易产生的副产物的结构简式为_______。（4）分液漏斗在使用前须_______并检漏。（5）分离提纯过程中加入无水氯化钙的目的是_______。（6）本实验所得到的环己烯产率是_______(填字母)。A.41% B.50% C.61% D.70%【答案】（1）锥形瓶（2）B（3）（4）清洗干净（5）干燥环己烯（6）B【解析】【分析】环己醇在浓硫酸作催化剂的条件下发生消去反应生成环己烯，加热过程中为防止暴沸应加入碎瓷片，醇在发生消去反应的过程中会产生副产物醚类，根据计算环己烯产率，据此分析解答。【小问1详解】根据装置e的构造可知，装置e为锥形瓶，故答案为：锥形瓶。【小问2详解】加入碎瓷片的作用是防止液体在加热时发生暴沸，如果在加热时发现忘记加碎瓷片，这时必须停止加热，待冷却后补加碎瓷片，故选B。【小问3详解】醇分子间容易发生脱水反应生成醚类化合物，本实验中最容易产生的副产物的结构简式为，故答案为：。【小问4详解】实验仪器在使用前须保持仪器洁净，故分液漏斗在使用前须清洗干净并检漏。【小问5详解】无水氯化钙具有吸水性，分离提纯过程中加入无水氯化钙可吸收产物中少量的水，干燥产品，故答案为干燥环己烯。小问6详解】20g环己醇的物质的量为=0.2mol，理论上生成环己烯的物质的量为0.2mol，则理论上生成环己烯的质量为0.2mol×82g·mol-1=16.4g，而实际得到环己烯的质量为8.2g，则产率为×100%＝50%，故选B，故答案为：B。19.已知：CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH2CHO，利用如图装置用正丁醇合成正丁醛。

相关数据如下：物质沸点/℃密度/(g·cm-3)水中溶解性正丁醇117.20.8109微溶正丁醛75.70.8017微溶（1）实验过程中，加入药品时，应将酸化的Na2Cr2O7溶液逐滴加入正丁醇中。所需正丁醇的量大于酸化的Na2Cr2O7的量，原因_______。（2）反应过程中温度计1示数为90～95℃，温度计2示数在_______时，收集产物。（3）反应结束，为将正丁醛与水层分开，将馏出物倒入分液漏斗中，粗正丁醛从分液漏斗_______口分出。（4）向获得的粗正丁醛中加入_______，检验其中是否含有少量水。【答案】（1）防止产物进一步氧化（2）76℃左右（3）上（4）无水硫酸铜【解析】【分析】酸性条件下，Na2Cr2O7将正丁醇氧化成正丁醛。【小问1详解】醛基具有还原性，易被氧化剂氧化成酸，Na2Cr2O7在酸性条件下能氧化正丁醛，因此实验过程中，为防止正丁醛进一步氧化，所需正丁醇的量大于酸化的Na2Cr2O7的量，故答案为：防止产物进一步氧化；【小问2详解】由表中数据可知，正丁醛的沸点为75.7℃，因此温度计2示数在76℃左右时，收集到产物正丁醛，故答案为：76℃左右；【小问3详解】由表中数据可知，正丁醛的密度小于水，溶液分层后，水在下层，正丁醛在上层，故粗正丁醛从分液漏斗上口倒出，故答案为：上；【小问4详解】水遇无水硫酸铜变蓝，向获得的粗正丁醛中加入无水硫酸铜，若无水硫酸铜变蓝，说明含有水，反之则不含水，故答案为：无水硫酸铜。20.I.使用合适的试剂实现下列物质间的转化：（1）用化学式填空，试剂A___、B____、C____、D____、E___、F___。II.氧化白藜芦醇W具有抗病毒等作用。下面是利用Heck反应合成W的一种方法：回答下列问题：（2）A的分子式为_______，D中的含氧官能团名称为_______。（3）HecK反应的反应类型_______。（4）W分子最多有_______个原子处于同一平面。（5）写出反应③的化学方程式_______。【答案】（1）①.NaHCO3②.NaOH③.Na④.H2O⑤.CO2⑥.HCl（2）①.C6H6O2②.醚键（3）取代反应（4）30（5）+2HI→+2CH3I【解析】【分析】I.加A只与羧基反应，加B只与酚羟基反应，加入C只与醇羟基反应，根据官能团的性质，可知A为NaHCO3、B为NaOH、C为Na；醇钠很活泼，与水反应就可以变为醇，酚钠溶液与二氧化碳反应，可得到酚，羧酸钠在强酸性下，会变为羧酸，则D为H2O、E为CO2、F为HCl，据此分析作答。【小问1详解】由分析可知，A为NaHCO3、B为NaOH、C为Na、D为H2O、E为CO2、F为HCl，故答案为：NaHCO3；NaOH；Na；H2O；CO2；HCl；【小问2详解】A为，则其分子式为C6H6O2；D为，其中的含氧官能团名称为醚键，故答案为：C6H6O2；醚键；【小问3详解】由图可知，C与E反应生成W和HI，则HecK反应的反应类型为取代反应，故答案为：取代反应；【小问4详解】根据W的结构特点，可以分为三部分，即两个苯环结构和一个乙烯结构，乙烯和苯环均是平面结构，同时乙烯结构与苯环通过碳碳单键相连，可以通过旋转，使乙烯和苯环共平面，则W中所有原子都可以在一平面之上，即W分子最多有30个原子处于同一平面，故答案为：30；【小问5详解】与HI反应，生成和CH3I，该反应为取代反应，则化学方程式为+2HI→+2CH3I，故答案为：+2HI→+2CH3I。21.I．对溴苯乙烯(E)是一种重要的化工原料，E的实验室制取流程如下：CD已知：D的分子式为C8H8Br2，且分子中含甲基。回答下列问题：（1）B的名称为_______；E中官能团的名称为_______。（2）催化剂a的化学式是_______；C的结构简式为_______。（3）写出反应A→B的化学方程式：_______；D→E的反应类型为_______。（4）芳香族化合物M是D的同分异构体，且苯环上只有两个取代基，则M的结构有_______种，其中核磁共振氢谱峰面积比为1∶1的结构简式为_______。