浙江省G5联盟2023-2024学年高二下学期期中物理试题（含答案）

浙江省G5联盟2023-2024学年高二下学期期中物理试题姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三总分评分一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．下列物理量中为矢量且单位符号正确的是（）A．电流（A） B．电场强度（C）C．磁通量（Wb） D．磁感应强度（T）2．2024年2月27日，某电动垂直起降航空器完全模拟一家人从深圳蛇口邮轮母港飞至珠海九洲港码头，将单程2.5到3小时的地面车程缩短至20分钟。该航空器最大航程250公里，最大巡航速度200公里/小时，最多可搭载5人，则下列说法中正确的是（）A．航程250公里代表位移B．最大巡航速度200公里/小时指的是瞬时速度大小C．计算航空器在两地飞行时间时不能视作质点D．航空器升空过程中，以某一乘客为参考系，其他乘客都向上运动3．下列说法符合物理学史的是（）A．奥斯特发现了电磁感应现象B．赫兹预言了电磁波的存在C．法拉第最先提出了微观领域的能量量子化概念D．英国物理学家卡文迪许测量出了引力常量G的数值4．质量为m的链球在抛出前的运动情景如图所示，假设在运动员的作用下，链球与水平面成一定夹角的斜面上从1位置匀速转动到最高点2位置，则链球从1位置到2位置的过程中下列说法正确的是（）A．链球需要的向心力保持不变B．链球在转动过程中机械能守恒C．运动员的手转动的角速度等于链球的角速度D．运动员的手转动的线速度大于链球的线速度5．如图所示，质量为m的磁铁贴吸于固定的竖直金属板上，初始时作用于磁铁的推力F既平行于水平面也平行于金属板，此时金属板对磁铁的作用力为F1。现保持推力F的大小不变，将作用于磁铁的推力F方向改为垂直金属板，此时金属板对磁铁作用力为F2。磁铁始终保持静止状态，则F1A．F1=F2 B．F16．在一块水平放置的很大的接地金属平板上方附近固定着一个正电荷Q，o、a、b、c、d为过正电荷所在位置的竖直平面上的五个点，位置如图所示，co小于od，则下列说法正确的是（）A．c点的场强和d点场强相同B．o点的电势高于a点的电势C．电荷量为q的负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能D．电荷量为q的正电荷从c点移到d点电场力做正功7．地磁学家曾经尝试用“自激发电”假说解释地球磁场的起源，其原理如图所示：一个金属圆盘A在某一大小恒定、方向时刻沿切线方向的外力作用下，在弱的轴向磁场B中绕金属轴OO'转动，根据法拉第电磁感应定律，盘轴与盘边之间将产生感应电动势，用一根带有电刷的螺旋形导线MN在圆盘下方连接盘边与盘轴，A．MN中的电流方向从N→MB．圆盘转动的速度逐渐减小C．MN中感应电流的磁场方向与原磁场方向相同D．磁场达到稳定状态后，MN中不再产生感应电流8．如图（a）所示，轻质弹簧上端固定，下端挂有钩码，钩码下表面吸附一个小磁铁。钩码在竖直方向做简谐运动时，某段时间内，小磁铁正下方的智能手机中的磁传感器采集到磁感应强度随时间变化的图像如图（b）所示，不计空气阻力，下列判断正确的是（）A．钩码做简谐运动的周期为tB．在t1和tC．在t1和tD．t29．图甲为某同学设计的充电装置示意图，线圈ab匝数n=200匝，面积S=10A．t=0.1s时线圈B．若B变化的周期变长，则原线圈电压变大C．变压器原线圈输入电压有效值为2VD．变压器原、副线圈匝数比为1∶510．如图所示，一颗质量为m的卫星要发射到中地圆轨道上，通过M、N两位置的变轨，经椭圆转移轨道进入中地圆轨道运行。已知近地圆轨道的半径可认为等于地球半径，中地圆轨道与近地圆轨道共平面且轨道半径为地球半径的3倍，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．卫星进入中地圆轨道时需要在N点减速B．在转移轨道上的M点和N点速度关系为vC．该卫星在中地圆轨道上运行的速度为gRD．该卫星在转移轨道上从M点运行至N点（M、N与地心在同一直线上）所需的时间为2π11．如图甲所示为小高同学收集的一个“足球”玻璃球，他学了光的折射后想用某单色光对该球进行研究，某次实验过程中他将单色光水平向右照射且过球心所在的竖直截面，其正视图如乙所示，AB是沿水平方向的直径。当光束从C点射入时恰能从右侧射出且射出点为B，已知点C到AB竖直距离h=32RA．该单色光折射率为2B．该“足球”的直径为3C．继续增加h(h<R)，则光一定不会在右侧发生全反射D．用该单色光做双缝干涉实验，减小双缝间距，其它条件不变，则屏上干涉条纹间距变小12．粒子直线加速器原理示意图如图甲所示，它由多个横截面积相同的同轴金属圆筒依次组成，序号为奇数的圆筒与序号为偶数的圆筒分别和交变电源相连，交变电源两极间的电压变化规律如图乙所示。在t=0时，奇数圆筒比偶数圆筒电势高，此时和偶数圆筒相连的金属圆板（序号为0）的中央有一自由电子由静止开始发射，之后在各狭缝间持续加速。若电子质量为m，电荷量为e，交变电源电压为U，周期为T。不考虑电子的重力和相对论效应，忽略电子通过圆筒狭缝的时间。下列说法正确的是（）A．电子在圆筒里做加速运动B．要实现加速，电子在圆筒运动时间必须为TC．第n个圆筒的长度应满足L=D．如果要加速质子，圆筒的长度要变短，可以在T4到3T13．某城市被誉为“森林中的火车站”的屋顶铺设了1.2万块光伏组件，每块面积为0.72m2，发电总功率为1.A．每块组件上接收到的太阳辐射功率约为100WB．工作一天大约可发电2C．光电的转换效率约为10%D．若一吨标准煤可以发电约3000度，则该组件一年可节省约3500吨煤二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）14．关于教材中的插图，下列说法正确的是（）A．甲图中撑杆运动员受到杆的弹力是由于运动员的形变引起的B．乙图中线圈a、b所在之处的磁感应强度的大小相等C．丙图中竖直放置的铁环上绕有对称的绝缘通电导线，电流方向如图所示，则铁环中心O点的磁感应强度方向竖直向下D．丁图中将薄膜外的金属环沿环所在平面旋转90°，则薄膜中条纹也将旋转90°15．“战绳”是一种比较流行的健身器械，健身者把两根相同绳子的一端固定在一点，用双手分别握住绳子的另一端，上下抖动绳子使绳子振动起来如图甲所示。以手的平衡位置为坐标原点，图乙是健身者左手在抖动绳子过程中某时刻的波形图，若左手抖动的频率是0.5Hz，下列说法中正确的是（）A．该时刻P点位移为10B．再经过0.25s，P点达到平衡位置C．该时刻Q点的振动方向沿y轴负方向D．从该时刻开始计时，质点Q的振动方程为y=20三、非选择题（本题共5小题，共55分）16．某校实验小组准备用铁架台、打点计时器、重物等验证机械能守恒定律，实验装置如图所示。（1）请在下列器材中选择本实验所需的重物（）A． B．C． D．（2）下列关于该实验说法正确的是（）。（多选）A．必须在接通电源的同时释放纸带B．利用本装置验证机械能守恒定律，可以不测量重物的质量C．为了验证机械能守恒，必须选择纸带上打出的第一个点作为起点D．体积相同的条件下，重物质量越大，实验误差越小17．某同学在实验室研究“单摆测量重力加速度”的实验中，（1）下列三张图片是三次操作中摆角最大的情景，其中操作合理的是____（单选）A． B． C．（2）该同学用停表记录了单摆全振动50次所用的时间如图所示为s。（3）选择正确实验图，利用测得的一组数据，计算得到的g值偏小，可能的原因是____（单选）A．测摆长时摆线拉的过紧B．开始计时时，停表过迟按下C．摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了D．某同学通过测量30次全振动的时间来测定单摆的周期T，他在单摆经过平衡位置时按下秒表记为“1”，若同方向再次经过平衡位置时记为“2”，在数到“30”时停止秒表，读出这段时间t，算出周期T=t18．在做“测定玻璃的折射率”的实验中。如图（a）所示，选用的玻璃砖前后两个光学面相互平行，aa'和bb'分别是玻璃砖与空气的两个界面，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在另一侧透过玻璃砖观察，用“•”表示大头针的位置，这样（1）根据以上信息，请你在答题纸中画出光路图。（2）若在实验过程中画出界面aa'和bb19．在“导体电阻率的测量”实验中，某同学用电流表和电压表测量一金属丝的电阻。（1）该同学先用欧姆表“×1”挡粗测该金属丝的电阻，示数如图所示，金属丝电阻R=Ω。（2）该同学再次设计电路开展测量，并多次测量金属丝直径，要使测量结果准确到0.01mm，应选用的仪器是。（填写器材的名称）（3）该同学选取的电压表和电流表，内阻分别约为6kΩ和0.1Ω。则下列图中符合实验要求且连线正确的是（）A． B．C． D．（4）设计的电路中电流表的接法，主要是为了减小电表内阻对测量结果引起的误差（填“系统”或“偶然”）。（5）将金属丝替换为小灯泡，改用电流传感器测得小灯泡的电流随时间变化的图线，会是哪个图（填“甲”、“乙”或“丙”）。20．某大学五名学习航空航天工程的大学生搭乘飞艇参加了“微重力飞行计划”，飞行员将飞艇开到6000m的高空后，让其由静止开始下落，以模拟一种微重力的环境，下落过程中飞艇所受空气阻力仅为其重力的0.04倍，大学生们就可以进行微重力影响的实验。在距离地面3000m时飞艇向下做匀减速直线运动，若要求飞艇以大小为12m/s2的加速度做匀减速运动，重力加速度g（1）微重力环境持续的时间；（2）飞艇距离地面多高的地方速度减为零。21．小黄设计的某游戏装置如图所示。水平台面上固定一半径为R的光滑竖直圆轨道，在圆轨道右侧C处放置质量为0.5m的小滑块B，CD间相距为l。在平台右侧有质量为m的“”形载物盘E，用轻质细线通过定滑轮与静止在地面上质量也为m的物块F相连，载物盘距离地面高为h，与水平台面处于同一水平面并且静止。游戏开始时，选择合适的压缩量让一质量为0.5m的小滑块A从弹射器1处弹射出去，恰好能经过圆轨道最高点，与静止在C点的滑块B发生碰撞，碰撞后A、B粘在一起运动到载物盘上时恰好静止，然后物块F上升碰到小平台，触动弹射器2（压缩量可调）将小平台H上的小球水平抛出，落在倾角为θ的斜面上。小平台H的右端恰好位于斜面底端G的正上方。已知滑块只与平台CD段有摩擦，不计空气阻力、细绳与滑轮的摩擦力。“”型载物盘的宽度不计，且着地时立即静止，滑块、小球均可视为质点。（1）求CD段动摩擦系数μ；（2）求小平台H距离地面的最大高度hF（3）若小平台H在第（2）问的最大高度上，斜面的倾角范围为0°≤θ<90°，要使小球在斜面上的着落点离抛出点距离最近，试求抛出初速度v0与斜面倾角θ22．如图甲所示，水平面上固定着间距为L=1m的两条平行光滑直轨道（除DE、CF是绝缘的连接段外，其它轨道均为不计电阻的导体），AB之间有一个R=1Ω的定值电阻，DC的左侧轨道内分布着垂直导轨平面向下的匀强磁场B1，该磁场随时间的变化情况如图乙所示，EF的右侧轨道内分布着垂直导轨平面向上，磁感应强度B2=1T的匀强磁场。t=0时刻，质量m=1kg电阻r1=1Ω的a金属棒静止在距离导轨左侧d1=2m处，并被特定的装置锁定。一个电阻r2=0.5Ω的b金属棒在距离EF右侧d2=4.5m（1）t=0.5s时，通过（2）a棒刚进入B2磁场时a棒两端的电势差U（3）a棒进入B2磁场到接触b棒的过程中b（4）移去b棒，在B2磁场区域两导轨之间连接一个电容C=1F的电容器（距离a棒无限远），a23．利用电场与磁场控制带电粒子的运动，在现代科学实验和技术设备中有着广泛的应用。如图所示，一粒子源不断释放质量为m，带电量为+q的带电粒子，其初速度视为零，经过加速电压U后，以一定速度进入辐射状电场，恰好沿着半径为R的圆弧轨迹通过电场区域后垂直平面MNN1M1，射入棱长为2L的正方体区域。现调整射入位置，使带电粒子在边长为（1）求辐射状电场中离子运动轨迹处电场强度E0（2）若仅在正方体区域中加上沿MN方向的匀强电场，要让所有粒子都到达平面NPP1N（3）若仅在正方体区域中加上沿MN方向的匀强磁场，要让所有粒子都到达平面M1N1（4）以M1M₁为原点建立如图所示直角坐标系M1−xyz，若在正方体区域中同时加上沿MN方向大小为E1

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.电流为标量，其单位符号为A，A不符合题意；

B.电场强度为矢量，其单位符号为V/m，B不符合题意；

C.磁通量为标量，其单位符号为Wb，C不符合题意；

D.磁感应强度为矢量，其单位符号为T，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，遵循平行四边形定则的运算方法；标量只有大小，没有方向（有些特殊的标量也有方向），遵循代数和的运算方法。2．【答案】B【解析】【解答】A.航程250公里为路径的实际长度，所以是路程，A不符合题意；

B.最大巡航速度200公里/小时指的是最大航行时的速度，是瞬时速度大小，B符合题意；

C.计算航空器在两地飞行时间时，由于航空器本身的大小和形状可以忽略，所以可以看成质点，C不符合题意；

D.航空器升空过程中，以某一乘客为参考系，其他乘客相对该乘客的位置没有发生变化，所以都是静止的，D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】位移是由起点指向末点的有向线段，路程是运动路径的实际长度；瞬时速度对某一位置或某一时刻；当物体的大小和形状对所研究问题的影响可以忽略时，物体可以被当成质点；被选做参考系的物体要假定为静止，当被研究物体相对参考系的位置发生变化，则该物体是运动的，如果位置不发生相对变化，则该物体是静止的。3．【答案】D【解析】【解答】A.法拉第首次发现了电磁感应现象，A不符合题意；

B.麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹通过实验证实了电磁波的存在，B不符合题意；

C.普朗克最先提出了微观领域的能量量子化概念，C不符合题意；

D.英国物理学家卡文迪许通过扭秤实验测量出了引力常量C的数值，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】根据物理学史分析。4．【答案】C【解析】【解答】A.链球从1位置匀速转动到最高点2位置，链球需要的向心力大小不变，但方向时刻在发生改变，A不符合题意；

B.因为链球做匀速圆周运动，所以链球的动能不变，但由于高度在发生变化，所以重力势能不断变化，则机械能不守恒，B不符合题意；

CD.运动员的手和链球做共轴转动，所以角速度相等，根据v=ωr可知运动员的手的线速度小于链球的线速度，C符合题意，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】向心力的方向总是指向圆心，所以向心力一定是变力；根据链球的动能和重力势能的变化，分析链球的机械能是否守恒；做共轴转动的物体角速度相等；根据线速度和角速度的关系式v=ωr，分析运动员的手转动的线速度与链球的线速度的大小关系。5．【答案】A【解析】【解答】磁铁保持静止，金属板对磁铁提供了吸引力、弹力、摩擦力，由共点力平衡条件可知，这三个力的合力与推力F和磁铁的重力mg的合力等大反向。因为推力F的方向改变前、后，F大小不变，且都与重力垂直，根据平行四边形定则可得，推力F的方向改变前、后，推力和重力的合力大小不变，均匀

F1=F2=F2+(mg)2

故F16．【答案】D【解析】【解答】A.由于金属板位于正电荷所形成的电场中，因此将发生静电感应，达到静电平衡后金属板的表面将是一个等势面，则金属板上方的电场线垂直金属板向下，其电场线分布如图所示：

根电场线的对称性和电场线的疏密表示场强大小，切线表示场强方向，可知c点和d点场强的大小和方向均不相同，A不符合题意；

B.根据沿电场线方向电势降低，可知o点电势低于a点电势，B不符合题意；

C.根据沿电场线方向电势降低，可知b点的电势低于a点的电势，由

Ep=φq

可知，电荷量为q的负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，BC不符合题意；

D.结合电场线方向可知，电荷量为q的正电荷从c点运动到o点，电场力做负功，从o点运动到d点电场力做正功，由于co小于od，所以正电荷从c到o小于从o到d电场力做的功，故将电荷量为q的正电荷从c点移到d点的过程中，电场力做正功，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】做出发生静电感应后正电荷Q的电场线，根据电场线的疏密得出c点与d点场强的大小关系；根据沿电场线方向电势降低，判断o点和a点电势的高低；由电势能与电势的关系式E7．【答案】C【解析】【解答】A.根据右手定则知，MN中的电流方向从M→N，A不符合题意；

B.由题意可知，转动圆盘在力大小恒定、方向时刻沿切线方向，则转盘转动的速度先越来越大，产生的电动势也越来越大，根据法拉第电磁感应定律E=BLv知，感应电流越来越大，感应电流产生的磁场也越来越大，最终回路中的电流达到稳定值，磁场也达到稳定状态，则圆盘转动的速度也达到稳定值，B不符合题意；

C.根据右手螺旋定则判断知MN中感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，C符合题意；

D.可将圆盘看成若干个沿着半径方向的幅条组成，因此在任何时刻都有幅条切割磁感线，故磁场达到稳定状态后，MN中也产生感应电流，D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】根据右手定则判断感应电流方向；根据法拉第电磁感应定律感应电动势的变化，从而得到感应电流和磁场的变化情况；磁场达到稳定状态后，由于圆盘上始终切割磁场线产生感应电动势，所以MN中始终产生感应电流。8．【答案】B【解析】【解答】A.由图（b）可知，钩码做简谐运动的周期为t5-t1，A不符合题意；

B.在t1和t5时刻，磁感应强度最大，说明磁铁距离手机最近，即钩码处于简谐振动的下端点位置，速度为零，所以钩码的动能最小，B符合题意；

C.在t1和t5时刻，磁铁振动到最低点，重力势能最小，C不符合题意；

D.由图像可知，t29．【答案】C【解析】【解答】A.由图可知，t=0.1s时图像的斜率最大，即磁场变化最快，根据法拉第电磁感应定律

E=N∆ϕ∆t=N∆B∆t·S

可知，此时线圈中的感应电动势最大，A不符合题意；

B.若B变化的周期变长，则磁场变化率将减小，根据

E=N∆B∆t·S

可知，线圈中的感应电动势将减小，与线圈相连的原线圈两端的电压将减小，B不符合题意；

C.线圈ab中产生的感应电动势的最大值为

Em=nBmSω

由图可知

Bm=2πT

周期

T=0.2s

可得

ω=2πT=10．【答案】D【解析】【解答】A.卫星需要在转移轨道的N点点火加速，做离心运动，进入中地圆轨道，A不符合题意；

B.由开普勒第二定律可知，卫星在近地点M点的速度大于远地点N点的速度，即

vM>vN

B不符合题意；

C.卫星在中地圆轨道上，由万有引力提供向心力得

GMm3R2=mv23R

根据万有引力等于重力，有

GMmR2=mg

解得

v=gR3

C不符合题意；

D.卫星在中地圆轨道上周期

T中11．【答案】C【解析】【解答】A.根据题意作出光路图，如图所示：

根据几何关系有

sinθ=sin2α=hR=32

解得

θ=60°，α=30°

则该单色光折射率

n=sinθsinα=3

A不符合题意；

B.由题意可知，光束从C点射入时恰能从右侧射出且射出点为B，表明内部光线与足球相切，根据几何关系可得，足球的直径为

d=2Rsinα=R

B不符合题意；

C.继续增加h（h<R），根据几何关系可知，第一次折射的折射角等于第二次折射的入射角，根据光路可逆原理可知，第二次折射的折射角一定等于第一次折射的入射角，即光一定不会在右侧发生全反射，C符合题意；

12．【答案】D【解析】【解答】A.金属筒达到静电平衡后内部场强处处为零，所以电子在金属筒中不受电场力所用，做匀速直线运动，A不符合题意；

B.电子每经过圆筒间狭缝时都要被加速，然后进入圆筒做匀速直线运动，所以电子在圆筒运动时间必须为T2才能满足每次经过狭缝时被加速，B不符合题意；

C.在电子进入第n个圆筒前，电子已经被加速了n次，由动能定理可得

neU=12mvn2

电子以速度vn在圆筒内做匀速直线运动，由此可得第n个圆筒的长度为

L=vn·T2

解得

L=2neUm·T213．【答案】C【解析】【解答】A.距离太阳

r=1.5×1011m

的大圆球面积

S=4πr2

则每块组件上接收到的太阳辐射功率约为

P1=PSS1=4×10264×3.14×1.5×10112×0.72W=1019W

A不符合题意；

B.若24小时都有太阳，则工作一天大约可发电

W=P14．【答案】B,C【解析】【解答】A.弹力是由施力物体的形变产生的，甲图中撑杆运动员受到弹力的施力物体是杆，所以该弹力是由于杆的形变引起的，A不符合题意；

B.图乙中磁场为辐向磁场，根据磁场的对称性可知，线圈a、b所在之处的磁感应强度的大小相等，B符合题意；

C.根据安培定则可得，左侧线圈中的磁场下边是S极，上边是N极，右侧的线圈中的磁场下边是S极，上边是N极，根据磁体外部，磁感线从N极进入S极，可知铁环中心的磁场方向为向下，C符合题意；

D.丁图中将薄膜外的金属环沿环所在平面旋转90°，膜在重力作用下依然是上薄下厚，所以薄膜中条纹不会旋转，D不符合题意。

故答案为：BC。

【分析】弹力是由施力物体的形变产生的；根据辐向磁场的对称性，分析线圈a、b所在之处的磁感应强度的大小关系；由安培定则判断出线圈的N、S极，再判断O点的磁场方向；根据薄膜干涉的原理分析。15．【答案】A,B,D【解析】【解答】由图乙和题意可知，该绳波的振幅为20cm，波长为8m，频率为0.5Hz，周期为0.2s，波向右传播，根据波形平移法可知，该时刻P点的振动方向沿y轴负方向，Q点的振动方向沿y轴正方向，该波的波动方程为

y=20sin2πλx+φ

将Q点的坐标代入方程可得

0=20sin2π8×3+φm

可得

φ=π4

所以该波的波动方程为

y=20sinπ4x+π4m

可得在x=0处的P点的位移为

16．【答案】（1）D（2）B；D【解析】【解答】（1）重物需要连接纸带，故选D。

（2）A.为了使纸带能得到充分利用，应先接通电源再释放纸带，A不符合题意；

B.由机械能守恒定律可知，本实验要验证的表达式是

mgh=12mv2

因为计算过程中，重物的质量m可以约掉，所以不用测量重物的质量，B符合题意；

C.本实验中，只要能计算重力势能的减小量与对应的动能的增加量即可，不是必须选择纸带上打出的第一个点作为起点，C不符合题意；

17．【答案】（1）B（2）111.3（3）C【解析】【解答】（1）研究“单摆测量重力加速度”的实验中，为了减小实验误差，摆球要使用密度大体积小的钢球，且单摆的摆角必须≤5°，故选B。

（2）由图可知，小表盘读数为1分30秒，即90s，小表盘读数为21.3s，故停表读数为t=90s+21.3s=111.3s

（也可以小表盘读数读为60s，大表盘读数读数51.3s）。

（3）A.根据单摆的周期公式

T=2πLg

可得

g=4π2LT2

若测摆长时摆线拉的过紧，则实际摆线长度将偏小，即摆长的测量值大于实际值，因此计算得到的加速度将偏大，A不符合题意；

B.开始计时时停表过迟按下，所记录多次全振动的总时间将偏小，因此而得到的振动周期将偏小，根据

g=4π2LT2

可知，计算得到的重力加速度将偏大，B不符合题意；18．【答案】（1）（2）不变【解析】【解答】（1）根据实验记录做出光路图，如图所示

（2）将实际光路和玻璃砖偏移后做出的光路图进行对比

由图及几何关系可以得出入射角、折射角均不变，所以测得的折射率与真实值相等。

【分析】（1）根据实验记录做出光路图；（2）将实际光路和玻璃砖偏移后做出的光路图进行对比，由几何关系分析测量值与真实值的关系。19．【答案】（1）6（2）螺旋测微器（3）D（4）系统（5）丙【解析】【解答】（1）图中表盘读数为6，由于该同学选用的是欧姆表“×1”挡，可得金属丝电阻为

6×1Ω=6Ω

（2）要使测量结果准确到0.01mm，应选用的仪器是螺旋测微器；

（3）因为

Rx=6Ω<RA20．【答案】（1）解：设飞艇下落的加速度为a1mg−f=mf=0解得a飞艇下落时间t满足h解得t=25s（2）解：25s后，飞艇将做匀减速运动，开始减速时飞艇的速度为v=减速运动时飞艇的运动满足v解得h所以距离地面h【解析】【分析】（1）由牛顿第二定律求出飞艇下落的加速度，再由匀变速直线运动的位移-时间公式，求出微重力环境持续的时间；（2）由匀变速直线运动的速度-时间公式求出飞艇做减速运动的初速度，再由速度-位移公式求出减速下落的位移，得到飞艇减速下落时距地面的高度。21．【答案】（1）解：设滑块A在圆周最高点的速度为v10解得v从最高点到C点，根据动能定理有1解得vA和B粘在一起后，形成质量为m的整体，根据动量守恒定律有0可知速度v则从C到D处，根据动能定理有0−解得μ=（2）解：滑块进入载物盘至落地过程整体机械能守恒，令物块F升至h高度时的速度为vF2mgh−mgh=解得v继续上抛的高度h所以物块F上升的总高度为h（3）解：点到直线的最短路径为垂线段，因此小球落点与抛出点的连线垂直于斜面如图所示