2025浙江高考物理模拟卷（七） 【含答案】

2025浙江高考物理仿真模拟卷（七）

时间:90分钟分值:100分

选择题部分

一、选择题/（本题共13小题,每小题3分，共39分.每小题列出的四个备选项中只有一

个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）

1.下列属于国际单位制中导出单位符号的是（）

A.kgB.mC.AD.C

2.第19届亚运会在杭州市举行，中国队共收获了201枚金牌、111枚银牌、71枚铜牌.下

列项目比赛过程中，可将运动员视为质点的是（）

乙

丙

T

A.图甲中，研究跳水运动员的入水动作

B.图乙中，研究击剑运动员的有效击打位置

C.图丙中，研究花样运动员游泳时的技术动作

D.图丁中，记录速度轮滑1000m争先赛的运动员成绩

3.在物理学发展过程中，有许多科学家或发现了重要的实验现象，或完成了精巧的实验设

计，或提出了伟大的理论假设，下列说法正确的是（）

A.奥斯特提出了分子电流假说，解释了各类磁现象的电本质

B.法拉第提出了“力线”的概念，并成功测出了元电荷的数值

C.为解释黑体辐射的相关规律，普朗克提出能量量子化概念

D.麦克斯韦提出了电磁波理论,并用实验证实电磁波的存在

4.如图所示，某同学正在进行投篮训练.已知篮球出手点到地面的距离为〃=L6m,篮筐到

地面的距离为H=3m,出手点到篮筐的水平距离为£=4.8m.若出手时篮球的速度方向与

水平方向的夹角为53。,且能直接进入篮筐，则出手时篮球的速度大小约为(sin53。=0.8,cos

53°=0.6)()

A.5.0m/s

B.6.0m/s

C.8.0m/s

D.9.0m/s

5.[2024•湖南长沙模拟]在某个点电荷所产生电场中画一个圆，如图所示,0为圆心，圆周

上的4、C两点的电场强度方向与圆相切,B是AC右侧圆弧的中点，下列说法正确的是

()

A.A点的场强小于8点的场强

B.0点的电势低于3点的电势

C.电子沿圆弧ABC运动，电场力先做正功后做负功

D.电子沿半径从A到0,电势能变大

6.“天和核心舱”是中国第一个空间站核心舱，其运动的圆轨道离地高度约为400km，周

期约为93min.已知地球半径为6370km，引力常量为G=6.67xl0-nN-n?/kg?.根据这些

数据，下列可以大致确定的是()

A.核心舱所在的轨道平面

B.核心舱的质量

C.地球的平均密度

D.地球的公转线速度

7.我国自主研制的C919飞机机长38.9米、翼展35.8米，北京地区地磁场的竖直分量约

为4.5X10-5T,水平分量约为3.0义10-51该飞机在北京郊区水平试飞速度为声速(约340

m/s)的《有关C919飞机的说法正确的是()

A.C919飞机往北飞的时候，西面机翼的电势较低.两翼尖的电势差约为0.44伏

B.C919飞机往南飞的时候,西面机翼的电势较低.两翼尖的电势差约为0.26伏

C.无论C919飞机往哪个方向飞，都是左边机翼的电势较低.两翼尖的电势差约为0.26伏

D.无论C919飞机往哪个方向飞，都是右边机翼的电势较低.两翼尖的电势差约为0.44伏

8.[2024•义乌中学模拟]电位器是一种常见的电子元件，它通常由电阻体和可转动的电

刷组成，如图所示.可以改变电位器上的连接点位置，从而改变电路中的电位差或电阻值,

则当电位器的（）

A.1、2连接点接入电路时，顺时针转动电刷，电阻减小

B.1、3连接点接入电路时，顺时针转动电刷，电阻减小

C.1、3连接点作为输入端,1、2连接点作为输出端，顺时针转动电刷,输出电压增大

D.1、3连接点作为输入端,1、2连接点作为输出端，顺时针转动电刷,输出电压减小

9.如图所示，带有一白点的黑色圆盘，绕过其中心且垂直于盘面的轴沿顺时针方向匀速转

动,角速度。=40兀rad/s.在暗室中用每秒闪光21次的频闪光源照射圆盘，则（）

A.观察到白点顺时针转动

B.观察到的白点转动方向与闪光频率无关

C.白点转动周期为271s

D.白点转动的角速度为2兀rad/s

10.有一种简单测量声速的办法:如图所示，电子石英钟放在扩音机前，扩音机喇叭正对墙

壁放出电子石英钟秒针走动时有节奏的“咔、咔”声（每相邻两个“咔”声相隔时间为

7）,让某同学站在墙壁和扩音机中间某位置，这位同学既能直接听到喇叭发出的声音，也能

听到墙壁反射来的声音，只不过反射来的声音的音量更小一些，听到的声音节奏为“咔

（强）一一咔（弱）一一咔（强）一一咔（弱）……”当这位同学与墙的距离为L时（该同学与扩

音机喇叭的距离大于2L）,听到“咔（弱）”的时刻正好是两个“咔（强）”的中间时刻，则声

速v的测量值为（）

11.图甲为研究光电效应的实验装置，用不同频率的单色光照射阴极K,正确操作下，记录

相应电表示数并绘制如图乙所示的Uc-v图像，当频率为vi时绘制了如图丙所示的/-U图

像，图中所标数据均为已知量，则下列说法正确的是（）

A.饱和电流与K、A之间的电压有关B.测量遏止电压Uc时，滑片P应向。移

动

V1Uc2eV2Ucl

C.阴极K的逸出功W0='D.普朗克常量力当翳

V2-V1

12.[2024•丽水模拟]如图所示,半径为R的特殊圆柱形透光材料圆柱体部分高度为*顶

部恰好是一半球体，底部中心有一光源S向顶部发射一束由4、b两种不同频率的光组成

的复色光，当光线与竖直方向夹角e变大时，出射点P的高度也随之降低,只考虑第一次

折射,发现当P点高度//降低为R时恰好只剩下a光从顶部射出（光速为c）,下列判断正

确的是（）

A.在此透光材料中A光的传播速度小于b光的传播速度

B.同一装置用a、b光做单缝衍射实验力光的衍射现象更加明显

C.此透光材料对b光的折射率为g

D.a光从P点射出时,°光经过SP路程所需的时间为，R

2c

13.质子与中子都是由三个夸克组成，其中质子由两个上夸克和一个下夸克组成，中子由两

个下夸克和一个上夸克组成，形成过程中均可类比核聚变给衰变时,核内的中子转化为一

个质子和电子，质子质量约为L6726x10-27kg,中子质量约为i.6749义10-27kg,电子质量约

为9.1096x10-31kg,真空中光速c=3.00xl08m/s.下列说法正确的有（）

A.中子转化的核反应方程式为战一组+杭

B.强相互作用是引起衰变的原因

C.上、下夸克的质量差为2.3x10-3。kg

D.一次「衰变释放出的能量为1.3xl0"4j

二、选择题〃（本题共2小题,每小题3分，共6分.每小题列出的四个备选项中至少有一

个是符合题目要求的，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）

14.下列说法中正确的是（）

A.图甲检测玻璃面是否平整的原理是光的衍射现象，若a光能使某金属发生光电效应，则

采用b光照射也一定能发生光电效应

B.图乙是铀核裂变图，其核反应方程为赞U+1一续Ba+职Kr+2班若该过程质量亏损

为则铀核的结合能为Amd

C.图丙表示LC振荡电路充放电过程的某瞬间，根据电场线和磁感线的方向可知电路中

电流正在减小

D.图丁中的P、Q是偏振片，当P固定不动缓慢转动Q时,光屏上的光亮度将会发生变

化，此现象表明光波是横波

15.[2024•宁波模拟]如图所示,导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈

中电流为/,线圈间产生匀强磁场，磁感应强度大小3与1成正比，方向垂直于霍尔元件的

两侧面，此时通过霍尔元件的电流为南,与其前、后表面相连的电压表测出的霍尔电压

UH满足g=喈，式中左为霍尔系数，与霍尔元件的材料有关,d为霍尔元件沿磁场方向上

a

的厚度，霍尔元件的电阻可以忽略不计，则（）

A.霍尔元件前表面的电势比后表面的高

B.若电源的正、负极对调，电压表指针偏转方向不变

C.通过霍尔元件的电流布与线圈中电流/成反比

D.电压表的示数与线圈中电流/的平方成正比

非选择题部分

三、非选择题（本题共5小题，共55分）

16.实验题（/、II、三题共14分）

/.（5分）某同学做“验证动量守恒定律”实验,实验装置如图甲所示，用天平称得入射小

球A的质量为根i=16.8g,被碰小球B的质量为机2=5.6g,入射小球A与被碰小球B半径

相同.

（1）实验中，直接测定小球碰撞前、后的速度是不容易的，但是可以通过仅测量________

（填选项前的字母），间接地解决这个问题

IB

7777777777777/777777777777777

0MPN

甲

A.小球开始释放高度h

B.小球抛出点距地面的高度H

C.小球做平抛运动的水平位移

D.小球的直径

（2）多次释放A球后，取各落点位置的平均值，测得各落点痕迹到0点的距离:OM=13.10

cm,OP=2L90cm,ON=26.00cm.若将小球的质量与水平位移的乘积作为“动量”，请将下

面的表格填写完整.（结果保留三位有效数字）

碰前总“动量”碰后总“动量”

OP/mOM/mON/m

p/(kg•m)p'/(kg•m)

0.21900.13100.26003.68xl03

根据上面表格中的数据，你认为能得到的结论是

（3）实验中，关于入射小球在斜槽上释放点的高低对实验影响的说法中正确的是

（填选项前的字母）.

A.释放点越低，小球受阻力越小，入射小球速度越小，误差越小

B.释放点越低，两球碰后水平位移越小，水平位移测量的相对误差越小，两球速度的测量越

准确

C.释放点越高，两球相碰时，相互作用的内力越大，碰撞前后动量之差越小，误差越小

D.释放点越高，入射小球对被碰小球的作用力越大,轨道对被碰小球的阻力越小

（4）某实验小组在进行实验中，由于实验桌靠近竖直墙壁，导致小球飞出都撞击到竖直墙壁

上，于是同学们把白纸固定在竖直墙壁上,再放上复印纸，并在白纸上标出小球放在槽口处

球心的等高点O,然后重复前面的实验操作,如图乙所示,M、P、N分别为落点的痕迹，测

得M、P、N分别与O之间的竖直距离历、后、加,当满足关系式时（用加1、加2和

hi、后、饱表示），即可证明入射小球A与被碰小球8碰撞过程中动量守恒.

11.（7分）滑动变阻器由陶瓷筒和密绕在其上的螺线管状电阻丝组成.现为了测定某一滑

动变阻器电阻丝的电阻率.实验器材有:两节干电池（电动势为3V,内阻为厂）,电流表（量程

为0~0.6A,内阻为0.8Q）,电阻箱R（0~999.9Q）,待测滑动变阻器（总匝数120匝，匝数清晰

可数），开关及导线若干.

器材按图甲连接，将滑动变阻器滑片移至最右端，闭合开关，调节电阻箱至合适阻值并保持

不变,移动待测滑动变阻器的滑片，多次记录该滑动变阻器接入电路的匝数n和相应电流

表的读数/.作出：力图像,如图乙所示.

甲乙丙

T

（1）用螺旋测微器测量滑动变阻器电阻丝的直径如图丙所示，电阻丝直径用

mm;

（2）某次测量时,电流表指针位置如图丁所示，读数1=A;

（3）已知待测变阻器螺线管的直径0=3.15cm,则待测变阻器电阻丝电阻率为

。•m（结果保留2位有效数字）；

（4）若已知实验中电阻箱接入电路中的电阻为4.0C,则两节干电池串联的总内阻r=

Q（结果保留2位有效数字）；

（5）实验中所用的电源因长时间使用，内阻增大，则测得的电阻率（选填“偏大”

“偏小”或“不变”）.

111.（2分）以下实验中,说法正确的是（填选项前字母）.

A.“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，弹簧测力计不能与桌面接触

B.“观察电容器的充、放电现象”实验中，电容放电时电流均匀减小

C“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，将1滴油酸酒精溶液滴到平静的洒有薄而

均匀爽身粉的水面,产生的油膜将迅速变到最大，然后略有收缩再保持稳定

D.“用单摆测重力加速度”实验中，测量多次全振动的时间再求出周期，这样做的目的是

减小测量周期的相对误差

17.（8分）学习了热学部分知识后，小智同学受到启发，设计了一个利用气体来测量液体温

度的装置.该装置由导热性能良好、厚度不计的圆柱形细管、圆柱形金属块、四个挡条

组成.圆柱形金属块质量为20g,厚度为2cm,与管壁紧密接触（不漏气），管内用金属块封

闭有一定量的理想气体，管内挡条限制金属块只能在管内一定范围内上下移动，以金属块

下端位置为基准在上下挡条之间刻上刻度.上、下挡条间距离为40cm,上端挡条距管下

端距离为100cm，管的横截面积为5rnnf,测温时把温度计竖直插入待测液体中.不考虑

固体的热胀冷缩，不14"一■切摩擦阻力.外界大气压强恒为po=l.OxlO5Pa,g取10m/sz.当管

内气体的温度为27℃时金属块恰好对下方挡条无压力.

（1）测量温度时，管内气体和待测液体达到（选填“平衡态”或者“热平衡”），该

温度计的刻度（选填“均匀”或“不均匀”）；

（2）求该温度计的测温范围；

（3）某次测温时示数由57℃上升到157℃,如果该过程气体内能改变量为0.4J,求管内气

体吸收的热量.

40cm

二

100cm

18.(11分)[2024•富阳中学模拟]一游戏装置竖直截面如图所示，该装置由倾角为0=53。

的固定斜面C。、水平传送带E尸、粗糙水平轨道歹G、光滑圆弧轨道GPQ、及固定在

Q处的弹性挡板组成.斜面CD高度ho=OAm,传送带EF与轨道FG离地面高度均为h,

两者长度分别为Zi=4m、/2=1.5m,OG、OP分别为圆弧轨道的竖直与水平半径，半径

/?=0.8m,圆弧PQ所对应的圆心角a=37。,轨道各处平滑连接.现将质量为m=lkg的滑块

(可视为质点)从斜面底端的弹射器弹出，沿斜面从。点离开时速度大小为vo=5m/s,恰好

无碰撞从E点沿水平方向滑上传送带.当传送带以v=5m/s的速度顺时针转动，滑块恰好

能滑至尸点.已知滑块与传送带间的动摩擦因数〃尸0.5,滑块与挡板碰撞后原速率反向弹

回,不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2.sin37°=0.6,cos37°=0.8.

(1)求高度h;

(2)求滑块与水平轨道PG间的动摩擦因数〃2；

(3)若传送带速度大小可调，要使滑块与挡板仅碰一次，且始终不脱离轨道，求传送带速度

大小v的范围.

19.(11分)如图所示，一个半径为R的磁性转盘被均分为四块扇形区域，磁盘表面涂有磁

性材料，在扇形区域表面产生垂直盘面向里的磁感应强度为Bi的匀强磁场或垂直盘面向

外的磁感应强度为民的匀强磁场,磁盘以。的角速度转动.靠近磁盘表面固定着一个L

形的导体棒，导体棒的两直角边长为R,恰沿盘的半径方向.导体棒的两端用导线分别与两

根竖直金属导轨连接，竖直导轨的下端通过两段光滑绝缘的圆弧与水平金属导轨相连，导

轨的间距均为/.导体棒与竖直导轨间的动摩擦因数为〃，水平导轨光滑.质量为2根的导体

棒ab在外力作用下靠在竖直导轨右侧并静止不动.水平导轨上靠近绝缘导轨处放置另一

根质量为m的导体棒cd竖直导轨与水平导轨所在的空间存在竖直向下的磁感应强度为

Bi的匀强磁场，已知31=2昆=3&=3(求解的最后结果都用B表示)，三根导体棒接入电路中

的电阻均为厂,重力加速度为g.

(1)从图示时刻开始计时，求t=0时刻仍棒上的电流方向和棒两端的电势差；

(2)若仁普时，撤去外力使ab棒从静止开始下落，在U朗时刻ab棒恰好运动到竖直导轨

底部，求时刻ab棒的速度Vo；

(3)在(2)的条件下，若vo已知，求ab、cd两棒发生弹性碰撞到最终稳定的过程中,川棒上

产生的焦耳热.

20.(11分)[2024•温州模拟]现代科技中经常用电场和磁场来控制带电粒子的运动，某种

粒子收集装置如图所示,在第二象限中存在一水平向右的匀强电场，场强为石=四底，一曲

qa

线形放射源不停地沿y轴负方向以初速度为w释放电荷量为+外质量为根的粒子，已知

放射源的两端点位置为(0,0)和(-0.5°,°),所有电荷均从原点进入第四象限,在第四象限中

存在垂直纸面向内的匀强磁场，磁感应强度大小为8=华，运动过程中粒子的重力忽略不

计.

(1)求放射源形状的曲线方程；

(2)求(0,0)和(-0.5a,a)点入射的粒子离开匀强磁场时的位置；

(3)求所有粒子在第四象限中扫过的面积；

(4)假设放射源连续发射粒子稳定后,粒子经过原点时按照角度均匀分布，在第四象限中放

置一长度为。的竖直收集板(粒子打到板上即被收集)，一端紧靠无轴,将收集板置于x=b位

置时，收集率是多少?将收集板置于广。位置时，收集率又是多少？

4

参考答案与解析

1.D［解析］国际单位制共有七个基本物理单位.包括如下:热力学温度单位K（开尔文），长度单位m（米），质量

单位kg（千克），时间单位s（秒），电流单位A（安），物质的量单位mol（摩尔）,发光强度单位cd（坎德拉），则属于国

际单位制中导出单位符号的是库仑（C）,故选D.

2.D［解析］研究跳水运动员的入水动作，跳水运动员的形状、大小不能忽略，不能将跳水运动员看成质点，

故A错误;研究击剑运动员的有效击打位置，击剑运动员的形状、大小不能忽略，不能将击剑运动员看成质

点，故B错误;研究花样游泳运动员游泳时的技术动作，花样游泳运动员的形状、大小不能忽略，不能将花样

游泳运动员看成质点，故C错误;记录速度轮滑1OOOm争先赛的运动员成绩，运动员的形状、大小可以忽略，

可以将运动员看成质点，故D正确.

3.C［解析］安培提出了分子电流假说,解释了各类磁现象的电本质，故A错误;法拉第提出了“力线”的概

念，密立根通过油滴实验首先测出了元电荷的数值，故B错误;普朗克把能量子引入物理学，提出能量量子化

概念，故C正确;麦克斯韦建立了电磁场理论,赫兹通过实验证实了电磁波的存在，故D错误.

4.C［解析］球抛出时，水平方向有vocos53。,竖直方向有H-/z=n）sin53。联立解得vo=8m/s,故选

C.

5.D［解析］根据正点电荷的电场线由正电荷出发向外辐射的特点，作出电场线与等势面如图所示，正点电荷

位于P点,4、C位于同一等势面上，根据E=疆，由几何关系可知,A点比B点离点电荷更近，则A点的场强大

于B点的场强，离正点电荷越近，电势越高，则。点的电势高于B点的电势，故A、B错误;电子沿圆弧ABC运

动，电势先减小后增大，根据Ep=q%由于电子带负电，则电子的电势能先增大后减小，电场力先做负功后做正

功，故C错误;由图中几何关系可知,4点比。点离点电荷更近,电子沿半径从A到。，电势降低，根据Ep=qp,由

于电子带负电，则电子电势能变大，故D正确.

6.C［解析］核心舱的轨道平面可以是极地轨道、赤道轨道或倾斜轨道，则核心舱所在的轨道平面无法通过

题目的信息确定，故A不符合题意;核心舱作为环绕天体无法通过绕地球的匀速圆周运动而求出其质量，故B

不符合题意；“天和核心舱”运动的圆轨道离地高度均为400km、周期约为93min,已知地球半径为6370

km,可知核心舱绕地球做匀速圆周运动的轨道半径和周期，则由与小怨（/z+R河知，地球的质量

（/i+R）T

4元2（九十.）3

【地球的平均密度片台皆邛鬻故C符合题意;地球的公转与核心舱绕地球的公转无

关,无法求出地球的公转线速度，故D不符合题意.

7.D［解析］北京地区地磁场的竖直分量竖直向下，当飞机在北半球水平飞行时,飞机切割磁感线产生感应电

动势，由右手定则可知，机翼左端的电势比右端的电势高.无论C919飞机往哪个方向飞,都是右边机翼的电势

较低.由法拉第电磁感应定律E=BL匕可得两翼尖间的电势差t/=E=4.5x10-5x35.8x0.8x340V^0.44V,故选D.

8.C［解析］由题图可知,1、2或者2、3连接点接入电路时，电刷转动，可以改变电位器连入电路中的电阻丝

的长度，使接入电路中的电阻发生改变.1、2连接点接入电路时，顺时针转动电刷，电阻增大;1、3连接点接入

电路时，顺时针转动电刷,无法改变电位器接入电路中的阻值，电阻不变，故A、B错误.1、3连接点作为输入

端』、2连接点作为输出端时，电位器相当于自耦变压器,1、3间的所有线圈连接输入端,电刷与1之间的线

圈连接输出端，故顺时针转动电刷时,相当于输入端线圈匝数不变，输出端线圈匝数变大,由电压与匝数成正比

可知，输出电压增大，故C正确.D错误.

9.D［解析］由题意可知黑色圆盘的转速片券=20r/s,每秒沿顺时针方向旋转20圈，即频率为力=20Hz,在暗

室中用每秒闪光21次的频闪光源照射圆盘，即六21Hz,贝U尬f<2为所以观察到白点逆时针旋转，则分）=T=1

Hz,所以观察到白点每秒逆时针旋转1圈,即转动周期为T=1s,转动角速度0=竿=2兀rad/s,故选D.

10.B［解析］设扩音机与人相距x,则人听到第一声咔（强）的时刻为力彳,听到第二次咔（强）的时刻为Z2=T+n,

听到第一次咔（弱）的时刻为Ei+与,听到“咔（弱）”的时刻正好是两个“咔（强）”的中间时刻，即有

f咛="坦=遇,因此有勺也解得v半故选B.

n.c［解析］饱和电流只与入射光的光强有关，与外加电压无关，故A错误;测量遏止电压a时，光电管应接

反向电压，滑片P应向a移动，故B错误;根据光电效应方程Ek=〃v-Wo,结合动能定理ea=Ek,整理得Uc=-v-

e

畋,图像的斜率为上也四金,解得普朗克常量为QU1）：故D错误;根据加卜1%=0"|,五2-Wo=eUc2,解得阴

eeV2'vlV2-Vl

极K的逸出功Wo=M退修空i,故C正确.

V2-V1

12.C［解析］由题意可知,只剩下。光从顶部射出时力光发生全反射，而。光没发生全反射，可知b光临界角

比a光小，根据sinC=j,可知b光的折射率比a光的大，根据v=。可知在此透光材料中a光的传播速度大于b

光的传播速度，故A错误力光的折射率比a光的大力光的频率比a光的大，则b光的波长比a光的小，波长越

长，越容易发生明显的衍射现象,则同一装置用a、b光做单缝衍射实验,a光的衍射现象更加明显，故B错误；

只剩下a光从顶部射出时，如图所示，由题意可知可得尸4=品,贝I」sinNPOA*=；,解得NPOA=30。,即

PS=y/PB2+SB2=JR2+R2-在△OPS中,由正弦定理得.「生。=.光发生全反射有sin

7\272smzl20°smz.0PS

c=sin"网号此透光材料对b光的折射率为，，尸等，故C正确;。光从P点射出时,。光经过SP路程所需

的时间为1=§=¥■=刍?”“故D错误.

13.A［解析］p衰变时，核内的中子转化为一个质子和电子，根据质量数和核电荷数守恒判断A正确;弱相互

作用是引起原子核P衰变的原因，即引起中子一质子转变的原因,B错误;由题中“形成过程中均可类比核聚

变”可知,不能简单地列1.6726x10-27kg=2%上+机下、1.6749x10-27kg="上+2加下计算上、下夸克的质量差,C

错误;（3衰变中的质量亏损Am=1.6749xl0-27kg-1.6726xW27kg-9.1096xl0-31kg«=1.39xlO-3okg,WH!tt^

量为AE=Amc2=1.39xlO-3ox9xlO16J^1.25xl0-13D错误.

14.CD［解析］图甲检测玻璃面是否平整的原理是光的干涉现象，不是衍射，由干涉图样可知,a光的波长比万

光的大，故a光的频率比b光的小，若a光能使某金属发生光电效应，则采用b光照射也一定能发生光电效应,

故A错误;在核反应的过程中，质量亏损为核反应的过程释放的能量为Awe?,不是结合能，故B错误;图示

磁场由安培定则可知，电路电流沿顺时针方向，由电容器极板间电场方向可知,电容器上极板带正电，则此时正

处于充电过程，电路电流逐渐减小，故C正确;只有横波才能产生偏振现象，所以光的偏振现象表明光是一种

横波，故D正确.

15.ABD［解析］由左手定则可知，电子受洛伦兹力方向指向后表面，则电子向后表面集聚，则霍尔元件前表

面的电势比后表面的高，选项A正确;若电源的正、负极对调，通过霍尔元件的电流方向和磁场方向都反向，

则电子受洛伦兹力方向不变，产生的霍尔电压方向不变，则电压表指针偏转方向不变，选项B正确;霍尔元件

与电阻RL并联，总电流为/,根据并联电路的分流关系可知，通过霍尔元件的电流/H与线圈中电流I成正比，选

项C错误;电压表的示数等于霍尔电压如=阴，式中电流/H与线圈中电流/成正比，磁感应强度大小B与/

成正比，则电压表的示数与线圈中电流/的平方成正比，选项D正确.

16."1)C(2)3.66x10-3在实验误差允许范围内，可认为系统在碰撞前后动量守恒(3)C(4)的=率+第

［解析］(1)小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相同,它们在空中的运动时间相等，则小球的水

平位移与小球的初速度成正比，因此可以用小球做平抛运动的水平位移代替其初速度，故选C

(2)将小球的质量与水平位移的乘积作为"动量”，则碰后总"动量"为"=〃nOAf+〃Z2CW=(0.0168x0.131

0+0.0056x0.2600)kg•m««3.66xl0-3kg•m,由分析可知，碰撞前后动量近似相等,则在实验误差允许范围内，

可认为系统在碰撞前后的动量守恒.

(3)释放点越低，入射小球速度越小，相撞时内力越小，小球受阻力不变,误差相对越大，故A错误;释放点越低，

两球碰后水平位移越小，水平位移测量的相对误差越大，两球速度的测量越不准确，故B错误;释放点越高，碰

前入射速度越大，两球相碰时相互作用的内力越大，阻力的影响相对越小，碰撞前后动量之差越小，同时也有利

于减小水平位移的测量误差，从而使实验误差减小，故C正确;释放点越高，入射小球对被碰小球的作用力越

大，但轨道对被碰小球的阻力不变，故D错误.

(4)由题意可知，小球平抛运动的水平位移相同，且N点为未放B球时A球的落点,P点为放上B球后八球碰

后的落点,“点为B球碰后的落点，由平抛运动规律得尸四,〃=会产，联立解得若碰撞过程中动量守恒，

则应满足骁=■>+器.

心3心1

#.(1)0.635(0.633-0.637均可)(2)0.34(3)5.3X10-7(5.0X10-7~5.5X10-7^PT)(4)1.2(5)不变

［解析］⑴电阻丝直径为d=0.5mm+13.5x0.01mm=0.635mm.

⑵电流表量程为0~0.6A,分度值为0.02A,则该电流表的读数为Z=0.34A.

(3)根据电阻定律得&=於=0由闭合电路欧姆定律E=/(RKR+RA+「),化简可得,=吗"+"把，由图可知，

31Td1Ed匕

斜率上器=篝子，代入数据，联立可得待测变阻器电阻丝电阻率为0-5.3x107Q

(4)如图所示，根据卜簿〃+中,纵截距为餐4A」,代入数据解得两节干电池串联的总内阻为

『1.2Q.

0704060RD10019.0140

⑸根据:器〃+安型，可知实验中所用的电源因长时间使用，内阻增大，即r增大，影响纵截距，不影响斜率，故

测得的电阻率不变.

7HCD［解析］“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，弹簧测力计外壳不能与内部弹簧接触，可以

与桌面接触，故A错误；“观察电容器的充、放电现象”实验中，电容放电时电流逐渐减小，但不是均匀减小，

故B错误；“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，将1滴油酸酒精溶液滴到平静的洒有薄而均匀爽身粉

的水面，产生的油膜将迅速变到最大，然后由于液体表面张力的作用,略有收缩再保持稳定，故C正确；“用单

摆测重力加速度”实验中，测量多次全振动的时间再求出周期,这样做的目的是减小测量周期的相对误差，故

D正确.

17.⑴热平衡均匀（2）27"CWtW217℃（3）0.54J

［解析］（1）测量温度时,管内气体和待测液体达到热平衡.（1分）

管内气体做等压变化，则裂=誓

1112

可得不="|

故该温度计的刻度均匀.（1分）

⑵设管内气体最高温度为乃,管内气体做等压变化，则黑=黑（1分）

其中乃=273K+27K=300K

Zi=100cm-40cm=60cm

,2=100cm-2cm=98cm

解得72=490K=217℃

故温度计的测温范围27℃^^217℃.（1分）

（3）管内气体做等压变化，则咨毕=号

111314

其中73=273K+57K=330K

74=273K+157K=430K

解得b=66cm,/4=86cm（l分）

管内气体的压强为p=m+等=1.0x105Pa+迎叱部Pa=1.4xl05Pa（l分）

35x10

562

该过程气体对外做功为W=pS（Z4-/3）=1.4xl0x5xl0-x（86-66）xl0-J=0.14J（1分）

根据热力学第一定律有AL/=-W+g

解得管内气体吸收的热量为0=0.54J（1分）

18.（l）1.2m（2）0.3（3）7394m/sWvW闻m/s

［解析］（1）滑块从D到E做斜抛运动,E点为最高点，分解vo

竖直方向有Vy=vosin（9=4m/s

水平方向有Vx=i>ocos0=3m/s

竖直位移为y,则为2=2gy,解得y=0.8m（l分）

所以h=y+ho=1.2m（l分）

⑵滑块以v产3m/s滑上传送带，假设能被加速到v=5m/s,则

22

x二;除=1.6m</i=4m（l分）

2111g

故滑块离开F点的速度VF=5m/s（l分）

从尸到尸由动能定理得-叫艮〃2醒/2=0-力1%72（1分）

解得〃2=0.3（1分）

⑶设传送带速度为也时，滑块恰能到Q点，在Q点满足mgsina=,X