重庆七十一中九年级(下)第一次月考物理试卷

第1页（共1页）重庆七十一中九年级（下）第一次月考物理试卷一、选择题（8个小题，每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，每小题3分，共24分）1．（3分）根据你对生活中物理量的认识，你认为下列数据最符合实际情况的是（）A．沙坪坝地区的大气压约为1×105Pa B．普通铅笔的长度约为18dm C．一个普通中学生的质量约为500N D．初三学生步行的速度约为5m/s2．（3分）对下列现象的成因解释正确的是（）A．早春，松花江上冰层逐渐消融﹣﹣汽化 B．盛夏，重庆周边地区常降暴雨﹣﹣凝华 C．深秋，嘉陵江面凌晨形成浓雾﹣﹣液化 D．严冬，黄河壶口瀑布迅速冰封﹣﹣升华3．（3分）如图1所示的光现象中，由于光的直线传播形成的是（）A．水中的“倒影” B．瀑布前的彩虹 C．“手影”的形成 D．汽车后视镜成像4．（3分）关于家庭电路中的安全用电，下列做法错误的是（）A．使用洗衣机时，要通过三孔插座将金属外壳接地 B．使用测电笔时，人不能接触测电笔上任何金属部位 C．发现家用电器着火时，应先切断电源再救火 D．不能用湿布擦拭正在工作的用电器5．（3分）如图所示的四个实验装置，下列表述正确的是（）A．图甲的原理可用来制造发电机 B．图乙可用来演示电磁感应现象 C．图丙可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系 D．图丁可用来演示磁针的指向性6．（3分）下列有关能量的说法中，不正确的是（）A．电动机工作的过程是将电能转化为机械能的过程 B．高空跳伞运动员匀速下落的过程中，机械能变小 C．摩擦生热的过程中机械能转化为内能 D．匀速飞行的加油机给飞机加油的过程中，加油机动能不变7．（3分）如图所示，站在水平地面上的工人用200N的拉力将360N重的木箱匀速向上提升时，木箱在10s的时间内上升了2.5m，滑轮组的机械效率为η1；如果工人用同一个滑轮组以相同的速度一次提升两个相同的木箱时，拉力的大小为F，拉力的功率为P，滑轮组的机械效率为η2．不计绳重和摩擦，则下列判断正确的是（）A．机械效率η1＝90% B．动滑轮的重力G＝240N C．拉力的大小F＝400N D．拉力的功率P＝100W8．（3分）如图4所示电路，电源电压恒为4.5V，定值电阻R1为5Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A．闭合开关，调节滑动变阻器，在不损坏各电路元件的前提下，下列说法正确的是（）A．电路中通过的最小电流是0.18A B．电路消耗的最大功率为4.5W C．滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是2.5～10Ω D．滑动变阻器R2消耗的功率最大为20W二、填空作图题（第14题作图2分，其余每空1分，共12分）9．（2分）如图所示，木块竖立在表面粗糙的小车上，随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，不考虑空气阻力。小车对木块的支持力与木块所受重力是一对力；当小车突然停车时，木块将向（选填“左”或“右”）倾倒。10．（2分）建筑工程中经常需用钻孔机钻孔（如图）。钻孔时钻头发热，内能增加，这是用的方式改变物体的内能。在钻孔过程中不断往钻头上注水，可以降低钻头的温度，避免钻头烧坏。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），设某次钻孔过程中，有20kg水温度升高了15℃，则水吸收的热量为J。11．（2分）如图所示是小明家新安装的电能表，通过仔细观察和实验后，小明发现：仅某一用电器工作时，经过时间5min，电能表转盘转过16r。则在这段时间内该用电器消耗的电能是J，它的实际电功率是W。12．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R2的最大阻值是20Ω．滑片在变阻器的最右端时，闭合开关，电压表示数为2V，R2消耗的电功率为P2；移动滑片到某一位置时，电压表示数为3V，R2消耗的电功率为P2′．若P2：P2′＝8：9，则电源电压为V，R1的阻值是Ω。13．（2分）亿航184是全球第一款可载客的无人驾驶飞机，如图9所示。它由中国公司独立研发制造，使用电力驱动，是一款安全、环保、智能的自动驾驶低空飞行器。“184”的寓意是该机能运载1位乘客，有8个螺旋桨和4支向四周伸出的机臂。亿航184完全自动化操作，只需设定飞行路线，就能自动导航，并且采用垂直起降方式和“∩”型飞行航线，可以在空中悬停，无需跑道。请找出一个与上述情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复。示例：物理信息：亿航184采用“∩”型飞行航线；物理知识：力可以改变物体的运动状态。作答：物理信息：；物理知识：。14．（1分）如图，物块静止在斜面上，请分画出物体对斜面的压力的示意图。15．（1分）如图所示，请根据小磁针静止时的指向，在括号中标出电源的“+”、“﹣”极。三、实验探究题（第15题6分，第16题7分，第17题9分，共22分）16．（3分）小宁和同学们在张老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验。当蜡烛、凸透镜、光屏位置如图所示时，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜焦距为cm。小宁把蜡烛移动到光具座上A处，屏上的像变得模糊，接下来他应将光屏向（选填“左”或“右”）适当移动，才能在光屏上得到清晰的像。根据这一成像原理可以做成的光学仪器是（选填“放大镜”、“照相机”或“投影仪”）。17．（3分）小明在做“探究冰的熔化特点”实验时，对冰持续加热，根据记录的数据绘制的“温度﹣时间”图象如图所示。由图象可知：冰是（选填“晶体”或“非晶体”）；冰水混合物在A点时具有的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能；如果在整个实验过程中加热条件相同，则冰升高相同温度所用时间比水少的原因是。18．（7分）小聪做实验“用天平和量筒测量盐水密度”的步骤如下，请你帮他完成各空格中的内容：（1）将天平放在上，把游码移至标尺左端0刻度线处，发现指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向调，使天平横梁平衡。（2）测出空烧杯的质量为30.1g。（3）先将适量的盐水倒入量筒如图1甲所示，测得盐水总体积为mL，再将量筒中的部分盐水倒入烧杯中，测烧杯和其中盐水的总质量，当天平平衡时右盘内所放的砝码、游码的位置如图1乙所示，量筒中剩余盐水如图1丙所示。则烧杯中盐水的质量为g，盐水密度为kg/m3。（4）小聪同学在完成上述实验后，用细线系上一金属块，手拉住细线使金属块浸没在盐水中并调节天平平衡后如图2甲所示；接下来他将金属块沉入杯底并再一次调节天平平衡时如图2乙所示。则金属块所受浮力大小为N，金属块的密度为kg/m3。19．（9分）在“测定标有‘2.5V’字样的小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们准备了如图甲所示的实验器材，其中电源电压恒为6V，滑动变阻器的型号为“20ΩlA”。（1）请你用笔画线代替导线，在答题卡上将图甲中的电路连接完整，要求：图中的滑片此刻在最大阻值处。（2）小明同学连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数基本不变。则发生故障的原因可能是滑动变阻器或者灯泡。（3）小明排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器滑片到某处时，电压表的示数如图乙所示，接下来小明应将滑片向（选填“左”或“右”）端移动使灯泡正常发光；当灯泡正常发光时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为W；小灯泡正常发光时的电阻为Ω。（4）在完成上述实验后，小明又将图中的小灯泡依次换成“5Ω、10Ω、15Ω、30Ω”的定值电阻，探究“电流与电阻的关系”，测量结果如下表：实验次数1234电阻R/Ω5101530电流I/A0.60.30.20.1在接下来的小组交流过程中，另一个同学认为小明同学的实验过程中有一次实验是错误的，请你找出错误的一次实验是（填写实验次数对应的番号），你的判断依据是。四、论述计算题（第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分．解答应写出必要的文字说明、解答步骤、公式和答案，只写出最后答案的不给分）20．（6分）如图所示的电路中电阻R1＝10Ω，R2＝20Ω，电源电压保持不变。当S1闭合、S2断开时电流表示数为I1＝0.5A．求：（1）电压表示数U1；（2）电源电压U；（3）当S1、S2都闭合时，电流表示数I2。21．（8分）有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一边长有一的棱长为10cm，质量为2.7kg的正方体金属块放在容器底部（如图所示）．求：（g取10N/kg）（1）物体密度。（2）物体对容器底的压强。（3）向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强多大？（4）物体受到容器的支持力多大？（容器足够高，物体与容器底没有紧密接触）22．（8分）底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1．现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B．已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：（1）物体A浸没时受到的浮力；（2）正方体A的密度；（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。

重庆七十一中九年级（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（8个小题，每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，每小题3分，共24分）1．（3分）根据你对生活中物理量的认识，你认为下列数据最符合实际情况的是（）A．沙坪坝地区的大气压约为1×105Pa B．普通铅笔的长度约为18dm C．一个普通中学生的质量约为500N D．初三学生步行的速度约为5m/s【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、沙坪坝地区的大气压与标准大气压接近，约为1×105Pa；符合实际；故A正确；B、铅笔的长度约为18cm＝1.8dm；故B错误；C、普通中学生的质量约为50kg；故C错误；D、学生步行的速度约1m/s左右；故D错误；故选：A。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2．（3分）对下列现象的成因解释正确的是（）A．早春，松花江上冰层逐渐消融﹣﹣汽化 B．盛夏，重庆周边地区常降暴雨﹣﹣凝华 C．深秋，嘉陵江面凌晨形成浓雾﹣﹣液化 D．严冬，黄河壶口瀑布迅速冰封﹣﹣升华【分析】物质由固态变成液态叫做熔化；物质由液态变成固态叫做凝固；由液态变成气态叫做汽化；由气态变成液态叫做液化；由固态直接变成气态叫做升华；由气态直接变成固态叫做凝华。【解答】解：A、冰层逐渐消融，由固态变成液态，属于熔化现象，故A错误；B、盛夏的暴雨，是大气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，属于液化现象，故B错误；C、雾是空气中的水蒸气液化成小水珠而形成的，属于液化现象，故C正确；D、严冬瀑布迅速冰封，是液态变成固态，属于凝固现象，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了物态变化的判断，属于基础知识的考查，分析物质变化前后的状态是解题的关键。3．（3分）如图1所示的光现象中，由于光的直线传播形成的是（）A．水中的“倒影” B．瀑布前的彩虹 C．“手影”的形成 D．汽车后视镜成像【分析】1、光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；2、当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；3、当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解：A、水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A错误；B、彩虹属于光的色散现象，是由光的折射形成的，故B错误；C、手影的形成是因为光是沿直线传播的，故C正确；D、汽车后视镜是利用光的反射来成像的，故D错误。故选：C。【点评】本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。4．（3分）关于家庭电路中的安全用电，下列做法错误的是（）A．使用洗衣机时，要通过三孔插座将金属外壳接地 B．使用测电笔时，人不能接触测电笔上任何金属部位 C．发现家用电器着火时，应先切断电源再救火 D．不能用湿布擦拭正在工作的用电器【分析】（1）洗衣机等有金属外壳用电器一定要接地；（2）使用测电笔时，手应该接触笔尾的金属体；（3）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害；（4）水是导体，用湿布擦正在工作的用电器，会使人触电。【解答】解：A、洗衣机等家用电器的金属外壳要接地，以防外壳带电危及人身安全。故A正确；B、使用测电笔时，要用手接触测电笔笔尾的金属体，这样才能辨别火线和零线，故B错误；C、家用电器着火时，应先切断电源再救火，符合安全用电原则，故C正确；D、水是导体，用湿布擦正在工作的用电器，会使人触电，所以不能用湿布擦拭正在工作的用电器，故D正确。故选：B。【点评】本题主要考查了安全用电的基础知识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。5．（3分）如图所示的四个实验装置，下列表述正确的是（）A．图甲的原理可用来制造发电机 B．图乙可用来演示电磁感应现象 C．图丙可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系 D．图丁可用来演示磁针的指向性【分析】本题考查电磁感应、电流的磁效应，可根据实验装置及实验的现象进行判断。【解答】解：A、甲图中，开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，所以演示的为磁场对电流的作用，可以用来制造电动机，故A错误；B、乙图中，导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，演示的是电磁感应现象，故B正确；C、丙图中，两个电磁铁串联（则电流相同），线圈匝数不同，可用来演示电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，故C错误；D、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故D错误；故选：B。【点评】物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象。6．（3分）下列有关能量的说法中，不正确的是（）A．电动机工作的过程是将电能转化为机械能的过程 B．高空跳伞运动员匀速下落的过程中，机械能变小 C．摩擦生热的过程中机械能转化为内能 D．匀速飞行的加油机给飞机加油的过程中，加油机动能不变【分析】（1）电动机的工作过程消耗电能，得到机械能，电能转化为机械能；（2）（4）动能的影响因素是物体质量和物体的运动速度；重力势能的影响因素是物体的质量和物体被举高的高度；（3）做功可以改变物体的内能。【解答】解：A、电动机工作时将电能转化为机械能，故A正确；B、高空跳伞运动员匀速下落的过程中，动能不变，重力势能减小，机械能变小；故B正确；C、摩擦生热指的是克服摩擦做功，机械能转化为内能，故C正确；D、匀速飞行的加油机给飞机加油的过程中，加油机的质量减小，速度不变，动能减小，故D错误；故选：D。【点评】本题考查了有关能量转化的知识，涉及的知识点较多，难度不大，要理解和熟记相关的知识点，属于常考题型。7．（3分）如图所示，站在水平地面上的工人用200N的拉力将360N重的木箱匀速向上提升时，木箱在10s的时间内上升了2.5m，滑轮组的机械效率为η1；如果工人用同一个滑轮组以相同的速度一次提升两个相同的木箱时，拉力的大小为F，拉力的功率为P，滑轮组的机械效率为η2．不计绳重和摩擦，则下列判断正确的是（）A．机械效率η1＝90% B．动滑轮的重力G＝240N C．拉力的大小F＝400N D．拉力的功率P＝100W【分析】（1）由图可知，n＝2，根据η＝＝＝＝可求，根据F′＝（G+G轮）；（2）根据F＝（2G+G轮）可求，η′＝可求；【解答】解：A、由图可知，n＝2，第一次滑轮组的机械效率为：η1＝＝＝＝＝＝90%，故A正确；B、不计绳重和摩擦，根据F＝（G+G轮）可得，动滑轮的重力：G轮＝2F′﹣G＝2×200N﹣360N＝40N，故B错误；C、一次提升两个相同的木箱时，此时拉力的大小为：F＝（2G+G轮）＝（2×360N+40N）＝380N，故C错误；D、第一次提升物体时，物体上升的速度v物＝＝＝0.25m/s，由题知，第二次提升物体时的速度不变，则第二次拉力的功率：P＝Fv绳＝F×2v物＝380N×2×0.25m/s＝190W，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，常见题目。8．（3分）如图4所示电路，电源电压恒为4.5V，定值电阻R1为5Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A．闭合开关，调节滑动变阻器，在不损坏各电路元件的前提下，下列说法正确的是（）A．电路中通过的最小电流是0.18A B．电路消耗的最大功率为4.5W C．滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是2.5～10Ω D．滑动变阻器R2消耗的功率最大为20W【分析】由图可知，闭合S时该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压；（1）根据电压表的量程确定滑动变阻器接入电路电阻最大时的电压值，根据串联电路的电压规律求出R1两端的电压，利用欧姆定律求出最小电流；（2）根据电流表确定电路的最大电流，根据P＝UI求出最大功率；（3）根据电流表的量程和电压表的量程确定滑动变阻器接入电路的阻值；（4）根据欧姆定律，P滑＝I2R滑＝I2R2＝（）2×R2＝＝＝，由此式分析有最大功率的条件，并求出最大功率。【解答】解：由图可知，闭合S时该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压；A、电压表量程为0～3V，当滑动变阻器接入电路的电阻变大时，电路中的电流减小；滑动变阻器的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，电阻越大，分担的电压越大，故滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数为3V，根据串联电路的电压特点可知，R1两端的电压为：U1＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V：电路中的最小电流为：I小＝＝＝0.3A，故A错误；B、滑动变阻器的电阻减小，电路中的电流增加；电流表量程为0～0.6A，即电路的最大电流为0.6A，此时的最大功率为：P＝UI＝4.5V×0.6A＝2.7W，故B错误；C、电压表示数最大为3V，此时滑动变阻器接入电路的最大阻值为：R2＝＝＝10Ω；电路中的最大电流为0.6A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，此时电路中的总电阻为：R＝＝＝7.5Ω；则滑动变阻器接入电路的最小电阻为：R'2＝R﹣R1＝7.5Ω﹣5Ω＝2.5Ω；所以，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是2.5～10Ω，故C正确；D、滑动变阻器消耗的功率为：P滑＝I2R滑＝I2R2＝（）2×R2＝＝＝，由此式可知，当R1＝R2时，变阻器的电功率最大，即变阻器连入电路中的电阻为5Ω时，动变阻器消耗的电功率为最大，最大值为：P滑＝（）2×R2＝×5Ω＝1.0125W，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了动态电路的分析及欧姆定律、电功率公式的应用，此题要判断出滑动变阻器的阻值范围及电压表、电流表的示数范围，关键能够得出灯泡正常发光时是电路的最大功率，难度较大。二、填空作图题（第14题作图2分，其余每空1分，共12分）9．（2分）如图所示，木块竖立在表面粗糙的小车上，随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，不考虑空气阻力。小车对木块的支持力与木块所受重力是一对平衡力；当小车突然停车时，木块将向右（选填“左”或“右”）倾倒。【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；（2）结合惯性的知识可判断小车、木块的运动状态，并做出进一步的判断。【解答】解：（1）木块随小车一起在地面上向右做匀速直线运动，木块处于平衡状态；小车对木块的支持力与木块受到的重力，它们大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，是一对平衡力；（2）小车突然停止运动，木块下部由于受摩擦力而速度减小，而木块的上部由于惯性还要保持原来的运动状态，所以木块向右倾倒。故答案为：平衡；右。【点评】此类题考查了二力平衡的条件及惯性的应用等知识，是一道简单的力学题目。10．（2分）建筑工程中经常需用钻孔机钻孔（如图）。钻孔时钻头发热，内能增加，这是用做功的方式改变物体的内能。在钻孔过程中不断往钻头上注水，可以降低钻头的温度，避免钻头烧坏。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），设某次钻孔过程中，有20kg水温度升高了15℃，则水吸收的热量为1.26×106J。【分析】（1）改变物体内能的方法：一是做功（能量的转化），二是热传递（能量的转移）；（2）知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量。【解答】解：（1）建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻头打完孔后会发烫，因为钻头和墙相互摩擦，机械能转化为内能，这是通过做功改变了钻头的内能；（2）水吸收的热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×15℃＝1.26×106J。跟故答案为：做功；1.26×106。【点评】本题考查了学生对改变内能的方法（做功、热传递）、水的比热容大的应用以及热量计算，属于热学常见题目。11．（2分）如图所示是小明家新安装的电能表，通过仔细观察和实验后，小明发现：仅某一用电器工作时，经过时间5min，电能表转盘转过16r。则在这段时间内该用电器消耗的电能是7.2×104J，它的实际电功率是240W。【分析】800r/kW•h的含义是：电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转了800转，现在知道转盘转了16转，可以求出该用电器消耗的电能；再利用P＝求用电器的电功率。【解答】解：800r/kW•h表示用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转了800转，则转盘转过16r，用电器消耗电能：W＝kW•h＝0.02kW•h＝0.02×3.6×106J＝7.2×104J；t＝5min＝h，该用电器的功率：P＝＝＝0.24kW＝240W。故答案为：7.2×104；240。【点评】本题考查了电能的求法、电功率的计算，知道电能表相关参数的物理意义是关键。12．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R2的最大阻值是20Ω．滑片在变阻器的最右端时，闭合开关，电压表示数为2V，R2消耗的电功率为P2；移动滑片到某一位置时，电压表示数为3V，R2消耗的电功率为P2′．若P2：P2′＝8：9，则电源电压为6V，R1的阻值是10Ω。【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流，利用串联电路的电压特点表示出R2两端的电压，利用P＝UI表示出R2的电功率，利用R2消耗的电功率之比得出等式即可求出电源的电压，然后结合滑片在变阻器的最右端时求出R1的阻值。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，滑片在变阻器的最右端时，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I1＝＝，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2＝U﹣U1＝U﹣2V，则R2的电功率：P2＝U2I1＝（U﹣2V）×，移动滑片到某一位置时，电路中的电流：I2＝＝，此时，R2两端的电压：U2′＝U﹣U1′＝U﹣3V，则R2的电功率：P2′＝U2′I2＝（U﹣3V）×，所以，＝＝，解得：U＝6V，滑片在变阻器的最右端时，R2两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，因串联电路中各处的电流相等，所以，I1＝＝，即＝，解得：R1＝10Ω。故答案为：6；10。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好两次滑动变阻器消耗的电功率之比是关键。13．（2分）亿航184是全球第一款可载客的无人驾驶飞机，如图9所示。它由中国公司独立研发制造，使用电力驱动，是一款安全、环保、智能的自动驾驶低空飞行器。“184”的寓意是该机能运载1位乘客，有8个螺旋桨和4支向四周伸出的机臂。亿航184完全自动化操作，只需设定飞行路线，就能自动导航，并且采用垂直起降方式和“∩”型飞行航线，可以在空中悬停，无需跑道。请找出一个与上述情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复。示例：物理信息：亿航184采用“∩”型飞行航线；物理知识：力可以改变物体的运动状态。作答：物理信息：亿航184使用电力驱动；物理知识：电能转化为机械能。【分析】（1）电力驱动是将电能转化为机械能；（2）根据浮沉条件分析解答；（3）影响重力势能的因素：质量和高度。【解答】解：物理信息：亿航184使用电力驱动；物理知识：电能转化为机械能。物理信息：亿航184空中悬停；物理知识：它受平衡力。物理信息：亿航184垂直起飞（或降落）；物理知识：机械能增大（或减小）（或重力势能增大（或减小））。故答案为：亿航184使用电力驱动；电能转化为机械能。【点评】本题考查了能量的转化、浮沉条件等知识，考查学生学以致用的能力。14．（1分）如图，物块静止在斜面上，请分画出物体对斜面的压力的示意图。【分析】斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的末端画出箭头表示力的方向，最后标出力的大小。【解答】解：压力的作用点在斜面上，从作用点起，垂直斜面画线段，在线段的末端画上箭头表示力的方向，如下图所示：【点评】本题考查了力的示意图的画法。力的示意图要把力的方向和作用点画出来；注意压力的作用点在接触面上，方向垂直于接触面。15．（1分）如图所示，请根据小磁针静止时的指向，在括号中标出电源的“+”、“﹣”极。【分析】已知小磁针的极性，根据磁极间的相互作用可确定螺旋管的NS极，然后利用安培定则判断电源的“+”、“﹣”极。【解答】解：已知小磁针静止时右端为N极，根据磁极间的相互作用可知，螺旋管的右端为S极，左端为N极，结合绕线方式，根据安培定则，伸出右手，四指指向电流的方向，大拇指指向N极，则可判断电流是从右端流入，即电源的右端为“+”、左端为“﹣”极，如图所示。【点评】本题考查安培定则及磁极间的相互作用，要求能熟练应用右手螺旋定则由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向。三、实验探究题（第15题6分，第16题7分，第17题9分，共22分）16．（3分）小宁和同学们在张老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验。当蜡烛、凸透镜、光屏位置如图所示时，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜焦距为10.00cm。小宁把蜡烛移动到光具座上A处，屏上的像变得模糊，接下来他应将光屏向左（选填“左”或“右”）适当移动，才能在光屏上得到清晰的像。根据这一成像原理可以做成的光学仪器是照相机（选填“放大镜”、“照相机”或“投影仪”）。【分析】（1）当物距等于2f时，成倒立、等大的实像，像距等于2f，根据其结合像距与物距的关系得出结论；（2）根据物近像远像变大的特点分析【解答】解：（1）由图知，u＝v＝20.00cm，则可知20.00cm＝2f，f＝10.00cm；（2）把蜡烛移动到A处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动；此时物距大于2f，所以在光屏上成倒立缩小的实像；根据这一成像原理可以做成的光学仪器是照相机。故答案为：（1）10.00；（2）左；照相机【点评】“探究凸透镜成像规律”的实验，关键掌握凸透镜成像规律及作用，还需掌握近视眼及其矫正方法，属基础问题的考查，难度不大。17．（3分）小明在做“探究冰的熔化特点”实验时，对冰持续加热，根据记录的数据绘制的“温度﹣时间”图象如图所示。由图象可知：冰是晶体（选填“晶体”或“非晶体”）；冰水混合物在A点时具有的内能小于（选填“大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能；如果在整个实验过程中加热条件相同，则冰升高相同温度所用时间比水少的原因是冰的比热容比水的小。【分析】根据冰在熔化时的温度判定冰是否是晶体；物体吸收热量，内能变大；【解答】解：由图象知，冰在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，所以冰是晶体；晶体熔化的时候吸收热量，温度不变，所以图乙中，物体在A点时具有的内能小于在B点时的内能；质量相同的冰和水在升高相同的温度时，加热时间不同，即吸收的热量不同，由Q＝cm△t可知，原因是水与冰的比热容不同，水的比热容大，吸收相同热量时，变化的温度小。故答案为：晶体；小于；冰的比热容比水的小。【点评】此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点；晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分。18．（7分）小聪做实验“用天平和量筒测量盐水密度”的步骤如下，请你帮他完成各空格中的内容：（1）将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端0刻度线处，发现指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向右调，使天平横梁平衡。（2）测出空烧杯的质量为30.1g。（3）先将适量的盐水倒入量筒如图1甲所示，测得盐水总体积为80mL，再将量筒中的部分盐水倒入烧杯中，测烧杯和其中盐水的总质量，当天平平衡时右盘内所放的砝码、游码的位置如图1乙所示，量筒中剩余盐水如图1丙所示。则烧杯中盐水的质量为57.5g，盐水密度为1.15×103kg/m3。（4）小聪同学在完成上述实验后，用细线系上一金属块，手拉住细线使金属块浸没在盐水中并调节天平平衡后如图2甲所示；接下来他将金属块沉入杯底并再一次调节天平平衡时如图2乙所示。则金属块所受浮力大小为0.23N，金属块的密度为2.7×103kg/m3。【分析】（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，调节横梁的平衡螺母遵循左偏右调，右偏左调的原则。（3）量筒读数时，视线与液面的凹面相平；烧杯中盐水的质量等于总质量减去空烧杯的质量，由图丙读出剩余盐水的体积，然后可知烧杯中盐水的体积，再利用密度公式计算盐水的密度，（4）根据图2中的乙图可求得金属块质量，根据G＝mg可求金属块重力，根据图2中甲、乙两图可求得金属块所受拉力，然后可求得金属块所受浮力，利用F浮＝ρgV排可求得金属块排开水的体积，因为全部浸没，所以V排＝V物，利用密度公式求得金属块的密度。【解答】解：（1）天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，发现指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向右调，使天平横梁平衡。（3）由图1甲可知，测得盐水总体积为80mL，测烧杯和其中盐水的总质量m总＝50g+20g+10g+5g+2.6g＝87.6g，烧杯中盐水的质量m＝m总﹣m空＝87.6g﹣30.1g＝57.5g；量筒中剩余盐水的体积为30mL烧杯中盐水的体积V＝80mL﹣30ml＝50mL＝50cm3，盐水的密度ρ＝＝＝1.15g/cm3＝1.15×103kg/m3；（4）由图2中的乙图可得，烧杯、盐水和金属块的总质量＝100g+20g+20g+1.6g＝141.6g＝0.1416kg，金属块质量m金属块＝﹣m烧杯﹣m盐水＝141.6g﹣30.1g﹣57.5g＝54g＝0.054kg；金属块重力G＝m金属块g＝0.054kg×10N/kg＝0.54N，图2中甲的示数m甲＝100g+10g+0.6g＝110.6g＝0.1106kg，根据图2中甲、乙两图可得金属块所受拉力F拉＝（m乙﹣m甲）g＝（0.1416kg﹣0.1106kg）×10N/kg＝0.31N，金属块所受浮力F浮＝G金属块﹣F拉＝0.54N﹣0.31N＝0.23N；由F浮＝ρ盐水gV排可得金属块排开水的体积：V排＝＝＝2×10﹣5m3，因为全部浸没，所以V排＝V物＝2×10﹣5m3，金属块的密度：ρ金属块＝＝＝2.7×103kg/m3。故答案为：（1）水平桌面；右；（3）80；57.5；1.15×103；（4）0.23；2.7×103。【点评】此题考查了天平、量筒的使用及液体密度的计算，量筒和天平是初中物理基本的测量工具，从使用前注意事项、使用时的规定等方面多加练习，掌握好基础知识，此题的（4）有一定的难度。19．（9分）在“测定标有‘2.5V’字样的小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们准备了如图甲所示的实验器材，其中电源电压恒为6V，滑动变阻器的型号为“20ΩlA”。（1）请你用笔画线代替导线，在答题卡上将图甲中的电路连接完整，要求：图中的滑片此刻在最大阻值处。（2）小明同学连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数基本不变。则发生故障的原因可能是滑动变阻器短路或者灯泡断路。（3）小明排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器滑片到某处时，电压表的示数如图乙所示，接下来小明应将滑片向右（选填“左”或“右”）端移动使灯泡正常发光；当灯泡正常发光时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为1.25W；小灯泡正常发光时的电阻为5Ω。（4）在完成上述实验后，小明又将图中的小灯泡依次换成“5Ω、10Ω、15Ω、30Ω”的定值电阻，探究“电流与电阻的关系”，测量结果如下表：实验次数1234电阻R/Ω5101530电流I/A0.60.30.20.1在接下来的小组交流过程中，另一个同学认为小明同学的实验过程中有一次实验是错误的，请你找出错误的一次实验是4（填写实验次数对应的番号），你的判断依据是第4次实验数据计算得出滑动变阻器的电阻需30Ω，大于题中所给滑动变阻器的最大电阻。【分析】（1）将变阻器的右下接柱连入电路中，电压表与灯并联；（2）发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数基本不变，则可能变阻器接入电路的电阻为0；电压表示数接近电源电压，说明电路可能断路，电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入30Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。【解答】解：（1）图中的滑片此刻在最大阻值处，则应将变阻器的右下接柱连入电路中，电压表与灯并联，如下所示：（2）小明同学连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数基本不变，说明电压表与电源连通且测电源电压，则发生故障的原因可能是滑动变阻器短路或者灯泡断路；（3）灯泡在额定电压下正常发光，图中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.8V，小于灯的额定电压2.5V；要灯泡正常发光，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为2.5V；当灯泡正常发光时电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表示数为0.5A，则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻为：R＝＝＝5Ω；（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；由图知，电阻两端的电压始终保持U′＝I′R′＝﹣﹣﹣﹣＝0.1A×30Ω＝3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝6V﹣3V＝3V，则变阻器分得的电压为电压表示数的＝1倍，根据分压原理，当接入30Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝30Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少为30Ω的滑动变阻器，大于题中所给变阻器的最大电阻20Ω，则第4次实验数据错误。故答案为：（1）见上图；（2）短路；断路；（3）右；1.25；5；（4）4；由第4次实验数据计算得出滑动变阻器的电阻需30Ω，大于题中所给滑动变阻器的最大电阻。【点评】本题测定标有‘2.5V’字样的小灯泡额定功率。考查电路连接、故障分析、操作过程和电阻计算，也考查了探究“电流与电阻的关系”实验中对器材的要求。四、论述计算题（第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分．解答应写出必要的文字说明、解答步骤、公式和答案，只写出最后答案的不给分）20．（6分）如图所示的电路中电阻R1＝10Ω，R2＝20Ω，电源电压保持不变。当S1闭合、S2断开时电流表示数为I1＝0.5A．求：（1）电压表示数U1；（2）电源电压U；（3）当S1、S2都闭合时，电流表示数I2。【分析】（1）S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的示数；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压；（3）当S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数。【解答】解：（1）由图知，S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，由I＝可得，电压表的示数：U1＝I1R1＝0.5A×10Ω＝5V；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U＝I1（R1+R2）＝0.5A×（10Ω+20Ω）＝15V；（3）当S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，则此时电流表的示数：I2＝＝＝1.5A。答：（1）电压表示数为5V；（2）电源电压为15V；（3）当S1、S2都闭合时，电流表示数为1.5A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式是关键。21．（8分）有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一边长有一的棱长为10cm，质量为2.7kg的正方体金属块放在容器底部（如图所示）．求：（g取10N/kg）（1）物体密度。（2）物体对容器底的压强。（3）向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强多大？（4）物体受到容器的支持力多大？（容器足够高，物体与容器底没有紧密接触）【分析】（1）知道正方体的棱长可求其体积，又知道金属块的质量，根据ρ＝求出物体密度；（2）物体对容器底的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，容器的底面积即为受力面积，根据p＝求出物体对容器底的压强；（3）根据p＝ρgh求出水对容器底的压强；（4）根据V＝Sh求出物体排开水的体积，再根据阿基米德原理求出物体受到的浮力，物体的重力减去受到的浮力即为物体受到容器的支持力。【解答】解：（1）物体的体积：V＝L3＝（10cm）3＝1000cm3＝1×10﹣3m3，物体的密度：ρ＝＝＝2.7×103kg/m3；（2）物体对容器底的压力：F＝G＝mg＝2.7kg×10N/kg＝27N，受力面积：S＝L2＝（10cm）2＝100cm2＝1×10﹣2m2，物体对容器底的压强：p＝＝＝2.7×103Pa；（3）向容器中加入水至8cm深时，水对容器底的压强：p′＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa，（4）物体排开水的体积：V排＝Sh＝