江苏省2024～2025学年普通高中学业水平合格性考试仿真模拟物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1江苏省2024～2025学年普通高中学业水平合格性考试物理模拟试卷（满分100分考试时间75分钟）一、选择题：本大题共45小题，每小题2分，共90分。每小题只有一个选项最符合题意。1．下列物体的运动，不能在牛顿力学框架下得到解释的是（）A．中子星 B．人造卫星C．飞行的鸟 D．射出的子弹【答案】A牛顿力学适用于宏观、低速运动的物体，对微观、高速运动的粒子与中子星等大质量、高密度天体周边的物理现象不适应，可知，即中子星不能在牛顿力学框架下得到解释。故选A。2．下列说法中正确的是（）A．E＝适用于任何电场B．E＝k适用于匀强电场C．E＝适用于任何电场D．E是矢量，由U＝Ed可知，U也是矢量【答案】CA．E＝只适用于匀强电场，A错误；B．E＝k适用于真空中的点电荷形成的电场，B错误；C．E＝适用于任何电场，C正确；D．E是矢量，U是标量，D错误。3．电火花打点计时器所接电压和打点时间分别是（）A．6V直流电压

0.02sB．6V交流电压

0.02sC．220V直流电压

0.02sD．220V交流电压

0.02s【答案】D电火花打点计时器的工作电压是交流220V电压，当电源频率是50Hz时，它每隔0.02s打一次点，ABC错误，D正确。故选D。4．为确定时间，世界上有两种常用的时间计量系统：基于地球自转的世界时（UT）和基于原子振荡周期的国际原子时（TAI）。由于两种测量方法不同，两个计时系统结果会出现差异，闰秒实际上是为了协调世界时的人为增减。2022年11月15日至18日，第27届国际计量大会（CGPM）通过一项决议，决定最迟不晚于2035年不再引入闰秒。除了秒，在力学中，下列各项中全是国际单位制中基本单位的是（）A．力、质量 B．长度、质量C．米、牛顿 D．米、千克【答案】D国际单位制中力学的基本物理量是长度、时间、质量，对应的基本物理单位是米、秒、千克。故选D。5．如图所示，小明同学在坐飞机的时候发现机翼末端边缘有一条条针一样的装置，此装置作用是（）A．防止闪电击中飞机，起到避雷针的作用 B．加强电磁通讯信号，起到天线的作用C．通过尖端放电使云层中的电荷消失 D．释放飞机表面的静电【答案】D飞机在飞行时与大气摩擦在表面产生静电，采用尖端放电的原理释放静电。故选D。6．某同学背着书包坐竖直升降的电梯，当感觉到背的书包变“轻”时，电梯可能在（）A．匀速下降 B．匀速上升C．加速下降 D．加速上升【答案】C当电梯静止时，对书包受力分析，得书包受到重力和同学对它的支持力，两力平衡，即当电梯运动时书包变“轻”，说明FN减小，对书包受力分析可知解得，方向向下有加速度，且加速度必须向下，才能出现失重现象（书包变“轻”）。A．匀速下降，加速度为零，不符合题意，故A选项错误；B．匀速上升，加速度为零，不符合题意，故B选项错误；C．加速下降，有加速度，且加速度方向向下，故符合题意，故C选项正确；D．加速上升，有加速度，但加速度方向向上，不符合题意，故D选项错误；故选C。7．电场看不见摸不着，我们最初是从电荷开始学习电场的。下列说法正确的是（

）A．玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒由于得到电子而带正电B．电场是为了便于研究电荷而引入的理想模型C．家用燃气灶的点火装置是根据尖端放电的原理制成的D．电场强度反映电场的强弱和方向，与试探电荷的电荷量成反比【答案】CA．玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒由于失去电子而带正电，故A错误；B．电场是传递电荷间相互作用客观存在的物质，故B错误；C．家用燃气灶的点火装置是根据尖端放电的原理制成的，故C正确；D．电场强度反映电场自身的强弱和方向，与试探电荷的电荷量无关，故D错误。故选C。8．下面列举的四种器件中，在工作时利用了电磁感应现象的是（

）A．电动机 B．线圈式话筒 C．电磁继电器 D．扬声器【答案】BA．电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用原理，故A错误；B．线圈式话筒是通过线圈在磁场中运动，从而产生感应电动势，是利用电磁感应现象，故B正确；C．电磁继电器是利用电流的磁效应制成的，故C错误；D．扬声器是电信号转化为声信号，利用了通电导体在磁场中受到力的作用，不属于电磁感应现象，故D错误。故选B。9．如图所示，一个物体受和两个互相垂直的共点力作用，其，这两个力的合力大小为()A．1N B．5N C．7N D．12N【答案】B根据勾股定理有：，故B正确，A、C、D错误；故选B．10．下列四幅图对应的场景中，没有用到静电屏蔽原理的是（）A．三条高压输电线上方还架有与大地相连的两条导线B．高压作业人员穿戴含有金属织物的衣服工作C．在高大建筑物安装避雷针D．金属编织网包裹着导体线芯【答案】CA．三条高压输电线上方架着的与大地相连的两条导线组成了一个稀疏的金属网，以减小被闪电击中的概率，利用了静电屏蔽原理，故A错误；B．工人穿戴含有金属织物的衣服工作，可以避免人触电，利用了静电屏蔽原理，故B错误；C．避雷针利用了尖端放电原理，故C正确；D．金属编织网包裹着导体线芯利用了静电屏蔽原理降低干扰，故D错误。故选C。11．在长征二号F遥十三运载火箭托举神舟十三号载人飞船升空的过程中，地面上的观测者观测到火箭某时刻速度大小为v，方向与水平地面成θ角，如图所示，则火箭竖直方向的分速度为（）A．vsinθ B．vcosθC． D．【答案】A把火箭的速度分解在竖直方向及水平方向上，可得火箭在竖直方向的分速度为故选A。12．已知通过三个并联支路的电流之比，则三个并联支路的电阻之比为（）A． B． C． D．【答案】A三个并联支路的电压相等，根据欧姆定律得，电流I与电阻R成反比．电流之比，则电阻之比，故选项A正确．A．导航软件将所驾车辆默认为质点B．推荐①、方案②和方案③对应的三条路径的位移完全相同C．推荐①对应的平均速度最大D．推荐①、方案②和方案③对应的平均速率均相等【答案】DA．车的形状和大小在导航软件分析过程可以忽略不计，即导航软件将所驾车辆默认为质点，故A正确，不符合题意，；B．由于初始位置与末位置相同，则推荐①、方案②和方案③对应的三条路径的位移完全相同，故B正确，不符合题意；C．平均速度等于总位移与总时间的比值，结合上述可知，推荐①、方案②和方案③对应的三条路径的位移完全相同，而推荐①的时间最短，可知推荐①对应的平均速度最大，故C正确，不符合题意；D．平均速率等于总路程与总时间之比，推荐①、方案②和方案③对应的平均速率分别为可知，推荐①、方案②和方案③对应的平均速率不相等，故D错误，符合题意。故选D。14．如图所示，图甲是两只与计算机相连的力传感器，其中一只系在墙上，另一只握在手中用力拉紧，乙图是计算机显示屏上显示的两只传感器受力情况．对此某同学做出如下判断：①这两个力的合力为零，是一对平衡力；②这两个力是一对作用力与反作用力；③这两个力始终大小相等；④这两个力同时存在、同时消失．其中正确的是（

）A．① B．①③ C．①③④ D．②③④【答案】D①这两个力是作用力和反作用力，作用在不同的两个物体上，不能求合力，更不能平衡，①错误；②这两个力是一对作用力与反作用力，②正确；③这两个力是一对作用力与反作用力，所以这两个力始终大小相等，③正确；④这两个力是一对作用力与反作用力，同时存在、同时消失，作用在不同物体上，④正确。所以①错误，②③④正确。故选D。15．如图所示为一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用该欧姆表测一电阻R的阻值时，指针偏转至满刻度的处，现用该欧姆表测一未知电阻的阻值，指针偏转到满刻度的处，可知该电阻的阻值为（

）A． B． C． D．【答案】C设电动势为E，内阻为，电流表的满偏电流为，欧姆表调零时有测一阻值为R的电阻时有测未知电阻时有解得，故选C。16．在水平地面上有一个质量为4.0kg的物体，物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动。10s后拉力大小减小为，并保持恒定。该物体的速度图像如图所示（取g＝10m/s2）物体在10-30s内的加速度大小为（

）A．1m/s2 B．0.5m/s2 C．2m/s2 D．0.75m/s2【答案】B物体在10-30s内的加速度大小为故选B。17．质量为0.8kg的物块静止在倾角为30°的斜面上，如图所示．若用平行于斜面底端沿水平方向的力F推物块，F=3N，而物块仍处于静止状态，则物块所受摩擦力的大小为（）A．5N B．4N C．3N D．N【答案】A对滑块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和静摩擦力f，将重力按照作用效果分解为沿斜面向下的分力F′=Mgsinθ=4N垂直斜面向上的分力在与斜面平行的平面内，如图，有故选A。18．某家庭使用的智能电饭煲，其铭牌如图所示。假如用此电饭煲煮饭时，均在额定功率下工作30min，则该电饭煲煮饭时消耗的电能数量级为（）豪华微电脑电饭煲货号：FC307B型号：MB-FC307B额定容量：3.0L稳定电压：220V~/50Hz额定功率：640WA．102 B．104 C．106 D．108【答案】C根据题意，由公式可得，该电饭煲煮饭时消耗电能为故选C。19．从高出地面的位置竖直向上抛出一个小球，它上升后回落，最后到达地面（不反弹），以抛出点为坐标原点、以向上为正建立坐标轴，则（）A．小球在最高点的位置B．小球从抛出到落地的位移C．小球从最高点到落地的位置变化D．小球从抛出到最高点的位移大于从最高点到落地的位移【答案】BA．根据题意可知，抛出点高出地面，最高点高出抛出点，以抛出点为坐标原点、以向上为正建立坐标轴，则小球在抛出点的位置为小球在最高点的位置为小球在地面的位置为故A错误；B．小球从抛出到落地的位移故B正确；C．小球从最高点到落地的位置变化即小球从最高点到落地的位移为，故C错误；D．小球从抛出到最高点的位移为位移的正负表示方向，不表示大小，则小球从抛出到最高点的位移小于从最高点到落地的位移，故D错误。故选B。20．如图所示，静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，轨道高度为h，桌面距地面高为H，物体质量为m，则以下说法正确的是()A．小球沿竖直轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最少B．小球沿曲线轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最多C．以桌面为参考面，小球的重力势能的减少量为mghD．以地面为参考面，小球的重力势能的减少量为【答案】CAB.静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，由于高度差相同，所以重力做功相同．故AB错误．CD.重力势能的变化量与零势能平面的选取无关，重力做的正功等于重力势能的减小量，重力做功为mgh，则重力势能的减小量为mgh．故C正确，D错误．21．2017年4月20日，我国研制的“天舟一号”货运飞船成功发射升空，与“天宫二号”空间实验室对接前，“天舟一号”在距离地面约380km的圆轨道上飞行，已知地球同步卫星的轨道离地面的高度约为36000km，则“天舟一号”运动的（）A．角速度小于地球同步卫星的角速度B．线速度大于第一宇宙速度C．周期小于地球自转周期D．向心加速度大于地面的重力加速度【答案】CA．根据可得可得角速度大于地球同步卫星的角速度，选项A错误；B．根据可得可知线速度小于第一宇宙速度，选项B错误；C．地球自转周期等于同步卫星的周期，而根据可得该“天舟一号”的周期小于同步卫星的周期，可知“天舟一号”的周期小于地球自转周期，选项C正确；D．根据可得地面的重力加速度可知向心加速度小于地面的重力加速度，选项D错误。故选C。22．如图所示是电视机显像管主聚焦电场中的电场线分布图，中间一根电场线是直线，电子从O点由静止开始只在电场力作用下运动到A点。取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，在此过程中，关于电子运动速度v随时间t的变化图线，下列正确的是（）A． B．C． D．【答案】C电子由静止开始，受向右电场力而加速运动；电场线的疏密程度反映电场强弱，由图像可知O到A过程中，电场线先密后疏，则场强先增大后减小，电场力先增大后减小，电子加速度先增大后减小；v-t图像上各点切线的斜率表示场强，则其斜率应先增大后减小。故选C。23．如图所示的电路图，已知电动机内电阻，定值电阻，直流电压（内阻不计），理想电压表示数，则电动机机械功率为（）A． B． C． D．【答案】A通过电动机的电流电动机机械功率为故选A。24．一个直流电动机所加电压为U，电流为I，线圈内阻为R，当它工作时，下述说法中正确的是（

）A．电动机的输出功率为B．电动机的发热功率为I2RC．电动机的线圈内阻R=D．电动机的功率可写作IU=I2R=【答案】BA．电动机不是纯电阻电路，不能直接使用欧姆定律，电动机的输出功率P出=P-P热=UI-I2R故A错误；B．电动机的发热功率为P热=I2R故B正确；CD．因为P＞P热，即UI＞I2R，U＞IR，欧姆定律不适用，R≠，故UI不能转化成I2R和，故CD错误。故选B。25．一质量为2kg的小车静止在光滑水平地面上，在时刻，小车受到水平方向的作用力F，规定水平向右为正方向，力F随时间变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A．小车前2s内的加速度为 B．小车在第3s末的速度为5m/sC．小车在第6s末回到出发点 D．小车前6s内的平均速度大小为2m/s【答案】DA．对小车，由牛顿第二定律小车前2s内的加速度为A错误；B．2s末的速度为对小车，由牛顿第二定律内，小车做匀减速直线运动，其加速度大小为由运动学公式可得，小车在第3s末的速度为B错误；C．小车在前6s运动的位移为代入数据解得所以，小车在第6s末没有回到出发点，C错误；D．小车前6s内的平均速度大小D正确。故选D。26．如图所示，两电荷量分别为Q（Q>0）和-Q的点电荷对称地放置在x轴上原点O的两侧，a点位于x轴上O点与点电荷Q之间，b位于y轴O点上方，取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是（）A．b点的电势为零，电场强度也为零B．a点电场强度小于b点电场强度C．正的试探电荷在a点的电势能大于零，电场力方向向右D．将同一正的试探电荷先后从O、b点移到a点，后者电势能的变化较大【答案】CA．结合等量异种点电荷的电场的特点可知，两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向，所以b点的电势等于0，而电场强度不等于0．故A错误；B．根据点电荷电场强度公式，及矢量的叠加原理，可知，x轴上O点的电场强度最小，而y轴上，O点的电场强度最大，那么a点电场强度比b点电场强度的大，故B错误；C．由图，两个点电荷在a点产生的电场强度的方向都向右，所以合场强的方向一定向右，则正电荷在a点受到的电场力的方向向右；正试探电荷从a向O运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，而O点的电势等于0，所以正的试探电荷在a点的电势能大于零；故C正确；D．两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，所以O、b两点的电势是相等的，将同一正的试探电荷先后从O、b两点移到a点，二者电势能的变化相等，故D错误．27．导体的电阻是8Ω，在240s内通过导体横截面的电量是480C，这时加在导体两端的电压是（）A．960V B．1V C．16V D．60V【答案】C根据可得故选C。28．关于重力，说法正确的是（）A．重力的大小可以用弹簧秤来测量，其实物体对弹簧的拉力就是物体的重力B．物体在空中下落时受到的重力比静止时受到的重力大C．用一根细线悬挂的物体静止时，细线方向不一定通过重心D．规则且质量分布均匀的物体的重心，一定在它的几何中心上【答案】DA．重力的大小可以用弹簧秤来测量，但物体对弹簧的拉力并不就是物体的重力，两者的施力物体和受力物体，以及力的性质都不同，故A错误；B．空中下落的物体重力与静止的物体重力相同，故B错误；C．用一根细线悬挂的物体静止时，细线方向一定通过重心，这是悬挂法确定重心的方法，故C错误；D．规则物体的重心，不一定在它的几何中心上，还与物体的质量分布有关。当物体的质量分布均匀时，规则物体的重心，一定在它的几何中心上，故D正确。故选D。29．小球用a、b、c三根弹簧固定，三根弹簧互成角且均在竖直平面内，且弹簧a在竖直方向，如图所示。已知小球静止时三根弹簧的弹力大小均为F，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．三根弹簧均被拉伸 B．三根弹簧均被压缩C．弹簧a可能被拉伸 D．小球的质量为【答案】D三根弹簧互成角且弹力大小相等均为F，小球平衡时b、c弹力的合力必在竖直方向上，所以b、c两弹簧同为拉伸或压缩，两弹力的合力且三弹簧的弹力的合力等于小球重力mg，即等式左侧只能取“”，且合力竖直向上，故弹簧a的弹力向上，弹簧被压缩，b、c两弹簧的合力向上，弹簧被拉伸，选项A、B、C均错误；由可得，小球质量ABC错误，D正确。故选D。30．如图所示，在坡度一定的斜面顶点，同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球同时落在坡面上。若不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，A和B两小球的初速度之比为（）A．3∶4 B．4∶3 C．9∶16 D．16∶9【答案】D两小球同时落在坡面上，则竖直位移相等，设为h，根据几何关系可知水平位移之比为根据可得A和B两小球的初速度之比为故选D。31．如图所示，在同一竖直平面内，倾角的斜滑道与水平滑道平滑衔接，可视为质点的运动员踩着滑雪板从A点以速度沿水平方向飞出，恰好落到B处后顺势屈腿缓冲，他垂直于水平面的分速度迅速减小为零，滑雪板和水平面间的动摩擦因数为，不计空气阻力，，，g取10，则运动员在空中飞行的时间和在水平长直滑道上运动的最大距离分别为（）A．3s；500m B．3s；1000m C．6s；500m D．6s；1000m【答案】B设运动员在空中飞行的时间为t，则根据平抛运动规律有根据几何关系有联立以上三式解得设运动员在水平长直滑道上运动的最大距离为x，运动员质量为m，由题意并根据动能定理有解得故选B。32．某同学想测试自己的弹跳力，在教室门口竖直向上跳起，手指刚好碰到门窗上沿，已知该同学身高1.75m，体重约为60kg，门窗上沿离地2.6m，则他双脚离地时的动能约为（

）A．240J B．510J C．1035J D．1560J【答案】A人手臂长约为0.45m，人向上运动的高度将人的运动近似为竖直上抛运动，利用逆向思维有则人双脚离地时的动能解得故选A。33．中国高速铁路最高运行时速，被誉为中国“新四大发明”之一。如图所示，在列车某阶段沿水平直线高速行驶的过程中，在列车窗台上，放了一枚直立的硬币，发现硬币始终直立在水平窗台上，这证明了中国高铁极好的稳定性。对于该过程下列判断正确的是（）A．列车一定做匀速直线运动B．硬币只受重力和支持力，且处于平衡状态C．硬币可能受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用D．列车可能做加速度较小的加速或减速运动，此时硬币也不受摩擦力作用【答案】C由题意可知列车可能做匀速直线运动，也可能做加速度较小的加速或减速运动，此时硬币不仅受重力和支持力，还受摩擦力，当列车做加速运动时，硬币将受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用。综上所述可知ABD错误，C正确。故选C。34．如图甲所示为机械手抓取鸡蛋的照片。为便于研究，将机械手简化为两根对称“手指”，鸡蛋视作球体，且不考虑鸡蛋的明显形变，如图乙所示。假设抓取时，手指与鸡蛋的接触点与球心在同一竖直面内，两接触点等高且与球心的连线与水平方向夹角均为θ，每根手指对球面的压力大小为N，对球面的摩擦力大小为f，如果增大压力N，鸡蛋始终保持静止，则摩擦力f大小的变化是（

）A．减小 B．不变 C．增大 D．无法确定【答案】C如图2所示，根据平衡条件可知两边摩擦力的合力大小等于两边压力的合力与鸡蛋受到的重力之和，由于各力的方向不变，故当N变大时，则f一定增大。故C正确。35．用绳子拴着一个物体，使物体在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动，绳子断了以后，物体将（）A．仍维持圆周运动 B．沿切线方向做直线运动C．沿半径方向接近圆心 D．沿半径方向远离圆心【答案】B绳子断了以后，物体没有力提供向心力作用，则物体将沿切线方向做直线运动。故选B。36．人造卫星环绕地球运行的速率v＝，其中g为地面处的重力加速度，R为地球半径，r为卫星离地球中心的距离．下列说法正确的是()A．从公式可见，环绕速度与轨道半径成反比B．从公式可见，环绕速度与轨道半径的平方根成反比C．从公式可见，把人造卫星发射到越远的地方越容易D．以上答案都不对【答案】BA、设地球的质量为M，卫星的质量为m，轨道半径为r，则对于卫星在轨运行时，有物体在地面上时，有，联立上两式得：人造卫星环绕地球运转的速率，式中g、R不变，可见，环绕速度与轨道半径的平方根成反比，故B正确，AD错误；C、虽然r越大，v越小，但把卫星发射到越远的地方火箭会有更多的动能转化为重力势能，需要的发射速度就越大，即把人造卫星发射到越远的地方越不容易，故C错误．『点石成金』：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力两个重要关系式，即可进行推导并分析．37．有一小车在平直的公路上从静止开始匀加速行驶，经过时间t，速度为v时功率达到额定功率，并保持不变；小车又继续前进了一段距离，达到最大速度，设小车的质量为m，运动过程所受阻力恒为Ff，则（）A．匀加速行驶时小车的牵引力大小B．匀加速行驶时小车的牵引力大小为C．小车的额定功率为D．小车的额定功率为【答案】AAB．在匀加速阶段，设加速度为a，根据运动学公式可得根据牛顿第二定律有联立上式可得从功率角度分析，最终当牵引力等于阻力时，速度达到最大，所以额定功率为则在匀加速阶段时，小车的牵引力大小为所以A正确，B错误；CD．小车匀加速行驶时，牵引力不变，电动机的功率随着小车速度的增大而增大，当达到额定功率时，以额定功率行驶，做加速度逐渐减小的加速运动，最终当牵引力等于阻力时，速度达到最大，所以额定功率为从匀加速阶段的末时刻分析，有所以C、D错误。38．滑板运动是一项非常刺激的水上运动。研究表明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力垂直于滑板面。如图所示，运动员在水平牵引力作用下，滑板面与水平面之间的夹角θ＝37°，滑板匀速运动，人和滑板的总质量为100kg，忽略空气阻力，取g＝10m/s2，则水平牵引力为(sin37°＝0.6)()A．1250N B．1000NC．750N D．500N【答案】C把人与滑板看作一整体，对其受力分析知39．2017年6月19号，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，致使卫星没有按照原计划进入预定轨道。经过航天测控人员的配合和努力，通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道。卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点。下列说法正确的是（）A．卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P点的速度等于在Q点的速度B．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度C．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度D．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小【答案】BA．在I轨道上运行时，从P点运动到Q点引力做负功，动能减小，所以在P点的速度大于在Q点的速度，A错误；B．由于从轨道I上的Q点变轨到II，需要点火加速，所以在轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度，B正确；C．根据得可知两个轨道在Q点的距离相同，所以加速度相同，C错误；D．由于人造地球卫星受微小阻力的作用，阻力做负功，故机械能减小，人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，联立得可知，动能轨道半径减小，动能增大，D错误。故选B。40．某电吹风的部分技术参数如下表，物理兴趣小组的同学根据参数画出了电吹风的两种电路图，如甲、乙所示。下列判断正确的是（）A．图甲正确，S闭合时吹热风B．图甲正确，电动机M的电阻为C．图乙正确，S闭合时吹冷风D．图乙正确，电热丝的电阻为【答案】A图甲中电键S断开时，电动机M工作吹冷风，两端电压220V；电键S闭合时，电热丝和电动机同时工作，吹热风，两端电压均为220V；而乙图中当S断开时电动机和电阻丝串联，电压之和为220V，不能正常工作，功率较小；故图甲正确，S闭合时吹热风；因吹冷风时功率为20W，电压220V，因电动机不是纯电阻电路则，电阻故选A。41．如图所示，质量为M、长度为l的小车静止在光滑的水平面上．质量为m的小物块放在小车的最左端．现在一水平恒力F作用在小物块上，使小物块从静止开始做匀加速直线运动，小物块和小车之间的摩擦力为f．经过时间t，小车运动的位移为s，小物块刚好滑到小车的最右端A．此时小物块的动能为F(s+l)B．这一过程中，小物块对小车所做的功为f(s+l)C．这一过程中，小物块和小车增加的机械能为FsD．这一过程中，小物块和小车产生的内能为fl【答案】D对小物块进行受力分析，小物块在水平方向上受到恒力F和摩擦力f的作用，在时间t内的位移是（s+l），由动能定理得，因此小物块的动能是，A错误．小物块对小车所做的功即摩擦力对小车做的功等于摩擦力f乘以小车的位移s，即做正功（转化为小车的动能），B错误．把小物块和小车看成整体，恒力做功，摩擦力做功–fl（摩擦力乘以相对位移），所以小物块和小车增加的机械能，C错误．小物块克服摩擦力做功大于摩擦力对小车做功，差值即为摩擦产生的内能，D正确．故选D．42．图是甲、乙两车在同一条公路上沿同一方向、向同一目的地运动的位移—时间图像。由图可以看出（）A．甲、乙两车是从同一地点出发的B．甲车比乙车多运动了t2的时间C．甲车在t1-t3时间内处于静止状态D．甲、乙两车在t1时间内的平均速度是相同的【答案】CA．由图知，两车不从同一地点出发的，乙车从原点出发，甲从正方向上距原点x0处出发。故A错误；B．甲车比乙车多运动的时间t=t2+t4-t3故B错误；C．甲车在t1-t3时间内位移不变，处于静止状态故C正确；D．甲、乙两车在0～t1时间内乙车处于静止状态，位移为零，乙车的平均速度为零，而甲车位移不为零，所以甲车的平均速度大，故D错误。故选C。43．为探究小灯泡L的伏安特性，连好图示的电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光．由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U-I图像应是A． B．C． D．【答案】C根据电路中电阻的变化，确定电压与电流变化，并考虑温度对电阻的影响，运用U﹣I含义分析判断．当滑动变阻器在最左端时，灯泡连端电压为0，滑动变阻器逐渐向右移动，小灯泡的亮度逐渐变亮，直到正常发光．随着小灯泡两端电压的升高，电流也在升高，但是，小灯泡灯丝的电阻随着温度的升高而增大，在图像上各点切线斜率应越来越大．故C正确44．甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的x-t图像如图所示，则下列说法错误的是（）A．t1时刻两车相距最远B．t1时刻乙车从后面追上甲车C．t1时刻甲车的速度小于乙车的速度D．0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度【答案】AAB．两车在同一时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，经过时间t1位移又相等，说明在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，故A错误，符合题意，B正确，不符合题意；C．根据图像的斜率等于速度，斜率绝对值越大速度越大，则知，t1时刻乙车的速度比甲车的速度大，故C正确，不符合题意；D．0到t1时间内，甲乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，故D正确，不符