2020-2021学年广东省珠海市高二下学期期末考试化学试题（含解析）

珠海市2020~2021学年度第二学期期末普通高中学生学业质量监测高二化学可能用到的相对原子质量H-1C-12N-14O-16Na-23Cl-35.5一、单项选择题1.《黄帝内经》有如下叙述：“五谷为养，五果为助，五畜为益，五菜为充”。以上食物中富含糖类、蛋白质、油脂等营养物质。下列说法正确的是A.葡萄糖和蔗糖均为还原性糖B.蛋白质水解的最终产物为氨基酸C.天然油脂具有固定的熔、沸点D.淀粉和纤维素互为同分异构体【答案】B【解析】【详解】A.葡萄糖含有醛基具有还原性，蔗糖由一分子葡萄糖的半缩醛羟基与一分子果糖的半缩醛羟基彼此缩合脱水而成，没有醛基，不具有还原性，故A错误；B.氨基酸通过脱水缩合反应生成肽链，肽链最终按照特定方式组合生成蛋白质，所以蛋白质水解最终产物是氨基酸，故B正确；C.油脂是油和脂肪的统称，从化学成分上来讲油脂都是高级脂肪酸与甘油形成的酯，自然界中的油脂是多种物质的混合物，混合物没有固定的熔沸点，故C错误；D.分子式相同、结构不同的有机物互称同分异构体，纤维素和淀粉分子式都为(C6H10O5)n中，n值不同导致其分子式不同，所以淀粉和纤维素不是同分异构体，故D错误；答案选B。2.天然维生素P(结构如图)存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂。关于维生素P的叙述错误的是A.可以和溴水反应 B.可用有机溶剂萃取C.1mol维生素P最多可以和4molNaOH反应 D.分子中有三个苯环【答案】D【解析】【详解】A．酚羟基的邻、对位与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，故A不符合题意；B．由相似相容可知，易溶于有机溶剂，则可以用有机溶剂萃取，故B不符合题意；C．该有机物中含4个酚羟基，可以与NaOH反应，则1mol

维生素P可以和4mol

NaOH反应，故C不符合题意；D．该有机物中分子中含2个苯环，中间不是苯环，故D符合题意；故选D。3.下列反应，一定只生成一种有机产物的是A.乙烷与氯气发生取代反应B.丙烯与水在催化剂的作用下发生加成反应C.异戊二烯[CH2＝C(CH3)−CH＝CH2]与等物质的量的Br2发生加成反应D.1−氯丁烷(CH3CH2CH2CH2Cl)与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应【答案】D【解析】【详解】A．乙烷与氯气发生取代反应生成一系列的有机物，故A不符合题意；B．丙烯与水在催化剂的作用下发生加成反应生成1-丙醇或2-丙醇，故B不符合题意；C．异戊二烯[CH2＝C(CH3)−CH＝CH2]与等物质的量的Br2发生加成反应得到或或，故C不符合题意；D．1-氯丁烷(CH3CH2CH2CH2Cl)与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应生成CH3CH2CH=CH2，故D符合题意。综上所述，答案为D。4.由两种单体加聚而成的高聚物是A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】A．单体为：、，反应类型为加聚反应，故A符合题意；B．单体为、HCHO，反应类型为缩聚反应，故B不符合题意；C．单体为HOOC(CH2)4COOH、NH2(CH2)6NH2，反应类型为缩聚反应，故C不符合题意；D．单体为：，故A不符合题意；故答案为：A。【点睛】加聚产物的单体推断方法：（1）凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；（2）凡链节主链上只有四个碳原子（无其它原子）且链节无双键的高聚物，其单体必为两种，在正中间画线断开，然后将四个半键闭合即可；（3）凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物，其规律是“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换。5.分子式为C7H8的某有机物，它能使酸性高锰酸钾溶液褪色，但不能与溴水反应。该有机物在一定条件下与H2完全加成，其生成物的一氯代物的种类有（）A.3种 B.4种 C.5种 D.6种【答案】C【解析】【详解】由分子式为C7H8的某有机物能使酸性高锰酸钾溶液褪色，但不能与溴水反应可知，该烃为甲苯，一定条件下甲苯与H2完全加成生成甲基环己烷，甲基环己烷的结构简式为，由结构简式可知，甲基环己烷含有5类氢原子，一氯代物有5种，故选C。6.下列反应的离子方程式正确的是A.乙醛与银氨溶液反应：B.碳酸钙溶于醋酸：C.碳酸钠溶液加入过量的苯酚：D.小苏打溶液和甲酸混合：【答案】A【解析】【详解】A．乙醛与银氨溶液反应生成银、乙酸铵、氨气和水：离子方程式为：，A正确；B．碳酸是弱酸，不能拆，正确的离子方程式为：，B错误；C．碳酸钠溶液加入过量的苯酚应该生成碳酸氢根离子，离子方程式为：，C错误；D．甲酸根的化学式为：HCOO-，小苏打溶液和甲酸混合的离子方程式为：，D错误；故选A。7.科学家在-100℃的低温下合成一种烃X，此分子的结构如图所示(图中的连线表示单键或双键)。下列说法正确的是A.X既能使溴的四氯化碳溶液褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色B.X是一种常温下能稳定存在的液态烃C.X和乙烷类似，都容易发生取代反应D.X与乙炔互为同系物【答案】A【解析】【分析】根据碳四价的原则，该化合物的分子式是C5H4，在四个顶点上的碳原子之间存在碳碳双键。【详解】A．X由于含有碳碳双键，因此既能使溴的四氯化碳溶液褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色，故A正确；B．X分子中含不饱和的碳碳双键，在-100℃的低温下合成一种该烃，因此烃X是一种常温下不能稳定存在的液态烃，故B错误；C．X容易发生加成反应，而乙烷容易发生取代反应，因此二者的性质不相似，故C错误；D．分子中不含叁键，与乙炔结构不相似，故D错误；故选A。8.下列物质的化学用语表达正确的是()A.(CH3)3COH的名称：2，2二甲基乙醇 B.羟基的电子式：C.甲烷的球棍模型： D.聚丙烯的结构简式：【答案】B【解析】【详解】A．（CH3）3COH中含有羟基最长的碳链有3个碳原子，有1个甲基在2号碳上，名称为：2-甲基-2-丙醇，选项A错误；B．羟基是电中性基团，氧原子与氢原子以1对共用电子对连接，电子式为，选项B正确；C．球棍模型表现原子间的连接与空间结构，甲烷分子式为CH4，C原子形成4个C-H，为正四面体结构，碳原子半径大于氢原子半径，球棍模型为，选项C错误；D．聚丙烯是由丙烯加聚反应生成的，聚丙烯的结构简式为，选项D错误；答案选B。9.某有机物的结构简式如图所示，下列说法错误的是A.该有机物属于烷烃B.该有机物的名称是甲基乙基庚烷C.该有机物与2，二甲基乙基己烷互为同系物D.该有机物的一氯取代产物共有8种【答案】C【解析】【详解】A根据有机物的结构简式：中只含C-C和C-H单键,所以属于烷烃，故A正确；B.该有机物的名称是3-甲基-5-乙基庚烷，故B正确；C.该有机物与2，5-二甲基本上-3-乙基己烷的分子式为C10H22,3-甲基-5-乙基庚烷的分子式为C10H22,两者属于同分异构体，故C错误；D.结构中有8种类型的氢，故D正确；答案：C。【点睛】根据烷烃的命名规律进行判断。找最长连为主链，取代基离主链最近的位置进行编号，顺序由简到繁。烷烃中一卤代物的种类等于烷烃中氢原子的种类数。10.只用一种试剂区别苯、乙醇、苯酚溶液、CCl4等4种溶液，可选用A.氢氧化钠溶液 B.水 C.氯化铁溶液 D.硝酸银溶液【答案】C【解析】【详解】A．苯滴加到氢氧化钠溶液中，分层，苯在上层，乙醇滴加到氢氧化钠溶液中，互溶，苯酚与氢氧化钠溶液反应，但无现象，CCl4滴加到氢氧化钠溶液中，分层，CCl4在下层，四种溶液无法区别，故A不符合题意；B．苯滴加到水中，分层，苯在上层，乙醇滴加到水中，互溶，苯酚溶液与水不反应，CCl4滴加到氢氧化钠溶液中，分层，CCl4在下层，四种溶液无法区别，故B不符合题意；C．苯滴加到氯化铁溶液中，分层，苯在上层，乙醇滴加到氯化铁溶液中，互溶，苯酚与氯化铁溶液呈紫色，CCl4滴加到氯化铁溶液中，分层，CCl4在下层，故C不符合题意；D．苯滴加到硝酸银溶液中，分层，苯在上层，乙醇滴加到硝酸银溶液中，互溶，苯酚与硝酸银溶液反应，但无现象，CCl4滴加到硝酸银溶液中，分层，CCl4在下层，四种溶液无法区别，故D不符合题意。综上所述，答案为C。11.下列有关酶的叙述错误的是A.大多数酶属于蛋白质 B.酶的催化作用具有选择性和专一性C.酶通常具有高效催化作用 D.高温或紫外线的照射会增加酶的活性【答案】D【解析】【详解】A．大多数酶属于蛋白质，极少数酶是RNA，故A正确；B．酶的专一性和选择性是指一种酶只能催化一种化合物或一类化合物的化学反应，故B正确；C．酶是蛋白质，绝大多数酶的化学本质是蛋白质。具有催化效率高，故C正确；D．由于大多数酶是蛋白质，高温或紫外线的照射会失去酶的活性，即蛋白质发生变性，活性减弱或丧失，故D错误。综上所述，答案为D。12.有机物CH3-CH＝CH-Br能发生的反应：①取代反应；②加成反应；③消去反应；④使溴水褪色；⑤使酸性KMnO4溶液褪色；⑥与AgNO3溶液生成浅黄色沉淀；⑦加聚反应。下列说法正确的是A.只有②不能发生 B.只有⑥不能发生 C.只有⑦不能发生 D.以上反应均可发生【答案】B【解析】【详解】有机物CH3-CH＝CH-Br，其中含有的官能团为碳碳双键（能发生加成、加聚、能使溴水褪色、使酸性高锰酸钾溶液褪色）和溴原子（能发生取代、消去），所以只有⑥不能发生，原因在于该有机物不溶于水，也无法电离出溴离子，不能得到溴化银的浅黄色沉淀。选项B正确。13.液化气主要成分是丙烷，下列有关丙烷的叙述不正确的是()A.是直链烃，但分子中3个碳原子不在一条直线上B.在光照条件下能够与氯气发生取代反应C.丙烷比丁烷易液化D.1mol丙烷完全燃烧消耗5molO2【答案】C【解析】【详解】A、C3H8是直链烃，但其中的碳原子为饱和碳原子，和与之相连的四个原子形成四面体结构，故分子中3个碳原子不在一条直线上，正确；B、C3H8光照时能够与Cl2发生取代反应，正确；C、丁烷比丙烷易液化，错误；D、1mol丙烷完全燃烧消耗5molO2，正确；答案选C。14.下列实验操作中，不正确的是A.溴乙烷在氢氧化钠溶液中水解后，加入硝酸银溶液，可检验溴离子的存在B.配制银氨溶液的方法是在稀的硝酸银溶液中逐渐滴加稀氨水至产生的沉淀刚好溶解C.除去苯中的少量苯酚：加入NaOH溶液，振荡、静置分层后，除去水层D.配制新制Cu(OH)2悬浊液的方法是在NaOH溶液中滴入少量CuSO4溶液【答案】A【解析】【详解】A．溴乙烷在氢氧化钠溶液中水解后，应先加入稀硝酸，再加入硝酸银溶液，可检验溴离子的存在，故A错误；B．配制银氨溶液的方法是在稀的硝酸银溶液中逐渐滴加稀氨水，先产生沉淀，继续滴加稀氨水至产生的沉淀刚好溶解，故B正确；C．除去苯中的少量苯酚：加入NaOH溶液，NaOH溶液与苯酚反应生成苯酚钠，溶解在水中，振荡、静置分层后，除去水层，故C正确；D．配制新制Cu(OH)2悬浊液的方法是在NaOH溶液中滴入少量CuSO4溶液生成Cu(OH)2悬浊液，故D正确。综上所述，答案为A。15.分子式为C6H12O2且能与NaOH溶液发生水解反应的有机物有(不考虑空间异构)A.18种 B.19种 C.20种 D.21种【答案】C【解析】【分析】分子式为C6H12O2且能与NaOH溶液发生水解反应的有机物应该属于酯类物质，根据分子式可知应该属于饱和一元酸和饱和一元醇形成的酯，根据醇和羧酸的情况进行回答。【详解】分子式为C6H12O2，有一下几种情况：

①甲醇和戊酸形成的酯，甲醇没有同分异构体，戊酸有4种同分异构，则形成的酯有4种；

②乙醇和丁酸形成的酯，乙醇没有同分异构体，丁酸有2种同分异构，则形成的酯有2种；

③丙醇和丙酸形成的酯，丙醇2种同分异构体，丙酸没有同分异构体，则形成的酯有2种；

④丁醇和乙酸形成的酯，丁醇4种同分异构体，乙酸没有同分异构体，则形成的酯有4种；

④戊醇和甲酸形成的酯，戊醇8种同分异构体，甲酸没有同分异构体，则形成的酯有8种。

综上可以知道：属于酯的同分异构体共有20种。

故选C。16.下列物质中，自身既能发生加成反应，又能发生加聚反应，还能发生缩聚反应的是A. B.C.CH2=CH-COOH D.【答案】B【解析】【详解】A.能与H2发生加成反应，也能与甲醛发生缩聚反应，但不能发生加聚反应，A错误；B.中含有碳碳双键，能发生加成反应、加聚反应，自身也能发生缩聚反应，B正确；C.CH2=CH-COOH中含有碳碳双键，能发生加成反应，也能发生加聚反应，但自身不能发生缩聚反应，C错误；D.不能发生加成反应，也不能发生加聚反应，D错误；答案为B。【点睛】能发生加成反应的有机物应含有：碳碳双键、碳碳三键或—CHO等，能发生加聚反应的应含有：碳碳双键、碳碳三键等，能发生缩聚反应的应含有：氨基与羧基、羟基与羧基、酚与醛等。17.H是一种性能优异的高分子材料，其结构简式为，已被广泛应用于声、热、光的传感等方面．它是由HC≡CH、（CN）2、CH3COOH三种单体通过适宜的反应形成的．由H的结构式分析合成过程中发生反应的类型有（）

①加成反应

②取代反应

③缩聚反应

④加聚反应

⑤酯化反应A.①④⑤ B.①④ C.①③⑤ D.①②③【答案】B【解析】【分析】在高分子链中，单体转变为在化学组成上能够重复的最小单位，即链节；判断高聚物的单体，就是根据高分子链，结合单体间可能发生的反应机理，找出高分子链中的链节，主链中只有碳原子由加聚反应生成高聚物；凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体，再根据单体推断形成高聚物时发生的反应。【详解】由单体和加聚而成，CH≡CH与（CN）2、CH3COOH分别发生加成反应生成CN-CH=CH-CN、CH2=CH-OOCCH3，然后二者再发生加聚反应；故选：B。18.已知两个醛分子在NaOH溶液作用下可以发生自身加成反应，生成一种羟基醛：CH3CHO+CH3CHO。则乙醛与丙醛混合物在NaOH溶液中发生上述反应，最多可以形成的羟基醛有A.2种 B.3种 C.4种 D.5种【答案】C【解析】【详解】由两个醛分子在NaOH溶液作用下可以发生自身加成反应，生成一种羟基醛：CH3CHO+CH3CHO可知，在乙醛和丙醛的混合物中，乙醛和乙醛能发生上述的反应生成，丙醛和丙醛能也能发生上述的反应生成CH3CH2CH（OH）CH（CH3）CHO，乙醛和丙醛发生上述反应可生成：CH3CH2CH（OH）CH2CHO或者CH3CH（OH）CH（CH3）CHO，故乙醛与丙醛混合物在NaOH溶液中发生加成反应，最多可以形成4种羟基醛；答案选C。二、非选择题19.醇与氢卤酸反应是制备卤代烃的重要方法。实验室中制备溴乙烷(C2H5Br)通常采用以下方法：①检查装置的气密性；②在圆底烧瓶中加入10mL95%乙醇、28mL78%浓硫酸，然后加入研细的13g溴化钠和几粒碎瓷片；③塞上带有长导管的塞子，长导管的另一端插入装有冰水混合物的试管中，加热反应物(如图所示)。该反应体系可能存在的副反应有：醇在浓硫酸的存在下脱水生成烯和醚，Br-被浓硫酸氧化为Br2等。用此装置也可制备一些其它的卤代烃，如：1－溴丁烷等。有关数据列表如下：乙醇溴乙烷正丁醇1-溴丁烷密度/g·cm-30.78931.46040.80981.2758沸点/℃78.538.4117.2101.6(1)该方法制备溴乙烷(C2H5Br)涉及的化学方程式：①NaBr+H2SO4(浓)NaHSO4+HBr；②___________(2)图中试管内放入冰水混合物的目的是___________。(3)制备操作中，加入的浓硫酸必需进行稀释，其目的除了要减少HBr的挥发外，还有___________(填字母)。a．减少副产物烯和醚的生成b．水是反应的催化剂c．减小硫酸溶液的密度d．减少Br2的生成(4)欲除去溴乙烷中的少量杂质Br2，下列试剂中最适合的是___________(填字母)。a．H2Ob．NaOH溶液c．CCl4d．Na2SO3溶液(5)在制备溴乙烷时，可采用边反应边蒸出产物的方法，其原因是：___________。但在制备1－溴丁烷时却不能边反应边蒸出产物，其原因是：___________。【答案】①.CH3CH2OH+HBr→CH3CH2Br+H2O②.冰水温度低，使溴乙烷冷凝，且吸收挥发出来的乙醇和HBr等，便于溴乙烷进一步分离提纯③.ad④.d⑤.蒸出产物，有利于平衡向生成溴乙烷的方向移动，提高溴乙烷产率⑥.1－溴丁烷与正丁醇的沸点相差较小，若边反应边蒸出1－溴丁烷，会有较多的正丁醇被蒸出【解析】【分析】装置连接好后首先检查装置的气密性；向圆底烧瓶中加入10mL95%乙醇、28mL78%浓硫酸，然后加入研细的13g溴化钠和几粒碎瓷片；塞上带有长导管的塞子，长导管的另一端插入装有冰水混合物的试管中，加热反应物，为了减少副产物的发生，一般要将浓硫酸稀释，除掉生成的溴单质一般用亚硫酸钠溶液除掉，由于乙醇和溴乙烷的沸点相差比较大，常采用边加热边蒸出的方法，目的是提高产率和转化率。【详解】(1)该方法制备溴乙烷(C2H5Br)主要是溴化钠和浓硫酸反应生成溴化氢，溴化氢和乙醇反应生成溴乙烷和水，涉及的化学方程式：①NaBr+H2SO4(浓)NaHSO4+HBr；②CH3CH2OH+HBr→CH3CH2Br+H2O；故答案为：CH3CH2OH+HBr→CH3CH2Br+H2O。(2)根据表格中溴乙烷的沸点比较低，因此图中的试管放入冰水混合物的目的是冰水温度低，使溴乙烷冷凝，且吸收挥发出来的乙醇和HBr等，便于溴乙烷进一步分离提纯；故答案为：冰水温度低，使溴乙烷冷凝，且吸收挥发出来的乙醇和HBr等，便于溴乙烷进一步分离提纯；(3)制备操作中，加入的浓硫酸必需进行稀释，其目的除了要减少HBr的挥发外，根据信息醇在浓硫酸的存在下脱水生成烯和醚：Br－被浓硫酸氧化为Br2等，因此还有ad；故答案为：ad；(4)欲除去溴代烷中的少量杂质Br2，主要利用Na2SO3溶液与溴单质反应生成硫酸钠和溴化氢，而氢氧化钠溶液与溴乙烷要发生水解反应，四氯化碳与溴单质、溴乙烷是互溶的，因此最适合的是d；故答案为：d。(5)在制备溴乙烷时，根据表格中信息溴乙烷和乙醇的沸点相差较大，采用边反应边蒸出产物的方法，其原因是蒸出产物，有利于平衡向生成溴乙烷的方向移动，提高溴乙烷产率。但在制备1-溴丁烷时却不能边反应边蒸出产物，根据表中信息1-溴丁烷与正丁醇的沸点差较小，若边反应边蒸出1-溴丁烷，会有较多的正丁醇被蒸出；故答案为：蒸出产物，有利于平衡向生成溴乙烷的方向移动，提高溴乙烷产率；1-溴丁烷与正丁醇的沸点差较小，若边反应边蒸出1-溴丁烷，会有较多的正丁醇被蒸出。20.下图中A、B、C、D、E、F、G、H均为有机化合物。它们之间的转化关系如下图。依据转化关系图及提示信息回答下列问题：(1)有机化合物A的相对分子质量小于60，能发生银镜反应，其核磁共振氢谱有2组峰，红外光谱显示A中含有碳碳三键，1molA在催化剂作用下能与3molH2反应生成B，则A的结构简式是___，由A生成B的反应类型是___。(2)B在浓硫酸中加热可生成C，C在催化剂作用下可聚合生成高分子化合物D，由C生成D的化学方程式是___。(3)①芳香化合物E分子式是C8H8Cl2，E的苯环上有两个相同的取代基，且E苯环上的一溴代物只有一种，则E的结构简式是__。②E在NaOH溶液中可转变为F，F用高锰酸钾酸性溶液氧化生成G，则G的分子式为____。1molG与足量的NaHCO3溶液完全反应，理论上可放出CO2___L(标准状况)，(4)G和足量的B在浓硫酸催化下加热反应可生成H，则由G和B生成H的化学方程式是___，该反应的反应类型是___。【答案】①.HC≡CCHO②.加成反应或还原反应③.nCH3CH=CH2④.⑤.C8H6O4⑥.44.8⑦.+2CH3CH2CH2OH+2H2O⑧.酯化反应或取代反应【解析】【分析】有机化合物A的相对分子质量小于60，能发生银镜反应，说明含有醛基(—CHO)，其相对分子质量为29，另外基团相对原子质量小于31，其核磁共振氢谱有2组峰，红外光谱显示A中含有碳碳三键，说明有－C≡C－，1molA在催化剂作用下能与3molH2反应生成B，说明只有碳碳三键和醛基，因此A的结构简式是HC≡CCHO，A与氢气发生加成反应得到B(CH3CH2CH2OH)，B发生消去反应得到C(CH3CH=CH2)，C发生加聚反应得到D()，E(C8H8Cl2)的苯环上有两个相同的取代基，且E苯环上的一溴代物只有一种，说明有对称性，则E的结构简式是，E发生水解反应得到F()，F发生氧化反应得到G()，G和B发生酯化反应生成H。【详解】(1)有机化合物A的相对分子质量小于60，能发生银镜反应，说明含有醛基(—CHO)，其相对分子质量为29，另外基团相对原子质量小于31，其核磁共振氢谱有2组峰，红外光谱显示A中含有碳碳三键，说明有－C≡C－，1molA在催化剂作用下能与3molH2反应生成B，说明只有碳碳三键和醛基，因此A的结构简式是HC≡CCHO，由A生成B的反应类型是加成反应或还原反应；故答案为：HC≡CCHO；加成反应或还原反应。(2)A加成反应得到B(CH3CH2CH2OH)在浓硫酸中加热发生消去反应可生成C(CH3CH=CH2)，C(CH3CH=CH2)在催化剂作用下可聚合生成高分子化合物D(聚丙烯)，由C生成D的化学方程式是nCH3CH=CH2；故答案为：nCH3CH=CH2。(3)①芳香化合物E的分子式是C8H8Cl2，E的苯环上有两个相同的取代基，且E苯环上的一溴代物只有一种，说明有对称性，则E的结构简式是；故答案为：。②E()在NaOH溶液中可转变为F()，F用高锰酸钾酸性溶液氧化生成G()，因此G的分子式为C8H6O4。1molG含有2mol羧基，根据—COOH+NaHCO3→CO2，因此1molG与足量的NaHCO3溶液完全反应，理论上可放出CO2物质的量为2mol，体积为44.8L(标准状况)；故答案为：C8H6O4；44.8。(4)G和足量的B在浓硫酸催化下加热反应发生酯化反应生成H，则由G和B生成H的化学方程式是+2CH3CH2CH2OH+2H2O，该反应的反应类型是酯化反应或取代反应；故答案为：+2CH3CH2CH2OH+2H2O；酯化反应或取代反应。【点睛】有机推断是常考题型，主要考查通过分子式，基团推断结构简式，根据物质之间的反应推断生成的产物的结构简式、化学反应方程式等。21.醇酸树脂在油漆、涂料、船舶等方面有很广的应用，它常由二元酸、多元醇反应而成，是一种成膜性好的树脂，下面是一种醇酸树脂的合成线路：已知：RCH2CH=CH2(1)写出B的结构简式是_______。(2)反应①～④中属于取代反应的是________(填序号)。(3)写出由C→D的化学方程式_________。(4)写出由E与新制氢氧化铜反应的化学方程式__________，现象是_________。(5)下列说法正确的是_________(填字母)。a.1molE与足量的银氨溶液反应能生成2molAgb.1molF能与足量的NaHCO3反应产生1molCO2c.丁烷、1-丙醇和D中沸点最高的为D(6)写出一种符合下列条件，的同分异构体的结构简式_________(写其中一种即可)。a.能与浓溴水反应生成白色沉淀b.苯环上一氯代物有两种c.能发生消去反应(7)反应⑤的化学方程式是__________。【答案】①.CH2=CHCH2Br②.③③.CH2BrCHBrCH2Br+3NaOHCH2OHCHOHCH2OH+3NaBr④.+4Cu(OH)2+2NaOH+2Cu2O↓+6H2O⑤.生成砖红色沉淀⑥.c⑦.或⑧.+(2n-1)H2O【解析】【分析】CH3CH2CH2Br在氢氧化钠乙醇溶液中加热发生消去反应得到A(CH3CH=CH2)，根据信息A发生反应生成B(BrCH2CH=CH2)，B发生加成反应生成C(BrCH2CHBrCH2Br)，C在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成丙三醇，根据D和F发生反应的产物得到F为邻二苯甲酸，E为邻二苯甲醛。【详解】(1)根据前面分析得到B的结构简式是CH2=CHCH2Br；故答案为：CH2=CHCH2Br。(2)反应①～④依次是消去反应，加成反应，取代反应，氧化反应，因此属于取代反应的是③；故答案为：③。(3)由C→D是发生水解反应生成丙三醇，其化学方程式CH2BrCHBrCH2Br+3NaOHCH2OHCHOHCH2OH+3NaBr；故答案为：CH2BrCHBrCH2Br+3NaOHCH2OHCHOHCH2OH+3NaBr。(4)由E与新制氢氧化铜发生氧化反应，其化学方程式+4Cu(OH)2+2NaOH+2Cu2O↓+6H2O，现象是生成砖红色沉淀；故答案为：+4Cu(OH)2+2NaOH+2Cu2O↓+6H2O；生成砖红色沉淀。(5)a.1molE含有2mol醛基，因此1molE与足量的银氨溶液反应能生成4molAg，故a错误；b.1molF含有2mol羧基，根据—COOH—NaHCO3—CO2，因此1molF能与足量的NaHCO3反应产生2molCO2，故b错误；c.丁烷、1-丙醇和D(CH2OHCHOHCH2OH)，这三者由于D中含有分子间氢键，且比丙醇分子间氢键多，且相对分子质量最大，因此三者中沸点最高的为D，故c正确；综上所述，答案为c。(6)的同分异构体中a.能与浓溴水反应生成白色沉淀，说明含有酚羟基，b.苯环上一氯代物有两种，c.能发生消去反应，说明连醇羟基的碳原子相邻碳上有碳氢键，因此其结构简式或；故答案为：或。(7)反应⑤是发生缩聚反应，其化学方程式是+(2n-1)H2O；故答案为：+(2n-1)H2O。【点睛】有机推断是常