2025年湘师大新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于一个正方形abcd的四个顶点处，导线中通有方向如图所示的电流，若每根通电导线在正方形中点处产生的磁感应强度大小均为B；则正方形中点处实际磁感应强度的大小为（）

A.0B.2BC.BD.B2、已知一个无限大的金属板与一个点电荷之间的空间电场分布与等量异种电荷之间的电场分布类似，即金属板表面各处的电场强度方向与板面垂直．如图所示MN为无限大的不带电的金属平板，且与大地连接．现将一个电荷量为Q的正点电荷置于板的右侧，图中a、b、c、d是以正点电荷Q为圆心的圆上的四个点，四点的连线构成一内接正方形，其中a、b连线与金属板垂直．则下列说法正确的是。

A.b点电场强度与c点电场强度相同B.a点电场强度与b点电场强度大小相等C.a点电势等于d点电势D.将一试探电荷从a点沿直线ad移到d点的过程中，试探电荷电势能始终保持不变3、三个定值电阻的阻值分别为额定功率分别为它们分别组成如图甲；乙所示的电路，则下列说法中正确的是（）

A.图甲两端允许加的最大电压为B.图甲电路允许流过的最大电流为C.图乙两端允许加的最大电压为D.图乙电路允许消耗的最大功率为4、图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点；则关于该粒子下列说法错误的是（）

A.带正电B.在c点受力最大C.在b点的电势能大于在c点的电势能D.由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化5、如图所示；是闪电击中广州塔的画面，广州塔的尖顶是一避雷针，雷雨天气时，底端带负电的云层经过避雷针上方时，避雷针尖端放电形成瞬间强电流，乌云所带的负电荷经避雷针导入大地，在此过程中，下列说法正确的是（）

A.云层靠近避雷针时，针尖感应出负电荷B.越靠近避雷针尖端，电势越低C.云层上负电荷流向避雷针的过程中，可能在做匀变速曲线运动D.云层上负电荷流向避雷针的过程中，其电势能减小6、如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线。一个带正电的粒子（不计重力）从a到b穿越管条电场线的轨迹如图中的虚线所示；下列结论正确的是（）

A.负点电荷一定位于M点左侧B.带电粒子从a到b过程中加速度逐渐变小C.带电粒子从a到b过程中电势逐渐变大D.带电粒子从a到b过程中动能逐渐变大7、电源、电阻箱、电压表与开关连接成如图所示的电路。闭合开关S后，当电阻箱接入电路的阻值时，电压表示数为2.00V。已知电源的电动势内阻r一定。电源内阻r的阻值为（）

A.1.0ΩB.2.0ΩC.3.0ΩD.4.0Ω8、在我国北方天气干燥的季节里，脱掉外衣后再去拉金属门把手时，常会被电击，这是因为（）A.干燥空气使人身体上聚集了大量电荷，手接触金属门把手时产生放电B.干燥空气使金属门把手上有大量的电荷，手接触金属门把手时产生放电C.天气干燥使门把手的电势较高，人的电势较低，手接触金属门把手时被电击D.人脱衣时由于摩擦使人体带了大量电荷，手接触金属门把手时产生放电评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、在测量电源电动势和内阻的实验中，为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源和开关、导线以外，还需要用到一些其它的实验器材，下面给出的四组实验器材中，能完成实验目的有哪几组（）A.一个电流表和一个电阻箱B.一个电压表和一个电阻箱C.一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器D.一个电流表和一个滑动变阻器10、电压表；电流表都是由小量程电流表改装而成的；如图甲、乙所示分别是电压表、电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再串一个较小的电阻B.若改装后的电流表示数比标准表稍大一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻C.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻D.若改装后的电压表示数比标准表稍大一些，可以给串联电阻再并联一个较大的电阻11、如图所示，竖直平面内相距的A、B两点（AB水平）均固定有电荷量为Q的正点电荷，半径为a的光滑绝缘细圆管（圆管的大小不计）固定在A、B两点间，其圆心O位于AB的中点，细管与AB以及AB中垂线的交点分别为C、E、D、F。一电荷量为q的带负电小球（视为质点）在圆管内沿顺时针方向运动，以大小为（g为重力加速度大小）的速度通过D点时，小球恰好对细管无压力。静电力常量为k；不计空气阻力。下列说法正确的是（）。

A.小球通过C、E两点时的合力相同B.小球通过F点时的速率为C.小球的质量为D.小球在C点的电势能等于其在E点的电势能12、在静电场中，下列说法正确的是（）A.沿着电场线方向，电势一定越来越低B.电场强度为零的点，电势不一定为零C.电场强度相同的区域，电势也一定相同D.电势相同的区域，电场强度也相同13、在平面直角坐标系的x轴上关于原点O对称的P、Q两点各放一个等量点电荷后，x轴上各点电场强度E随坐标x的变化曲线如图所示。规定沿x轴正向为场强的正方向；则下列说法正确的是（）

A.P点一定是放正电荷，Q点一定是放负电荷B.x轴上从P点到Q点的电势先降低后升高C.若将一个正试探电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中电场力先做正功后做负功D.若将一个正试探电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中受到的电场力先增大后减小14、如图所示，正四面体的两个顶点分别固定电荷量为Q的正点电荷，是所在棱的中点，为正四面体另外两个顶点；则（）

A.两点电势相等B.两点电场强度大小相等、方向相反C.从b到d电势逐渐升高D.负试探电荷从c到d电势能先减小后增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、热辐射∶

（1）定义∶一切物体都在辐射____，这种辐射与物体的____有关；所以叫作热辐射。

（2）特点∶物体在热辐射中随温度的升高，辐射的_______的电磁波的成分越来越大。16、一台电动机，线圈电阻是0.4Ω，当电动机两端加220V电压时，流过电动机的电流是50A，电机线圈的发热功率______，电动机消耗的电功率______，电动机所做机械功的功率______，电动机每分钟所做的机械功______。17、如图所示，游标卡尺的示数为___________cm；螺旋测微器的示数为___________mm。

18、科学思想方法在物理问题的研究中十分重要，库仑受到牛顿的万有引力定律的启发，运用______方法（选填“建立模型”、“类比”、“控制变量”、“理想实验”）得出库仑定律，其表述为真空中两点电荷间距一定时相互作用力与______成正比。19、电场中有A、B、C三点，一电量为+q、质量为m的带电粒子仅受电场力作用，从A点开始以初速v0做直线运动，其v-t图像如图。粒子在t0时刻运动到B点，3t0时刻运动到C点。由图可推断，A、B、C三点中，_____点的电场强度最大，粒子经过_____点时具有的电势能最大；A、B两点的电势差UAB=_________。

20、如图用伏安法测电阻时，如果不知道待测电阻的大概值时，为了选择正确的电路以减少误差，可将电压表一个接头分别在两点接触一下，如果安培表读数有显著变化，则S应接在___________处，如果伏特表读数有显著变化，则S应接在___________处。

21、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，电源的电动势为___________V。

评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)22、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)23、（1）用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示．

①对测量原理的理解正确的是__________．（选填选项前的字母）

A．由可知，T一定时，g与l成正比

B．由可知，l一定时，g与T2成反比

C．单摆的振动周期T和摆长l可用实验测定，由可算出当地的重力加速度

②若测量结果得到的g值偏大，可能是因为________．（选填选项前的字母）

A．组装单摆时，选择的摆球质量偏大

B．测量摆长时，将悬线长作为单摆的摆长

C．测量周期时，把n次全振动误认为是(n＋1)次全振动

③下表是某同学记录的实验数据，并做了部分处理．。组次123456摆长l/cm40.0050.0060.0080.00100.00120.0050次全振动时t/s63.074.077.589.5100.0109.5周期T/s1.261.481.551.792.19周期的平方T2/s21.592.012.403.204.80

请计算第5组实验中的T2=____________s2．

④将上表数据输入计算机，可得到右图所示的l－T2图像，图线经过坐标原点，斜率k=0.25m/s2．由此求得重力加速度g＝________m/s2．（π2=9.87，此空答案保留3位有效数字）

（2）在测定电容器电容值的实验中，将电容器、电压传感器、阻值为3k的电阻R、电源、单刀双掷开关按图甲所示电路图进行连接．先使开关S与1端相连，电源向电容器充电，充电完毕后把开关S掷向2端，电容器放电，直至放电完毕．实验得到的与电压传感器相连接的计算机所记录的电压随时间变化的u-t曲线如图乙所示，图丙为由计算机对图乙进行数据处理后记录了“峰值”及曲线与时间轴所围“面积”的图．

①根据图甲所示的电路，观察图乙可知：充电电流与放电电流方向_____________（选填“相同”或“相反”），大小都随时间______________；（选填“增加”或“减小”）

②该电容器的电容值为____________F；（结果保留2位有效数字）

③某同学认为：仍利用上述装置，将电压传感器从电阻两端改接在电容器的两端，也可以测出电容器的电容值．请你分析并说明该同学的说法是否正确．24、某同学欲描绘一只标有“3.0V；0.45W”的小灯泡的伏安特性曲线，准备的器材如下∶

电压表V（量程为3.0V；内阻约2.0kΩ）；

电流表A（量程200mA；内阻约2.0Ω）

滑动变阻器R（0-10Ω；额定电流2.0A）；

电池组（E=6.0V；内阻不计）

开关和导线若干。

该同学采用两种测量方案，一种是将电压表跨接在图1所示电路的O、P两点之间，另一种是跨接在O、Q两点之间。测量得到如图2所示的两条I-U图线，其中U与I分别为电压表和电流表的示数。回答下列问题：

（1）图2中标记为Ⅱ的图线是采用电压表跨接在_____________（填“O、P”或“O、Q”）两点的方案测量得到的；

（2）根据所用实验器材和图2可判断，图线____________（填“I”或“Ⅱ”）更接近小灯泡真实的伏安特性曲线；

（3）由图可知，当小灯泡两端电压为1.8V时，灯丝电阻为____________Ω（保留1位小数）；

（4）把此小灯泡和一电源（E=3.0V，r=10Ω）串联，小灯泡消耗的电功率为____________W（保留2位小数）。25、某兴趣小组利用电流传感器测量某一电容器的电容。电流传感器的反应非常快，可以捕捉到瞬间的电流变化，将它与计算机相连，还能显示出电流随时间变化的I-t图像。实验电路如图（a）所示，电源电动势和内阻的标称值分别为E和r。

（1）将电阻箱阻值调为R1。

（2）闭合开关，电源向电容器充电，直至充电完毕，得到I-t图像如图（b）所示，数出图像与坐标轴所围格子数为35，此时电容器所带的电荷量________C（结果保留2位有效数字），电容器两端电压______（用E、r和R1表示）。

（3）改变电阻箱接入电路的阻值，重复前面两个步骤，得到多组对应的电阻箱阻值R和电容器所带的电荷量q。

（4）经过讨论，利用所得数据绘制图像如图（c），所绘图像应为_________。

A.图B.图C.图D.图。

（5）若实验时电源实际电动势和内阻均大于标称值，利用图（c）（图中a、b均为已知量）所得电容器的电容_________其真实值。（填“大于”；“小于”或“等于”）

26、某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验。已选用的器材有：电池组E(电动势3.0V)；小灯泡L(额定功率1W；额定电流0.5A)、电流表(0～0.6A)、开关和导线若干。

(1)实验中电压表应选用_______；滑动变阻器应选用________(选填相应器材前的字母)

A、电压表(0~3V)B；电压表(0~15V)

C、滑动变阻器(0~5Ω)D；滑动变阻器(0~50Ω)

(2)该同学设计了如图1所示的实验电路。图2是实验器材实物图，图中已连接了部分导线。请根据图1所示的实验电路，补充完成图2中实物间的连线_____

(3)实验得到小灯泡L的伏安特性曲线如图3所示，现将小灯泡L接入如图4所示电路，已知电动势E=3.0V、内阻r=1.0Ω，R0＝5.0Ω，闭合开关S，小灯泡消耗的功率P=________W(结果保留两位有效数字)。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

由右手螺旋定则可知，a、c导线在中点处的场强均指向右下方，场强均为B，b、d导线在中点处的场强均指向左下方，场强均为B，故中点处的场强为

C正确。

故选C。

2、C【分析】【详解】

画出电场线如图所示:

A、根据对称性可以，b点电场强度与c点电场强度大小相同；方向不同，故A错误；

B、电场线密集的地方电场强度大，从图像上可以看出a点电场强度大于b点电场强度；故B错误；

C、根据对称性并结合电场线的分布可知a点电势等于d点电势；故C正确；

D；由于试探电荷先靠近正电荷后远离正电荷；所以电场力在这个过程中做功，当总功为零，所以试探电荷电势能不是始终保持不变，故D错误；

故选C

点睛：电场线越密集的地方电场强度越大，并且沿电场线的方向电势在降低．3、B【分析】【详解】

根据题意，的额定电压为

的额定电流为

同理可得

A．由以上分析可知；图甲两端允许加的最大电压为10V，故A错误；

B．当图甲所示电路两端加10V电压时，通过的电流为最大电流为

故B正确；

C．图乙所示电路图，与并联的两端允许加的最大电压为10V，此时允许通过的最大电流为

故此时图乙所示电路两端所加最大电压为

故C错误；

D．当图乙两端加17.5V电压时，图乙消耗的功率最大，为

代入数据

故D错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

A．由图可知；该粒子受到正点电荷的库仑斥力，则该粒子带正电，故A正确，不满足题意要求；

B．a、b、c三点中，c点离点电荷最远，可知该粒子在c点受力最小；故B错误，满足题意要求；

C．离正电荷越近，电势越高，可知b点电势大于c点电势，根据

由于该粒子带正电，则该粒子在b点的电势能大于在c点的电势能；故C正确，不满足题意要求；

D．根据点电荷场强公式

可知a、b间同心圆的场强大于b、c间的同心圆场强；根据

由于a、b间同心圆的距离等于b、c间同心圆的距离，则a、b间的电势差大于b、c间的电势差；动能定理可得

可知由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化；故D正确，不满足题意要求。

故选B。5、D【分析】【详解】

A．云层靠近避雷针时；针尖感应出正电荷，A错误；

B．越靠近避雷针尖端；电势越高，B错误；

C．越靠近避雷针尖端；场强越大，电子所受电场力越大，加速度越大，因此云层上负电荷流向避雷针运动的过程中，做加速度增加的变加速曲线运动，C错误；

D．云层上负电荷流向避雷针的过程中；电场力做正功，其电势能减小，D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．带正电的粒子所受电场力向右，电场线由M指向N，说明负电荷在直线N点右侧。故A错误；

B．a点离点电荷较远，a点的电场强度小于b点的电场强度，带电粒子在a点的电场力小于在b点的电场力，根据牛顿第二定律得知，带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，即带电粒子从a到b过程中加速度逐渐变大；故B错误；

CD．带电粒子从a到b过程电场力对带电粒子做正功；电势能减小，动能逐渐变大，电势变小，故C错误，D正确。

故选D。7、A【分析】【详解】

根据闭合回路欧姆定律可得

解得

故选A。8、D【分析】根据题意可以知道，脱掉外衣时，出现摩擦起电现象，当伸手摸金属门把手，使产生的大量静电被导走，从而出现放电现象，所以感觉被“电”了一下，故D正确，ABC错误．故选D．二、多选题(共6题，共12分)9、A:B:C【分析】【详解】

A．用一个电流表和一个电阻箱，可以测出两组数据，由闭合电路欧姆定律可得

两式联立可得

故A正确；

B．用一个电压表和一个电阻箱，可以测出两组数据，由闭合电路欧姆定律可得

联立可得

故B正确；

C．用一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器，可以测出两组数据，由闭合电路欧姆定律可得

联立可得

故C正确；

D．用一个电流表和一个滑动变阻器测量；因不知外电阻大小，无法根据闭合电路欧定律列式求解，故D错误。

故选ABC。10、A:B【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，故A正确；

B．若改装后的电流表示数比标准表稍大一些；说明流过表头的电流大，可以减小分流电阻使其分流多些，从而减小流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻并联一个较大的电阻，故B正确；

C．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，故C错误；

D．若改装后的电压表示数比标准表稍大一些；说明流过表头的电流大，应该增大串联电阻，故D错误。

故选AB。11、B:C:D【分析】【详解】

AD．C、E两点高度相同，重力势能相同，并且C、E两点关于O点对称，故小球电势能相同，由能量守恒可知，小球在C、E两点速度相同，故需要的向心力大小相同，故小球通过C、E两点时的合力大小相同；但方向不同，A错误，D正确；

B．D和F两点关于O点对称，故小球电势能相同，小球从D到F过程中只有重力做功，故

解达

故B正确；

C．由几何关系可知

由平行四边形定则，可知小球在D点时得电场力（q为带负电小球）

方向向下，在D点，合力提供向心力

故

故C正确；

故选BCD。12、A:B【分析】【详解】

A．沿着电场线方向；电势逐渐降低，所以电势一定越来越低．故A正确．

B．电场强度为零的点；电势不一定为零，如等量同种电荷的中点的电场强度为零，但是电势不为零．故B正确．

C．电场线的疏密表示电场强度的大小；但是沿着电场线的方向电势是降低的，比如匀强电场中，电场强度处处相同的区域内，但是电势沿着电场线的方向电势是降低的．故C错误．

D．电势相同的区域，电场强度不一定相同．故D错误．13、A:D【分析】【详解】

AB.由图可知PO之间的电场强度为正，而OQ之间的电场强度也为正，两电荷连线上电场强度方向相同，说明是两个异种电荷；连线上电场方向沿x轴正方向，也就是由P指向Q，所以P带正电，Q带负电，且x轴上从P点到Q点的电势逐渐降低。故A正确；B错误。

C.由以上分析可知两电荷为等量异种电荷，且P带正电，Q带负电；则两电荷连线的中垂线为等势面，将一个正试探电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中，电场力做功为零，故C错误。

D.在两个等量异种点电荷形成的静电场中，将一个正检验电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中受到的电场力先增大后减小，故D正确。14、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．正点电荷到两点的距离相等，则在两点产生的电势相等，根据电势的叠加原理可知两点电势相等；A正确；

B．根据电场强度的叠加原理可知，两点电场强度大小相等；根据几何知识知场强方向不相反，B错误；

CD．根据电势的叠加原理可知从b到d电势逐渐降低，从c到d电势先升高后降低，又负试探电荷在电势髙处电势能小，则负试探电荷从c到d电势能先减小后增大；C错误，D正确。

故选AD。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]根据热辐射的定义可知；一切物体都在辐射电磁波，这种辐射与物体的温度有关，所以叫作热辐射。

（2）[3]热辐射的特点是物体在热辐射中随温度的升高，辐射的较短波长的电磁波的成分越来越大。【解析】①.电磁波②.温度③.较短波长16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电机线圈的发热功率为

[2]电动机消耗的电功率为

[3]电动机所做机械功的功率

[4]电动机每分钟所做的机械功为【解析】①.1000W②.11000W③.10000W④.17、略

【分析】【详解】

[1]图甲所示是20分度游标卡尺，示数为

[2]螺旋测微器的示数为【解析】1.3456.79018、略

【分析】【详解】

[1][2]万有引力定律研究是任意两个物体之间的作用，而库仑定律研究的是真空中两个静止的点电荷之间的作用，两个定律都研究相互作用，可以进行类比。1785年库仑经过实验提出库仑定律，表述为真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，跟它们电荷量的乘积成正比，跟它们距离的二次方成反比，作用力的方向在两点电荷连线上。【解析】类比它们电荷量的乘积19、略

【分析】【详解】

[1]由v-t图像可知，在0~t0中，图像切线斜率绝对值逐渐增大，t0以后图像切线斜率绝对值逐渐减小，所以在t0时刻图像切线斜率绝对值最大，即在t0时刻带电粒子加速度最大，又因为带电粒子仅受电场力作用，由牛顿第二定律可知，在t0时刻（B点）带电粒子的电场力最大；即电场强度最大。

[2]由v-t图像可知，在0~t0中，带电粒子往正方向做减速运动，电场力做负功，电势能增大，t0以后带电粒子往负方向做加速运动，电场力做正功，电势能减小，所以在t0时刻（B点）电势能最大。

[3]结合图像，带电粒子从A点运动到B点，由动能定理得

解得【解析】BB20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．如果电压表读数变化不明显而安培表变化明显，则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以S应接在b处．

[2]．根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化，而电压表变化明显，则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即S应接在a处；【解析】ba21、略

【分析】【详解】

由闭合电路欧姆定律当时，即图线与纵轴交点表示断路状态，故电动势【解析】6.0四、作图题(共1题，共10分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)23、略

【分析】【详解】

（1）①重力加速度的大小与摆长和周期的大小无关，故AB错误，根据得可知测出单摆的周期和摆长，可以求出当地的重力加速度．故C正确，故选C；②根据单摆的周期公式得重力加速度的表达式从上面的表达式可得，重力加速度与小球的质量无关，故A错误；测摆长时没有加小球的半径，使L变小，代入公式使g值偏小，故B错误；单摆振动n次的时间t，单摆的周期若误记做n+1次，则即周期的测量值小于真实值，所以重力加速度的测量值偏大，故C正确，故选C；③由表中数据可知第5组实验中的则④根据重力加速度的表达式变形得：故的斜率为解得：．

（2）①根据图甲所示的电路，观察图乙可知：充电电流与放电电流方