2025年冀教新版选修三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版选修三物理下册阶段测试试卷83考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，正确表示线圈中感应电动势E变化的是图中的（）

A.B.C.D.2、一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻和的阻值分别为和为理想交流电流表，为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定.当开关断开时，电流表的示数为当闭合时，电流表的示数为该变压器原；副线圈匝数比为（）

A.2B.3C.4D.53、在如图甲的电路中,理想变压器原、副线圈匝数比为10:1,ab两端接入图乙的电压,副线圈接火灾报警系统(报警器未画出),图中电压表和电流表均为理想电表,D为理想二极管（电流正向通过该元件时其电阻可忽略不计，反向通过时其电阻可视为无穷大）,R0为定值电阻,L为电阻恒定的指示灯,RT为热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小）．下列说法中正确的是()

A.电压表的示数为22VB.若RT处出现火灾时，指示灯L将变暗C.若RT处出现火灾时，电流表示数保持不变D.若RT处出现火灾时，电压表示数将变大4、如图所示是显像管的原理图；没有磁场时阴极射线（电子束）将打在荧光屏正中的Ｏ点，要使电子束打在图中的Ａ点，偏转磁场应该沿着什么方向：

A.沿着纸面向上；B.沿着纸面向右；C.垂直于纸面向外；D.垂直于纸面向里．5、一个质量为m、电荷量为q的带电粒子,由静止开始经加速电场加速后(加速电压为U),该粒子的德布罗意波长为()A.B.C.D.6、如图所示是一台发电机的结构示意图，其中N、S是永久磁铁的两个磁极，它们的表面呈半圆柱面形状。M是圆柱形铁芯，它与磁极的柱面共轴，铁芯上有一矩形线框，可绕与铁芯M共轴的固定转动轴旋转。磁极与铁芯之间的缝隙中形成方向沿半径、大小相等的磁场。若从图示位置开始计时，当线框绕固定转动轴匀速转动时，下列图像中可能正确反映线框中感应电动势e随时间t变化规律的是（）

A.B.C.D.7、如右图所示的电路为欧姆表原理图，电池的电动势E＝1.5V，G为电流表，满偏电流为200μA。当调好零后，在两表笔间接一被测电阻Rx时，电流表G的指针示数为50μA，那么Rx的值是()A.7.5kΩB.22.5kΩC.15kΩD.30kΩ8、两个相同的金属小球（可视为点电荷），它们均带正电，所带电荷量之比为1:7，真空中相距r，把它们接触后再放回原处，则它们间的静电力为原来的（）A.倍B.倍C.倍D.倍9、关于原子核的衰变，下列说法正确的是（）A.射线是电子流，是原子核外电子的一种自发的放射现象B.对天然放射性元素加热，其半衰期将变短C.原子核发生衰变时，衰变前后的电荷数和质量数都守恒D.任何元素都有可能发生衰变评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图，理想变压器的原、副线圈的匝数比为2∶1，在原、副线圈的回路中接入的电阻阻值均为R，电压表和电流表均为理想电表，a、b端接有电压为220sin10πtV的交流电，开关S处于断开状态时，设电压表读数为U，原、副线圈回路中电阻R消耗的功率之比为k；则()

A.U＝88V，k＝B.U＝110V，k＝4C.当开关闭合时，电流表的示数会减小D.当开关闭合时，电压表的读数会减小11、关于物体内能，下列说法中正确的是（）A.每一个分子的动能与分子势能的总和叫物体的内能B.物体所有分子的动能与分子势能的总和叫物体的内能C.一个物体，当它的机械能发生变化时，其内能也一定发生变化D.一个物体内能的多少与它的机械能多少无关12、一定质量理想气体从初始状态A经状态B、C、D再回到状态A，其体积V与温度T的关系如图所示。下列说法正确的是（）

A.从状态A到状态B的过程中，气体内能增大B.从状态B到状态C的过程中，气体向外放热C.从状态C到状态D的过程中，气体压强增大D.从状态D到状态A的过程中，外界对气体做正功13、下列说法正确的是_____________A.空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果B.悬浮在水中的花粉的布朗运动反应了花粉分子的热运动C.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点E.一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加E.一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加14、下列说法正确的是（）A.当两分子间距减小到分子间作用力为0时，其分子势能一定最小B.达到热平衡的系统一定具有相同的温度C.一定质量的理想气体，在发生绝热膨胀的过程中，其分子的平均动能一定减小E.将密闭一定质量气体的容器置于在轨运行的宇宙飞船中，容器内的气体压强将变为0E.将密闭一定质量气体的容器置于在轨运行的宇宙飞船中，容器内的气体压强将变为015、下列说法中正确的是（）A.气体放出热量，其分子平均动能不一定减小B.液体汽化现象的原因是液体分子间存在斥力，分子相互排斥导致汽化现象的发生C.布朗运动可以说明液体分子在永不停息地做无规则运动D.任何物质的摩尔体积V、分子体积V0与阿伏加德罗常数NA之间的关系都可表示为V=NAV016、下列说法中正确的是（）A.无论技术怎样改进，热机的效率都不可能达到100%B.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用C.能量耗散从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性E.在油膜法估测分子大小的实验中，用一滴酒精油酸溶液的体积与浅盘中油膜面积的比值可估测油酸分子的直径E.在油膜法估测分子大小的实验中，用一滴酒精油酸溶液的体积与浅盘中油膜面积的比值可估测油酸分子的直径17、一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图中实线所示，t=时的波形图如图中虚线所示，若波传播的速度v=8m/s；下列说法正确的是（）

E.x=2m处的质点的位移表达式为A.这列波的周期为0.4sB.这列波沿x轴负方向传播C.t=0时刻质点a沿y轴负方向运动D.从t=0时刻开始质点a经0.25s通过的路程为0.4m18、氢原子的能级如图所示；已知可见光的光子能量范围约为1.62～3.11eV．下列说法正确的是()

A.一个处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出3种不同频率的光B.大量氢原子从高能级向n＝3能级跃迁时，可能发出可见光C.处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离D.大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出6种不同频率的光评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的_______（选填“相对”或“绝对”）湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强_______（选填“较大”或“较小”）。20、如图所示，已知导体棒中通有电流I，导体棒长度为L，磁场磁感应强度为B；当导体棒按下面几种方式放置时，写出导体棒所受安培力的大小．

F=________F=_________F=________F=________21、如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同。若从左侧水平射入的带电粒子，不计重力，穿过这一区域时未发生偏转，则该粒子的速度大小为________；若只改变该粒子的电性，则粒子穿过这一区域时是否会发生偏转？________（选填“会”或“不会”）。22、如图，交流电压随时间按正弦函数规律变化，则该交流电的电压最大值为_________V，有效值为_________V．

23、一条弹性绳子呈水平状态；M为绳子中点，两端P；Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（____）

E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同24、阅读短文；回答问题：

变频空调机。

空调机中有被称为“冷媒”的物质；利用它的物态变化可以实现室内；室外热量的转移，如图所示是空调机制冷系统的原理图，其中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒”在管内循环，压缩机的转速越大，“冷媒”的流量越大，空调机的制冷能力就越强．

压缩机的转速由供电频率决定；“变频空调”是与传统供电频率不变的“定频空调”相比较而产生的概念，与“定频空调”相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率，从而改变压缩机的转速．供电频率越高，转速越大，达到控制“冷媒”流量的目的．

变频空调机开始工作时；以最大功率进行制冷，当室内温度快速降至设定温度后，压缩机随机处于低速持续运转状态，维持室温基本不变．

某型号变频空调机的部分参数如下表；其中：制冷量是指单位时间内空调机从密闭区域内去除热量的总和；能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率之比．

。

最小。

额定。

最大。

输入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

请回答下列问题：

(1)空调机的制冷原理是：在室内；“冷媒”由于________吸收热量，而在室外则由于________放出热量，从而把室内的热量转移到室外，达到降低室内温度的目的．（以上均填物态变化名称）

(2)关于变频空调机；下列说法正确的是：（_____）．（填字母序号）

A；变频空调的压缩机与定频空调一样；也是断断续续工作的。

B；空调机制冷时；图中钢管A内流动的是气态“冷媒”

C；空调压缩机是利用降温的方法使“冷媒”发生物态变化的。

D、变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强25、阅读短文；并回答问题。

家庭热泵﹣﹣空调。

夏天来了；安装空调的家庭逐渐多了起来，如图甲是家用分体式空调的原理图，其制冷原理是室外机中的压缩机将气态的制冷剂压缩后成为高温高压的液态制冷剂，散热后液态的制冷剂经膨胀阀进入蒸发器（室内机）迅速变成气体，吸收大量的热量，从而使房间的温度迅速下降（冬天的制热工作过程与上述相反），空调在制冷运行的过程中会产生大量的冷凝水，因此空调配有排水系统。

制冷量是家庭购买空调时需要考虑的一项重要指标．它是指空调进行制冷运行时；单位时间内从密闭空间内去除的热量总和，制冷量大的空调适用于面积比较大的房间，且制冷速度较快，以15平方米的居室面积为例，使用额定制冷量在2500W左右的空调比较合适，家用空调的制冷量单位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空调节电效果的一项重要指标；家用空调器的能效比（EER）就是其制冷量与制冷消耗电功率之比，如图乙所示是两台不同品牌空调上的能效标识（能效标识是附在产品上的一种信息标签，用于表示耗能产品的能源效率等级等性能指标，为用户和消费者的购买决策提供必要的信息，以引导用户和消费者选择高效节能产品），如表是国家标准中关于分体式空调部分能效等级指标。

额定制冷量CC/W能效等级与对应的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空调制冷运行时，室内的空气湿度________（大于/小于）室外，图乙中，两空调工作时更节能的是________（A/B）；

(2)关于空调机，下列说法正确的是()。

A；家庭安装空调要铺设专线；目的是为了防止触电。

B；空调机制冷时；室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能。

C；空调压缩机是利用降温的方法使氟利昂发生物态变化的。

D；空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将冷气吹向室内。

(3)某家庭空调机制冷量为1.5匹，能效比为3，在额定状态下连续工作10min，消耗的电能为________kW•h，不计热损失，理论上可以使40m2的密闭房间内的空气温度下降________℃。[取房间层高3m，空气的密度ρ=1.29kg/m3，比热容c=1.0×103J/（kg•℃）]。评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)29、某物理兴趣小组的小明和小华两同学走进实验室；准备利用实验室现有器材进行电学知识实验探究。实验室可供探究的器材有：

A．干电池（电动势E=1.5V，内阻r约为2）；

B．电流表A（满偏电流为3mA，内阻约为9）；

C．电压表V（量程为1.5V，内阻约为1000）

D．电阻箱R1（最大阻值为999.9）；

E．滑动变阻器R2（最大阻值为1000）；

F．定值电阻R3（阻值约为1）；

G．开关；导线若干。

（1）小明同学将干电池、电流表A和滑动变阻器R串联，设计了如图甲所示的欧姆表，完成测试后表盘上1.5mA刻度对应的电阻值为_______

（2）小华同学为了对图甲的欧姆表进行改装，他首先测量了电流表A的内阻，他将电流表A与电阻箱R1串联，设计了如图乙所示的测量电路。闭合开关，调节电阻箱的阻值，当电流表满偏时电压表的示数为1.47V，电阻箱的读数为480则电流表的内阻RA=_______

（3）小华同学在上述实验基础上继续利用电流表A和电压表V来测量定值电阻R3的阻值，用伏安法的内接和外接两种电路进行测量，则采用伏安法的_______（填“内接”或“外接”）测量较准确。在测量中，若电压表的示数为U，电流表的示数为I，则定值电阻R3阻值的表达式为R3=_______（用实验测量的物理量的字母表示）。

（4）小华同学经过多次测量得到定值电阻R3的电阻为他利用该定值电阻对小明同学设计的如图甲所示的欧姆表进行改装，从而实现了对欧姆表倍率的转换，改装电路如图丙所示。则图甲和图丙两种欧姆表的倍率之比为_______。30、有一电流表A，量程为1mA，内阻r1约为100Ω．要求测量其内阻．可选用器材有，电阻箱R0；最大阻值为99999.9Ω；

滑动电阻箱甲；最大阻值为10kΩ；

滑动电阻箱乙；最大阻值为2kΩ；

电源E1；电动势约为2V，内阻不计；

电源E2；电动势约为6V，内阻不计；

开关2个；导线若干．

采用的测量电路图如图所示；实验步骤如下：

a.断开S1和S2，将R调到最大；

b.合上S1调节R使A满偏；

c.合上S2，调节R1使A半偏，此时可以认为A的内阻rg＝R1；试问：

（ⅰ）在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择____；为了使测量尽量精确，可变电阻R应该选择____；电源E应该选择____．

（ⅱ）认为内阻rg＝R1，此结果与rg的真实值相比____．（填“偏大”、“偏小”或“相等”）31、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL；实验室提供以下器材：

（A）待测线圈L（阻值约为2Ω；额定电流3A）

（B）电流表A1（量程0.6A，内阻r1=1Ω）

（C）电流表A2（量程3.0A，内阻r2约为0.2Ω）

（D）滑动变阻器R1（0～10Ω）

（E）滑动变阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值电阻R3=10Ω

（G）定值电阻R4=100Ω

（H）电源（电动势E约为9V；内阻很小）

（I）单刀单掷开关两只S1、S2；导线若干．

要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数I1、I2，然后利用给出的I2-I1图象（如乙图所示），求出线圈的电阻RL的准确值．

①实验中定值电阻应选用______，滑动变阻器应选用________．（填写器材前面的序号；如：A；B、C等，直接写器材名称或符号均不得分）

②请你画完图甲方框中的实验电路图_____________．

③实验结束时应先断开开关_______.

④由I2-I1图象，求得线圈的直流电阻RL=_______Ω.32、(1)用螺旋测微器测量圆柱体直径如图甲，可知其直径D为______mm，用游标卡尺测量其长度如乙，可知其长度L为______cm．

(2)欲测量一个电流表的内阻；现备有如下器材:

A.待测电流表A1(量程3mA，内阻约为40)

B.电压表V(量程3V，内阻约3000)

C.电流表A2(量程15mA，内阻为40)

D.定值电阻

E.直流电源E(电动势1.5V；内阻忽略不计)

F.滑动变阻器(总阻值5；额定电流0.5A)

G.开关一个；导线若干。

①请利用上述所给器材，设计出合理的、便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的一半，将电路图画在题中的虚线框中__________．

②在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算A1的内阻，表达式为______．(用物理量对应的字母表示)评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)33、如图所示，ABCD为某棱镜的截面，∠B=∠C=90°，∠D=75°。用激光笔从BC面上的P点射入一束激光，该光束从AD面的Q点与AD面成30°角射出。Q点到BC面垂线的垂足为E，P、Q两点到E点的距离分别为a、a，激光在真空中的速度为c；求：

①该棱镜的折射率；

②激光在棱镜中传播的时间(不考虑光的反射）。

34、电磁弹射技术是一种新兴的直线推进技术；适宜于短行程发射大载荷，在军事；民用和工业领域具有广泛应用前景．我国已成功研制出用于航空母舰舰载机起飞的电磁弹射器．它由发电机、直线电机、强迫储能装置和控制系统等部分组成．

电磁弹射器可以简化为如图所示的装置以说明其基本原理．电源和一对足够长平行金属导轨M、N分别通过单刀双掷开关K与电容器相连．电源的电动势E=10V，内阻不计．两条足够长的导轨相距L=0.1m且水平放置，处于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面且竖直向下，电容器的电容C=10F．现将一质量m=0.1kg、电阻r=0.1Ω的金属滑块垂直放置于导轨的滑槽内，分别与两导轨良好接触．将开关K置于a使电容器充电，充电结束后，再将开关K置于b；金属滑块会在电磁力的驱动下运动，不计导轨和电路其他部分的电阻，且忽略金属滑块运动过程中的一切阻力，不计电容充放电过程中该装置向外辐射的电磁能量及导轨中电流产生的磁场对滑块的作用．

（1）在电容器放电过程中，金属滑块两端电压与电容器两极间电压始终相等．求在开关K置于b瞬间，金属滑块的加速度的大小a；

（2）求金属滑块最大速度v；

（3）a.电容器是一种储能装置，当电容两极间电压为U时，它所储存的电能A=CU2/2．求金属滑块在运动过程中产生的焦耳热Q；

b.金属滑块在运动时会产生反电动势，使金属滑块中大量定向运动的自由电子又受到一个阻力作用．请分析并计算在金属滑块运动过程中这个阻力所做的总功W．35、如图所示，圆柱形油桶中装满折射率n=的某种透明液体，油桶的高度为H，半径为H，桶的底部装有一块平面镜，在油桶底面中心正上方高度为d处有一点光源P，要使人从液体表面上方任意位置处都能够观察到此液体内点光源P发出的光，d应该满足什么条件?

36、如图甲所示装置由加速电场、偏转电场和偏转磁场组成，偏转电场处在相距为d的两块水平放置的平行导体板之间，匀强磁场水平宽度为l，竖直宽度足够大．大量电子(重力不计)由静止开始，经加速电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入偏转电场．已知电子的质量为m、电荷量为e，加速电场的电压为U1＝当偏转电场不加电压时，这些电子通过两板之间的时间为T；当偏转电场加上如图乙所示的周期为T、大小恒为U0的电压时；所有电子均能通过电场，穿过磁场后打在竖直放置的荧光屏上．

(1)求水平导体板的板长l0；

(2)求电子离开偏转电场时的最大侧向位移ym；

(3)要使电子打在荧光屏上的速度方向斜向右下方；求磁感应强度B的取值范围．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

在0~1s内，根据法拉第电磁感应定律

根据楞次定律；感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；

在1~3s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在3~5s内，根据法拉第电磁感应定律

根据楞次定律；感应电动势的方向与图示方向相反，为负值，故A正确，BCD错误。

故选A。2、B【分析】【详解】

设理想变压器的原、副线圈的电压比原则电流比结合本题数据，当开关断开时有当开关闭合时有综合得到解得故选B.3、B【分析】【详解】

A.设原线圈两端电压原线圈回路加了二极管，根据热效应可得解得则副线圈电压A错误。

B.若RT处出现火灾时，RT电阻变小，输出功率变大，电流变大，两端电压变大；则灯泡两端电压变小，灯泡变暗，B正确。

C.若RT处出现火灾时，RT电阻变小；输出功率变大，则根据变压器原理，输入功率变大，电压不变，则电流表示数变大，C错误。

D.输入电压不变，匝数比不变，则副线圈两端电压即电压表示数不变，D错误4、C【分析】【详解】

带负电的电子向右运动；根据左手定则可以得知，电子开始上偏，故磁场的方向垂直纸面向外，故选C.

【点睛】

本题就是对洛伦兹力的考查，掌握住左手定则即可解决本题．在解答的过程中要注意电子带负电，电子运动的方向与电流的方向相反.5、C【分析】【详解】

加速后的速度为v，根据动能定理可得，所以，由德布罗意波公式可得，C正确．6、D【分析】【详解】

AB．因发电机的两个磁极N；S呈半圆柱面形状；磁极间的磁感线呈辐向分布，磁感应强度的大小不变，仅方向发生改变，故线框在磁场中转动时垂直切割磁感线，产生的感应电动势的大小不变，故AB错误；

CD．线框越过空隙段后；由于线框切割磁感线方向发生变化，所以感应电动势的方向发生变化，故D正确，C错误。

故选D。7、B【分析】【详解】

试题分析:由满偏电流求欧姆表的内阻：R内＝=7500Ω

连入电阻后，由I=解得RX=22.5KΩ；故选B

考点：用多用电表测电阻．8、D【分析】【分析】

【详解】

设最初两球电荷量分别为q和7q，原来的静电力

接触后电荷均分各自电荷量均为4q，静电力为

故把它们接触后再放回原处，则它们间的静电力为原来的倍。

故选D。9、C【分析】【分析】

【详解】

β射线是原子核发生β衰变产生的，是核内中子转化为质子时放出的负电子，不是原子核外电子电离产生的，故A错误；半衰期的大小由原子核内部因素决定，与温度、压强等因素无关，故B错误；原子核在衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒，故C正确；有些原子核不稳定，可以自发地衰变，但不是所有元素都可能发生衰变，故D错误；二、多选题(共9题，共18分)10、A:D【分析】【详解】

AB、由原线圈回路中电阻R消耗的功率副线圈回路中电阻R消耗的功率则有副线圈的电流原线圈回路中原线圈回路中电阻R的电压a、b端电压有效值为由题意可知输入电压有效值为解得故A正确；B错误；

CD、当开关闭合时，负载减小，副线圈的电流原线圈回路中原线圈回路中电阻R的电压由题意可知输入电压有效值为解得故C错误，D正确；

故选AD．

【点睛】突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压，找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压的数值关系．11、B:D【分析】【详解】

物体内所有分子的动能与势能的总和叫物体的内能；物体的内能对单个分子而言无意义。物体的内能与其所含分子的动能与分子势能有关，与物体的动能和势能；机械能无关；物体体积减小时，分子间距离减小，但分子势能可能减小。

故选BD。12、A:B【分析】【详解】

A．从状态A到状态B的过程中；气体发生等容变化，温度升高，气体内能增加，故A正确；

B．从状态B到状态C的过程中；气体发生的是等温变化，温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做正功，根据热力学第一定律知气体放热，故B正确；

C．从状态C到状态D，气体体积减小，温度降低，由可知；压强可能增大，可能减小，也可能不变，故C错误；

D．从状态D到状态A的过程中；体积增大，气体对外做功，故D错误。

故选AB。13、A:C:E【分析】【详解】

A．空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果；故A正确；

B．悬浮在水中的花粉的布朗运动反应了水分子的热运动；故B错误；

C．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点；故C正确；

D．高原地区水的沸点较低；这是高原地区气压较低的缘故，故D错误；

E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中；体积增大，温度升高，则内能一定增加，故E正确；

故选ACE。14、A:B:C【分析】【详解】

A．当两分子间距减小到分子间作用力为0时，分子间距为分子间距小于时，分子间为斥力，随距离增大，分子力做正功，分子势能减小，分子间距大于时，分子间为引力，随距离减小，分子力做正功，分子势能减小，则分子间距为时；分子势能最小，故A正确；

B．热传递的条件是两个系统之间存在温度差；温度是否相等是两个系统是否达到热平衡的标志，因此达到热平衡的系统一定具有相同的温度，故B正确；

C．一定质量的理想气体；在发生绝热膨胀的过程中，气体对外做功，气体内能减小，温度降低，分子的平均动能一定减小，故C正确；

D．一种液体是否浸润某种固体与液体的性质和固体的性质都有关；故D错误；

E．气体的压强与气体的重力无关；则将密闭一定质量气体的容器置于在轨运行的宇宙飞船中，容器内的气体压强不变，故E错误。

故选。15、A:C【分析】【详解】

A．由于做功和热传递都可以改变物体的内能；如果放出热量的同时外界对气体做功，内能不一定减小，即分子平均动能不一定减小，A正确；

B．由于分子永不停息的做无规则运动；液体内总有一些分子运动的速率特别快，脱离其它分子的束缚，跑到液体外面，这就是液体的汽化现象，B错误；

C．布朗运动是固体粒颗粒在液体分子撞击下永不停息的做无规则的运动；则于固体颗粒的无规则运动，说明液体分子在永不停息地做无规则运动，C正确；

D．由于气体分子间距离特别远，分子间隙不能忽略，因此气体分子的摩尔体积V、分子体积V0与阿伏加德罗常数NA之间的关系都不能表示为。

V=NAV0D错误。

故选AC。16、A:B:C【分析】【详解】

A．根据热力学第二定律；无论技术怎样改进，热机的效率都不能达到100%，故A正确；

B．液体表面张力使液体表面收缩；所以露珠呈球状是由于液体表面张力的作用，故B正确；

C．能量耗散从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性；说明能量虽然守恒，但是仍然要节约能源，故C正确；

D．已知阿伏加德罗常数；某种气体的摩尔质量和密度；可以估算该种气体分子平均占据空间体积的大小，由于分子距离很大，故不能确定分子的大小，故D错误；

E．“油膜法估测分子的大小”实验中；用一滴油酸酒精溶液中油酸的体积与浅盘中油膜面积的比值可估测油酸分子的直径，不是油酸酒精溶液的体积与浅盘中油膜面积的比值，故E错误。

故选ABC。17、B:C:D【分析】由图读出波长λ=4m，则波的周期为由题，波传播的时间为t=s=根据波形的平移可知，波的传播方向沿x轴负方向，故A错误，B正确。波x轴负方向传播，由“上下坡法”可知t=0时，质点a沿y轴负方向运动。故C正确。从t=0时刻经0.25s时，由于t=0.25s=所以质点通过的路程等于2A=0.4m，故D正确。t=0时刻x=2m处的质点正向y轴负方向运动，其位移表达式为y=-Asint=-0.2sin（4πt）m．故E错误。故选BCD。

点睛：本题要理解波的图象随时间变化的规律．波在一个周期内传播一个波长，波的图象重合．利用波形的平移或上下坡法是研究波动图象常用的方法．18、C:D【分析】【详解】

一个处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出2种不同频率的光，即3→2,2→1，选项A错误；氢原子从高能级向n=3能级跃迁时发出的光子能量小于1.51eV，不在1.62eV到3.11eV之间，一定全是不可见光，故B错误．紫外线的光子能量大于3.11eV，则处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离，选项C正确；大量处于n=4能级的氢原子跃迁到基态的过程中可以释放出＝6种频率的光子；故D正确；故选CD．

点睛：本题考查氢原子的波尔理论，解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即Em-En=hv，并能灵活运用；注意“一个氢原子”和“大量氢原子”跃迁产生光子的种数的计算方法不同．三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【详解】

[1][2]春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的相对湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强较大，从而使得体表的水分难以蒸发。【解析】相对较大20、略

【分析】【详解】

当导体棒与磁场垂直时受的安培力最大；平行时受安培力为零，则从左到右，导体棒所受安培力的大小分别为：BIL；BIL、BIL、0.

【点睛】

此题关键是搞清四个导体棒的放置方式，知道导体棒与磁场垂直时受的安培力最大，最大值为BIL，平行时受安培力为零.【解析】BIL；BIL；BIL；021、略

【分析】带电粒子未发生偏转则所以只改变该粒子的电性，粒子所受的电场力和洛伦兹力方向改变，但大小不变以，所以不会发生偏转【解析】不会22、略

【分析】【详解】

由图可知，该交流电的电压最大值为Um(V)，有效值为V．【解析】Um．23、A:D:E【分析】由题意可知；波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点．故A正确，B错误．由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为零．故C错误，D正确．据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E正确；

故选ADE．

点睛：考查波的叠加原理，及相遇后出现互不干扰现象．同时注意之所以两列在相遇时“消失”，原因这两列波完全相同，出现振动减弱现象.24、略

【分析】（1）在室内；制冷剂由液态变成气态，叫做汽化，汽化吸热；在室外又由气态变成液态叫液化，液化放热．故填汽化（蒸发）；液化．

（2）变频空调的压缩机是连续工作的，故A错误；由图示可知，空调机制冷时，图中钢管A内流动的是气态“冷媒”，故B正确；空调压缩机是利用做功的方法使“冷媒”发生物态变化的，故C错误；变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强，故D正确。所以选BD。【解析】液化汽化BD25、略

【分析】【详解】

（1）[1]空调制冷运行时；室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，凝结成小水滴排出室外，室内的空气湿度小于室外；

[2]根据能效等级做出分析；图乙中，两空调工作时更节能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用电器空调时，电路中电流I过大；可能会引起火灾或跳闸等事故，铺设了专线，可以防止这种危害，故A错误；

B．空调机制冷时，消耗的电能W，室外机放出的热量包括从房间里取出一部分热量Q和消耗的电能W，释放到大气热量中的热量为Q+W；所以室外机放出的热量要大于压缩机消耗的电能，故B正确；

C．氟利昂在空调内部的蒸发器里面汽化；汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的蒸发器会发生液化现象，空调压缩机是利用氟利昂发生物态变化方法降温的，故C错误；

D．空调制冷时室外机中有风扇在转动；它的作用是将热气吹向室外，故D错误。

故选A；

（3）[4]已知制冷量

因为效能比

所以制冷量

在t=10min=600s内消耗的电能

[5]制冷量

空气质量

根据

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作图题(共3题，共9分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)29、略

【分析】【详解】

（1）[1]测量电阻前先进行欧姆调零，根据闭合电路欧姆定律可得

解得调零后欧姆表内阻为

设表盘上刻度对应的电阻值为根据闭合电路欧姆定律可得

解得

（2）[2]根据欧姆定律可得

解得电流表的内阻为

（3）[3][4]由于电流表内阻已经测得为故应采用电流表内接法测定值电阻根据欧姆定律可得

解得

（4）[5]图甲欧姆调零后的欧姆表内阻为

图丙与电流表并联，相当于变成一个大量程的电流表，最大电流为

图丙欧姆调零后的欧姆表内阻为

假设图甲欧姆表和图丙欧姆表测电阻时指针指在同一刻度，对于图甲，根据闭合电路欧姆定律可得

对于图丙，此时电路总电流为

根据闭合电路欧姆定律可得

联立可得

故图甲和图丙两种欧姆表的倍率之比为【解析】50010内接30、略

【分析】【详解】

（i）[1]根据半偏法的测量原理，R1必须选电阻箱R0；

[2]由于电流表的电阻很小，要求R1的阻值很大，故R应选滑动电阻箱甲；

[3]电源选择E2，误差较小．

（ii）[4]根据闭合电路的欧姆定律及电路特点可得：

合上S1，调节R使电流表满偏：

合上S2，调节R1使电流表半偏（电路中的总电流）：

故：I＞Ig．所以，通过电阻箱的电流IR1：IR1＞Ig

用U表示电阻箱两端电压，则

即：rg＞R1

故：认为内阻rg=R1，此结果与的rg真实值相比偏小．【解析】①.R0②.滑动变阻器甲③.E2④.偏小31、略

【分析】【详解】

①[1][2]测量线圈的电阻一般采用伏安法，为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，可与电表串联一个开关。由于待测线圈L的阻值约为2Ω，额定电流为2A，最大电压为4V，而电源电动势为9V，所以定值电阻选F；为方便调节，滑动变阻器选D即可；

②[3]由于本实验尽可能大的范围内测得数据，所以必须采用滑动变阻器的分压接法；电流表A2的量程大，所以电流表A2外接电路进行测量；电路如图所示。

③[4]实验结束时为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，应先断开开关S2；

④[5]由电路图知自感线圈两端的电压与下边支路电压相等，所以

得

从I1-I2图象上选取一组数据，如（0.3，1.8）代入公式得【解析】FDS22.232、略

【分析】【分析】

明确测量原理；知道电流表本身可以显示电流，再选择一个电表测量电压即可；根据安全性和准确性原则即可明确仪表及接法．

【详解】

（1）直径D为：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；长度L为：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根据题中给出的备用器材，应选择伏安法测量电流表的内阻．由于给出电压表量程过大，故应选择内阻已知的电流表A2作为电压表；选择保护电阻R与并联的两个电流表串联．由于电流表两端电压最大只有0.12V，滑动变阻器最大电阻只有5Ω，并且要求尽可能高的测量精度，并能测得多组数据；所以选择分压电路，电路图如图所示．

②根据欧姆定律可知待测电流表A1的内阻为：

【点睛】

本题考查伏安法测电阻的实验规律，要注意明确实验要求，知道分压接法的正确应用，并注意已知内阻的电流表在本题中可以充当电压表使用．【解析】（1）2.150mm；6.015cm