2025年浙教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理下册月考试卷671考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、光控开关可以实现自动控制，可以使电灯的亮度自动随周围环境的亮度改变而改变。如图为其内部电路简化原理图，电源电动势为E，内阻为r，为光敏电阻（光照强度增加时；其电阻值减小）。当光照逐渐减弱时，则下列判断正确的是（）

A.电源的效率变小B.电源内阻消耗的功率变小C.A灯变暗，B灯变暗D.上电流的变化量等于上电流变化量2、有两条长直导线垂直纸面水平放置，交纸面于a、b两点，通有大小相等的恒定电流，方向如图，a、b的连线水平。c是ab的中点，d点与c点关于b点对称。已知c点的磁感应强度为B1，d点的磁感应强度为B2，则关于a处导线在d点的磁感应强度的大小及方向；下列说法中正确的是。

A.方向竖直向上B.方向竖直向下C.方向竖直向下D.方向竖直向上3、如图，两个固定的点电荷相距为0.5m，点a到的间距分别为0.4m、0.3m，已知两点电荷在点a产生的合电场方向平行于的连线，则两个点电荷电荷量绝对值的比值等于（）

A.B.C.D.4、在电场中将一带电荷量q=C的负电荷从B点移至A点时，克服电场力做功2×10-6J，将该电荷从A点移至C点，则需克服电场力做功3×10-6J，则BC间的电势差大小为（）A.5000VB.3000VC.2000VD.1000V5、如图所示为某汽车上的加速度电容传感器的俯视图。金属块左；右侧分别连接电介质、轻质弹簧；弹簧与电容器固定在外框上，金属块可带动电介质相对于外框无摩擦左右移动，电容器与恒压电源连接，并串联计算机的信号采集器。当汽车向右做加速度增大的加速运动时，电介质相对于外框向左移动，则电容器（）

A.电容变小B.极板间的电压变大C.极板间的电场强度不变D.极板间的电场强度变小6、最先发现电磁感应现象并得出电磁感应定律的物理学家是________．A.奥斯特B.安培C.法拉第D.麦克斯韦7、如图甲、乙两个电路，是利用一个灵敏电流表和一个电阻箱R改装成电压表或电流表，若电压表量程为电流表量程为则（）

A.甲表是电压表，乙表是电流表B.甲表中乙表中C.若使用中发现甲表的示数总比准确值稍小一些，则可适当减小电阻箱R的阻值D.若使用中发现乙表的示数总比准确值稍小一些，则可适当增大电阻箱R的阻值8、如图所示，菱形ABCD对角线交点为O点，E、F分别为AD、BC的中点，则以下说法正确的是（）

A.若A、C处为等量同种电荷，则E、F两点电场场强相同B.若A、C处为等量异种电荷，则E、F两点电势相等C.若A、C处为大小相等、方向相同的垂直纸面直线电流，则E、F两点磁感应强度相同D.若A、C处为大小相等、方向相反的垂直纸面直线电流，则E、F两点磁感应强度相同9、如图所示，线框abcd与通有恒定电流的长直导线共面。线框从图示位置Ⅰ按以下四种方式运动；磁通量变化的绝对值最大的是（）

A.平移到位置ⅡB.以为转轴转到位置ⅡC.以为转轴转到位置ⅢD.平移到以为对称轴的位置Ⅲ评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、在光滑的水平面内有一沿轴的静电场，其电势随坐标变化的图线如图所示（均为已知）。现有一质量为电荷量为的带负电小球从点以某一未知初速度沿轴正向射出；则下列说法正确的是（）

A.在间的电场强度沿轴负方向，大小为B.在间与间电场强度相同C.只要该带电小球就能运动到处D.只要该带电小球就能运动到处11、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻；以下说法中正确的是（）

A.当R2=R1＋r时，R2上获得最大功率B.当R2=R1＋r时，R1上获得最大功率C.当R2=0时，R1上获得最大功率D.当R2=0时，电源的输出功率最大12、如图所示，电荷均匀分布的绝缘薄球壳的电荷量为Q（Q>0），半径为R，球心О点固定在空间某位置，在球壳上相互距离均为的三个点A、B、C处分别取走相同的一小块面积（远小于球壳表面积），球壳上其余位置电荷量及其分布都不变。直线OM为ΔABC所在平面的垂线，P位于直线OM上且与O点相距2R。在P位置放置一点电荷q使O点电场强度恰好为零。已知电荷量为q的点电荷在距离其r的位置产生的电势（k为静电力常量）。下列说法正确的是（）

A.B.C.O点电势为D.O点电势为13、某静电场的电场线分布如图所示,P、Q为该电场中的两点,下列说法正确的是()

A.P点场强大于Q点场强B.P点电势低于Q点电势C.若将电子从Q点静止释放，电子将沿电场线从Q运动到PD.将电子从P点移动到Q点,其电势能增大14、如图所示，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，M、N、P、F四点处的电势分别用表示，已知点电荷Q在M、N、P三点所在平面内；则（）

A.点电荷Q一定在MP的连线上B.连接PF的线段一定在同一等势面上C.将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D.大于15、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V；17V、26V。下列说法正确的是（）

A.坐标原点处的电势为1VB.电子在a点的电势能比在b点的少7eVC.电场强度方向沿Oc方向D.电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV16、如图甲所示，两平行板沿水平方向放置，且在两极板间加如图乙所示的电压，时刻由两极板的正中央静止释放一带负电的粒子，结果在时粒子回到出发点，且整个过程中粒子刚好未与极板M发生碰撞；忽略粒子的重力。则下列说法正确的是（）

A.粒子在时刻刚好运动到极板MB.在时刻粒子的速率最大C.D.与时刻粒子的动能之比为17、电压表；电流表都是由小量程电流表改装而成的；如图甲、乙所示分别是电压表、电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再串联一个较小的电阻B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再并联一个较大的电阻C.小量程电流表内阻为给它并联一个电阻改装后的电流表量程是原来的倍D.为实现对改装电表的逐格校准，需要采用分压式电路18、如图所示的电路中，电表可视为理想电表，电源电动势E=12V，内阻r=1R1和R2为定值电阻，Rp为可变电阻，当开关闭合后，电压表V1示数为10V，电流表A1示数为0.5A；则下列说法中正确的是（）

A.R1=3B.Rp不变时，V1的读数与A2读数之比等于R3C.Rp改变时，V1读数的变化量的绝对值与A1读数变化量的绝对值的比值是4D.滑动变阻器滑片向左移动，则两电流表示数均增大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)19、如果E表示电源的电动势，表示路端电压，表示内电压，R表示外电路的总电阻，r表示内电阻，I表示闭合电路中的电流；那么根据下列给出的已知条件，求出其余各量（用已知量表示）:

（1）已知E、和r，则_______，_______，_______.

（2）已知I、R和则E=_______，_______._______.20、能的最基本性质是：不同形式的能量之间可以相互____________，而且在转化的过程中能的总量总保持____________.21、取一对用绝缘柱支撑的导体A和B；使它们彼此接触，起初它们不带电，分别贴在导体A；B下部的金属箔均是闭合。现将用丝绸摩擦过的玻璃棒C移近导体A，回答下列问题：

(1)若先把A和B分开，然后移去C，此时A导体上的金属箔______，B导体上的金属箔______（填“带正电”、“带负电”、“不带电”）。若再用手接触B，此时观察到的现象是______；

(2)若先移去C，然后把A和B分开，此时A导体金属箔______，B导体金属箱______（填“带正电”；“带负电”、“不带电”）；

(3)A、B导体带电的实质是______。22、如图1，光滑水平桌面上固定一圆形光滑绝缘轨道，整个轨道处于水平向右的匀强电场中。一质量为带电量为的带正电小球，在轨道内做完整的圆周运动。小球运动到A点时速度大小为且该位置轨道对小球的弹力大小为其图像如图2，则圆形轨道半径为__________；匀强电场电场强度为___________。

23、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，验电器的箔片________（填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称之为________．此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的场强大小为________，方向为________．

24、尖端放电和静电屏蔽。

（1）电离：导体尖端的电荷密度很大，附近的电场强度___________，空气中的带电粒子剧烈运动，使空气分子被撞“散”而使正、负电荷___________的现象。

（2）尖端放电：导体尖端的强电场使附近的空气电离，电离后的异种离子与尖端的电荷___________；相当于导体从尖端失去电荷的现象。

（3）静电屏蔽：静电平衡时，导体壳内空腔里的电场___________；外电场对壳内不会产生影响。

（4）尖端放电和静电屏蔽的应用；防止。

a.尖端放电。

①应用：___________是利用尖端放电避免雷击的一种设施。

②防止：高压设备中导体的表面尽量___________；减少电能的损失。

b.静电屏蔽的应用。

①电学仪器和电子设备外面会有金属罩；通讯电缆外面包一层铅皮，可以防止外电场的干扰。

②电工进行高压带电作业时，穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋子，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业。25、描述电场的力的性质的物理量为______，描述电场的能的性质的物理量为______。26、带电粒子在电场中的加速。

分析带电粒子的加速问题有两种思路：

（1）利用___________定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是___________且涉及___________等描述运动过程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及___________、___________等动能定理公式中的物理量或___________电场情景时，公式有qEd=mv2-mv（匀强电场）或qU=mv2-mv（任何电场）等。27、质量为m、电荷量为q的粒子，以初速度v0垂直于电场方向进入两平行板间场强为E的匀强电场，极板间距离为d，两极板间电势差为U，板长为l.

(1)偏转距离：由t＝()，a＝()，所以y＝()＝()

(2)偏转角度：因为vy＝()＝()，所以tanθ＝()＝()

(3)由知x＝()粒子射出电场时速度方向的反向延长线过水平位移的()．评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)28、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。29、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、解答题(共2题，共4分)30、如图所示，电源电动势内阻开关原来断开。求：

(1)开关断开时，电容器所带的电荷量？

(2)开关闭合后，电路稳定时点的电势为多少？

(3)开关闭前、合后，电容器所带的电荷量变化了多少？

31、在如图甲所示的电路中，电阻R阻值未知，电源电动势和内阻也未知，电源的路端电压U随电流I的变化图线及外电阻的图线如图乙所示；求：

（1）电源的电动势和内阻；

（2）电源的路端电压及电阻R的阻值；

（3）电源的输出功率。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．电源的效率为

由上式可知外电阻增大；电源的效率变大，所以当光照逐渐减弱时光敏电阻的电阻值增大，电源的效率变大，则A错误；

BC．当光照逐渐减弱时光敏电阻的电阻值增大，总电阻增大，总电流I减小，由于电源内阻消耗的功率所以电源内阻消耗的功率变小，由可知总电流I减小时，路端电压U增大，则A灯电流IA增大，所以A灯变亮，根据“串反并同”规律可知，B灯与光敏电阻，则光敏电阻的电阻值增大，B灯的电流IB也增大；所以B灯也变亮，则B正确C错误；

D．由于

电流I减小，电流IA增大，所以电流I0减小，则U0也减小，又由

路端电压U增大，U0减小所以Ut增大，则B灯的电流IB也增大，根据

减少，减少，增加，所以上电流的变化量大于上电流变化量；则D错误；

故选B。2、B【分析】【详解】

设a处导线在d点的磁感应强度的大小为B，方向方向竖直向下。根据通电直导线产生的磁场磁感应强度与电流成正比，a处导线在c点的磁感应强度的大小为3B，方向竖直向下。由题意知，两条长直导线恒定电流大小相等，则得到b处导线在c两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向下。b处导线在d两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向上。则根据磁场叠加得B1=3B+3B=6B，B2=3B-B=2B，根据数学知识得到，所以a处导线在d点的磁感应强度的大小为方向是竖直向下。

A．方向竖直向上。故A错误。

B．方向竖直向下。故B正确。

C．方向竖直向下。故C错误。

D．方向竖直向上。故D错误。3、D【分析】【分析】

【详解】

合电场方向平行于的连线，则的电荷为异号，由点电荷场强公式可得

由场强矢量三角形与几何三角形相似可得

联立可求得电荷量绝对值的比值为

故选D。4、A【分析】【分析】

【详解】

电荷由B移到C，电场力做功为

则

故A正确；BCD错误。

故选A.5、C【分析】【详解】

A．因为电介质相对于外框向左移动，根据

则电容器电容变大；选项A错误；

B．电容器极板与电源连接；则两板间的电压不变，选项B错误；

CD．根据

两板电压和间距都不变；则场强不变，选项C正确，D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象并得出电磁感应定律，故C正确，ABD错误．7、B【分析】【详解】

A．甲由一个灵敏电流表G和一个变阻器R并联，利用并联电阻的分流，改装成电流表，乙由一个灵敏电流表G和一个变阻器R串联；利用串联电阻的分压，改装成电压表，故A错误；

B．由公式

知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为2.5mA，则

由公式

知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则R=5800Ω

故B正确；

C．安培表的量程

若使用中发现甲表的示数总比准确值稍小一些，说明改装后的量程偏大，导致偏角小，示数偏小，所以应当增大R；减小量程，故C错误；

D．电压表的量程

若使用中发现乙表的示数总比准确值稍小一些，说明改装后的量程偏大，导致偏角小，示数偏小，所以应当减小R；减小量程，故D错误；

故选B。8、D【分析】【详解】

A．若A、C处为等量同种电荷，则E、F两点场强大小相等；方向相反；故A错误；

B．若A、C处为等量异种电荷，则E、F两点电势一正一负；故B错误；

C．若A、C处为大小相等、方向相同的垂直纸面直线电流，则E、F两点磁感应强度大小相等；方向相反；故C错误；

D．若A、C处为大小相等、方向相反的垂直纸面直线电流，则E、F两点磁感应强度大小相等；方向相同；故D正确。

故选D。9、D【分析】【分析】

【详解】

由于通电导线产生的磁场，距离导线越近，磁感强度越大，因此三个位置，磁通量的大小关系为

从I平移到位置II，磁通量的变化为以为转轴转到位置Ⅱ，磁通量的变化为以为转轴转到位置Ⅲ，磁通量的变化为0；平移到以为对称轴的位置Ⅲ，磁通量的变化为因此磁通量变化的绝对值最大的是从I平移到以为对称轴的位置Ⅲ。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．之间，电势降低，电场强度方向沿轴正方向大小为。

A错误；

B．与之间电势均升高；电场强度方向相同大小均匀。

B正确。

CD．只要带电小球恰好能到处，小球就能运动到处，由动能理。

只要。

则小球就能过则能到达处；C错误，D正确。

故选BD。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．在讨论R2的电功率时，可将R1视为电源内阻的一部分，即将原电路等效为外电阻R2与电动势为E、内阻为（R1＋r）的电源（等效电源）连成的闭合电路；如图所示。

R2的电功率是等效电源的输出功率，显然当R2=R1＋r时，R2获得的电功率最大；A正确；

BC．在讨论R1的电功率时；由。

I=及。

P1=I2R1可知，R2=0时，R1获得的电功率最大；B错误，C正确；

D．当R1＋R2=r时，电源的输出功率最大，由于题目没有给出R1和r的具体数值，所以当R2=0时；电源输出功率并不一定最大，D错误。

故选AC。12、A:C【分析】【详解】

AB．由于球壳绝缘且电荷分布均匀，则ABC三处每个小块面积对应电荷量

由于OABC构成四面体，令OA与的夹角为可知三个小块处电荷在O点产生的场强大小

方向沿MO，由于完整球壳内部电场强度为零，因此剩下部分球壳在O点产生的电场强度大小为E，方向沿OM，又因在P点放置一点电荷q，O点的电场强度刚好为零，所以q为正电荷；如图所示。

在四面体中，由几何关系得

则有

所以

解得

由于

解得

A正确；B错误；

CD．球面上余下电荷在O点产生的电势为

P位置点电荷在O点产生的电势为

所以O点电势为

C正确；D错误。

故选AC。13、A:D【分析】【详解】

A．电场线密的地方电场强度大，所以P点场强一定大于Q点场强；故A正确；

B．根据沿电场线方向电势降低可知P点电势一定高于Q点电势；故B错误；

C．将电子从Q点释放；电场线为曲线，每时刻的力不断变化，速度和力不共线，不可能沿电场线运动，故C错误；

D．P点电势一定高于Q点电势，即φp＞φq．根据电势能公式Ep=qφ，可知由于是电子，所以q＜0，所以电子在P点的电势能小于在Q点的电势能．即从P到Q点，电子的电势能增加．故D正确．14、A:D【分析】【详解】

A．如图所示，根据题意，点电荷Q必在MN的中垂线和PF的中垂线的交点处，过F作MN的垂直平分线交MP于O点，由几何关系可知ON恰好垂直平分PF，故点电荷Q一定位于O点；故A正确；

B．由正点电荷的等势面分布特点可知；故B错误；

C．因为是正点电荷形成的电场，将正试探电荷从P点搬运到N点；电场力做正功，故C错误；

D．因为是正点电荷形成的电场；越靠近场源电荷电势越高，故D正确。

故选AD。15、A:D【分析】【详解】

A．由匀强电场的特性可知

即

解得故A正确；

B．电子在a点的电势能

电子在b点的电势能

因此电子在a点的电势能比在b点的多7eV；故B错误；

C．在ac连线上找一点d，其电势为17V，则bd连线为等势面，过c点作bd的垂线即为电场线；方向如图所示，故C错误；

D．电子由b点运动到c点，电场力做功为

故D正确。

故选AD。16、C:D【分析】【详解】

AC．设两极板之间的距离为d，粒子的质量为m，电荷量的绝对值为q。在时间内平行板间的电场强度为

粒子的加速度

向上做匀加速直线运动，经过时间的位移为

此时的速度为

在时间内平行板间电场强度为

加速度大小为

粒子以的速度先向上做匀减速直线运动到达M板时，速度减为零，然后向下做匀加速直线运动，这段时间内的位移为

由题意知，在时刻，粒子回到出发点，则有

联立可得

A错误；C正确；

BD．由以上分析可知，在时刻粒子的速度大小为

在时刻粒子的速度大小为

整理得

显然与时刻粒子的速率之比为

由公式

可知与时刻粒子的动能之比为B错误，D正确。

故选CD。17、A:B:C:D【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，故A正确；

B．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，故B正确；

C．小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程

得出

故C正确；

D．分压式电路电压；电流可以从零开始调节；可以实现对改装电表的逐格校准，故D正确。

故选ABCD。18、A:B:C【分析】【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律有

代入数据解得

所以A正确；

B．Rp不变时，V1的读数与A2读数之比等于R3；所以B正确；

C．根据闭合电路欧姆定律有

则有

所以Rp改变时，V1读数的变化量的绝对值与A1读数变化量的绝对值的比值是4则C正确；

D．滑动变阻器滑片向左移动，滑动变阻器阻值变大，则整个电路的总电阻变大，根据

则A1读数变小；所以D错误；

故选ABC。三、填空题(共9题，共18分)19、略

【分析】【详解】

(1)[1][2][3]根据闭合电路电压关系可知，

对内阻根据欧姆定律可知，电流

外电阻

(2)[4][5][6]已知I、R和则根据闭合电路欧姆定律E=

路端电压

对内阻根据欧姆定律可知，内阻【解析】20、略

【分析】【分析】

了解不同能量之间可以相互转化；但是总的能量是守恒的；

【详解】

能的最基本性质是：不同形式的能量之间可以相互转化；而且在转化的过程中能的总量总保持不变，即能量守恒。

【点睛】

本题考查能量守恒定律，知道不同能量之间可以相互转化，但是总的能量是守恒的。【解析】转化不变21、略

【分析】【分析】

【详解】

丝绸摩擦过的玻璃棒C带正电荷；导体A；B接触在一起时，处在正电荷的电场中，由于静电感应，导体A的左端感应出负电荷，导体B的右端感应出正电荷，且电荷量相等，所以导体两端的金属箔都张开，且左端带负电，右端带正电。

(1)[1][2][3]若先把A和B分开；然后移去C，导体A；B的电荷不能中和，故A导体上的金属箔带负电，B导体上的金属箔带正电，若用手接触B则将B导体的正电荷中和而不再带电，故此时观察到的现象是B导体的金属箔闭合；

(2)[4][5]若先移去C；导体A和导体B上的正负电荷中和，均不再带电，故A；B导体金属箔均不带电；

(3)[6]A、B导体带电的实质是电子转移（或电荷转移）。【解析】带负电带正电B导体的金属箔闭合不带电不带电电子转移（或电荷转移）22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小球运动到A点时；由弹力和电场力的合力提供向心力，即。

得。

可知，N−v2图象的斜率。

由数学知识可知。

可得；圆形轨道半径。

[2]当v2=0时，N=−a；代入。

得。

【解析】23、略

【分析】【分析】

从静电屏蔽的原理出发即可解题．金属内部由于电子可以自由移动；会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而使金属上电荷重新分布；

【详解】

[1][2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理；此时验电器不会受到影响，故验电器的箔片不张开。【解析】①.不张开②.静电屏蔽③.E④.水平向左24、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解