2025年湘教新版选修3物理上册月考试卷含答案

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A.磁铁上下振动过程中，线圈中会产生感应电流B.磁铁上下振动过程中，线圈中不会产生感应电流C.磁铁上下振动过程中，磁铁与弹簧组成的系统机械能不变D.磁铁上下振动过程中，磁铁与弹簧组成的系统机械能增加2、一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直．先保持线框的面积不变，将磁感应强度在1s时间内均匀地增大到原来的两倍．接着保持增大后的磁感应强度不变，在1s时间内，再将线框的面积均匀地减小到原来的一半．先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为()A.B.1C.2D.43、正方形金属线圈abcd平放在粗糙水平传送带上，被电动机带动一起以速度v匀速运动，线圈边长为L，电阻为R，质量为m，有一宽度为2L的磁场垂直于传送带，磁感应强度为B；线圈穿过磁场区域的过程中速度不变，下列说法正确的是（）

A.线圈进入磁场时有沿abcda方向的感应电流B.线圈经过磁场区域的过程中始终受到水平向左的静摩擦力作用C.线圈进入磁场的过程中流过某一线圈导线截面的电荷量为D.线圈经过磁场区域的过程中，电动机多消耗的电能为4、一次物理课上老师拿了一只微安表；用手左右晃动表壳，让同学们观察表针相对表盘摆动的情况．然后用导线把微安表的两个接线柱连在一起，再次以同样的方式晃动表壳，让同学们再次观察表针相对表盘摆动的情况，对比两次实验．下列判断和解释正确的是。

A.不连接接线柱时，晃动电表，由于表内没有电流，指针摆动幅度较小B.连接接线柱后，晃动电表，微安表内会形成闭合回路，造成指针打偏、降低灵敏度、失灵等C.连接接线柱后，晃动电表，由于电磁阻尼表针晃动幅度会变小，并能较快停下D.两次实验指针相对于表盘摆动的情况是一样的5、如图所示，为一交流电的电流随时间而变化的图象，此交流电流的有效值是

A.B.C.D.5A6、如图所示，为两块平行带电金属板，带负电，带正电且与大地相接，两板间点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为点场强大小为电势为负电荷的电势能为现将两板水平错开一段距离（两板间距不变），下列说法正确的是（）

A.变大，变大B.变小，变小C.变大，变大D.变大，变小7、在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制作用，如图所示电路，为定值电阻，为半导体热敏电阻（温度越高电阻越小），C为电容器；当环境温度降低时（）

A.电容器C的带电量增大B.电压表的读数减小C.电容器C两板间的电场强度减小D.消耗的功率增大8、下列关于波的说法中，正确的是（）A.次声波比超声波更容易发生明显的衍射现象B.海啸发生后尚未到达海岸边，沿海渔民没有反应，但狗显得烦噪不安，这是因为次声波传播速度比超声波大C.当声源相对于观察者匀速远离时，观察者听到的声音的音调可能变高，也可能变低D.发生多普勒效应的原因是因为声源的频率发生了变化9、利用光子说对光电效应的解释，下列说法正确的是（）A.金属表面的一个电子只能吸收一个光子B.电子吸收光子后一定能从金属表面逸出，成为光电子C.金属表面的一个电子吸收若干个光子，积累了足够的能量后才能从金属表面逸出D.无论光子能量大小如何，电子吸收多个光子并积累了能量后，总能逸出成为光电子评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，下端封闭、上端开口、高h=5m内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有质量m=10g，电荷量的绝对值|q|=0.2C的小球，整个装置以v=5m/s的速度沿垂直于磁场方向进入磁感应强度B=0.2T，方向垂直纸面向内的匀强磁场，由于外力的作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端管口飞出．g取10m/s2．下列说法中正确的是()

A.小球带负电B.小球在竖直方向做匀加速直线运动C.小球在玻璃管中的运动时间小于1sD.小球机械能的增加量为1J11、2021年8月5日；在东京奥运会跳水女子10m台决赛中，14岁的全红婵以总分466.2拿到金牌，并打破了世界纪录。她的五次跳水中有三次满分，娴熟的动作和标准的姿势不禁让李小鹏感叹：我扔个硬币溅起的水花都比她跳水的水花大。下列说法正确的是（）

A.运动员出水后泳衣上的水很快滑落，这是因为制造泳衣的材料对水不浸润B.运动员入水过程中，在水中产生的气泡内的气体压强大于大气压C.运动员入水激起的水花中，很多呈现球形，这是水的表面张力的作用E.运动员入水后，身体周围会出现一些小气泡，这些小气泡在做无规则的布朗运动E.运动员入水后，身体周围会出现一些小气泡，这些小气泡在做无规则的布朗运动12、下列说法正确的是（）A.液晶的光学性质具有各向异性B.能量耗散过程中能量是守恒的C.物体中的分子势能总和与物体体积大小无关E.一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量E.一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量13、如图所示，10匝矩形线框处在磁感应强度B=T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以恒定角速度ω=l0rad/s在匀强磁场中转动，线框电阻不计，面积为0.4m2；线框通过滑环与一理想自耦变压器的原线圈相连，副线圈接有一只灯泡L（规格为“4W，l00Ω”）和滑动变阻器，电流表视为理想电表，则下列说法正确的是。

A.若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为B.当灯泡正常发光时，原、副线圈的匝数比为1:2C.若将滑动变阻器滑片向上移动，则电流表示数增大D.若将自耦变压器触头向下滑动，灯泡会变暗14、如图所示是研究自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合开关调节电阻R，使两灯泡的亮度相同．调节可变电阻R1；使它们都正常发光，然后断开开关S．重新闭合开关S，则()

A.闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B.闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C.稳定后，再断开开关，断开瞬间，A1灯闪亮一下再熄灭D.稳定后，再断开开关，断开瞬间，仍有电流流过A2灯，方向向右评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图所示的电路中，E、r、R1已知，可变电阻R2的最大值

（1）当R2=______时，R1的电功率P1有最大值，最大值为______；

（2）当R2=______时，R2的电功率P2有最大值，最大值为______；

（3）当R2=______时，电源功率PE有最大值，最大值为______；

（4）当R2=______时，电源内部消耗的功率有最小值，最小值为______

（5）当R2=______时，电源输出功率P出有最大值，最大值为______16、电子电路中的信号可以分为___________信号和___________信号。数字信号的两个工作状态可以用“___________”和“___________”来表示。在数字电路中分别代表___________电压和___________电压。17、（1）一定质量的气体做等容变化，温度为200K时的压强为0.8atm，压强增大到2atm时的温度为________K。

（2）一定质量的气体，在压强不变时，温度为200K，体积为V0，当温度升高100K时，体积变为原来的________倍。18、反射规律：反射线、法线与入射线在同一_______内，反射线与入射线分居_______两侧，反射角_______入射角。19、一根长为L，横截面积为S的粗细均匀的金属棒，棒内单位体长度自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压U时，棒内产生电流自由电子定向运动的平均速率为v。则金属棒内的电流强度大小为_________20、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．21、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）22、如图R为一含有的放射源，它能放出三种射线变为为一张厚报纸；MN为一光屏，虚线框内存在着匀强磁场在屏上只有O、P两个亮点则打在P点的是______射线；衰变为要经过多次衰变和衰变，其中要经过的衰变次数为______．

23、一颗手榴弹以v0=10m/s的水平速度在空中飞行．设它爆炸后炸裂为两块，小块质量为0.2kg，沿原方向以250m/s的速度飞去，那么，质量为0.4kg的大块在爆炸后速度大小为______，方向是______（填与v0同向或反向）评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)27、某同学将一只量程为100μA的灵敏电流计改装成电流表和两个量程的电压表．改装后的电路图如图甲所示．图中G表示灵敏电流计，Ra、Rb和Rc是三个定值电阻，K是选择开关，可以分别置于a、b；c位置；从而实现多功能测量．

(1)首先根据如图乙所示电路，用半偏法测定灵敏电流计G的内阻．先将R的阻值调至最大，闭合S1，调节R的阻值，使G的指针偏转到满刻度，然后闭合S2，调节R′的阻值，使G的指针___________，此时，就认为电阻箱R′的读数等于G的内电阻值．由于半偏法实验原理不完善导致G的内电阻测量值比真实值偏___________(填“大”或小”)(2)若用半偏法测得G的内电阻为900Ω．①选择开关置于a时，构成量程为0~1mA的电流表，则电阻Ra阻值应为___________Ω；②选择开关置于b时，构成量程为0~1V的电压表，则电阻Rb阻值应为___________Ω；③选择开关置于c时，构成量程为0～3V的电压表，则电阻Rc阻值应为___________Ω；(3)半偏法测量G的内电阻的误差又会导致改装成的电流表、电压表测量结果___________(填“偏大”或“偏小”)参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

A.磁铁上下振动过程中；穿过线圈的磁通量发生变化，则线圈中会产生感应电流，选项A正确；

B.磁铁上下振动过程中；穿过线圈的磁通量发生变化，则线圈中会产生感应电流，选项B错误；

C.磁铁上下振动过程中；由于有电能产生，可知磁铁与弹簧组成的系统机械能减小，选项C错误；

D.磁铁上下振动过程中，由于有电能产生，可知磁铁与弹簧组成的系统机械能减小，选项D错误；2、B【分析】【详解】

由法拉第电磁感应定律：且

则有．

故两过程中感应电动势的大小相等,线框中感应电动势的比值为故选项B正确．

点睛：由题意可知两种情况下磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可求得感应电动势，即可求得比值．3、D【分析】【详解】

A．根据楞次定律，可知，感应电流方向adcba；故A错误；

B．线框向右运动，进入磁场的过程中，bc边切割磁感线，由右手定则可知，感应电流的方向为dcbad方向，由左手定则可知，bc边受到的安培力的方向向左，由于线框做匀速直线运动，所以受到的静摩擦力的方向一定向右；

线框向右运动，出磁场的过程中，感应电流的方向为abcd方向，由左手定则可知，ad边受到的安培力的方向向左，由于线框做匀速直线运动，所以受到的静摩擦力的方向一定向右，故B错误；

C．通过线圈某一截面的电荷量

故C错误；

D．根据焦耳定律得，求得线圈发热产生热量

因此电动机多消耗的电能为故D正确。

故选D。

【点睛】

本题综合考查了电磁感应与电路的综合，要求掌握切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律、安培力大小公式以及焦耳定律、电量的公式等。4、C【分析】【详解】

A；不连接接线柱时；晃动电表，指针随着晃动不断摆动，晃动幅度大，摆动的幅度就大，故A错误；

BCD、连接接线柱后，形成闭合回路，闭合线圈在磁场中运动会产生感应电流，从而出现安培阻力，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象，故BD错误，C正确．5、D【分析】【详解】

设交流电电流的有效值为周期为T，电阻为R，则解得：故选D．

【点睛】

根据有效值的定义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．6、A【分析】【详解】

A.将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，板间场强可见E增大．故A符合题意．

BCD.P点到下板距离不变，由公式U=Ed得知，P点与下板电势差增大，故P点的电势变小；由于电场线向上，P点的电势低于下极板的电势，则P点的电势降低，变小，负电荷在P点的电势能变大．故BCD不符合题意．7、A【分析】【详解】

AB．电流I减小，路端电压

E、r不变，则U增大，电压表的读数增大；电容器的电压

E、r、R1均不变，I减小，UC增大，电容器C的带电量增大；故A正确，B错误；

C．电容器C两板间的电场强度UC增大，d不变，则E增大；故C错误；

D．R1消耗的功率

I减小，R1不变，则P减小；故D错误。

故选A。8、A【分析】波长越长越容易发生衍射；次声波的波长比超声波的波长长，故次声波比超声波更容易发生明显的衍射现象，故A正确．海啸发生时，发出很强的次声波，狗能接受到次声波，但人无法接受次声波，故B错误．根据多普勒效应，当声源相对于观察者匀速远离时，观察者听到的声音的音调变低，故C错误．产生多普勒效应的原因是观察者和波源之间发生了相对运动，声源的频率没有变化，是接受到的频率发生了变化，故D错误；故选A．

点睛：本题要注意多普勒效应现象的特点、适用范围，对于多普勒效应，要知道在波源与观察者靠近时观察者接收到的波的频率变高，而在波源与观察者远离时接收频率变低；即高亢表示远离，低沉表示靠近．9、A【分析】试题分析：根据光电效应的规律；金属表面的一个电子一次只能吸收一个光子．故A正确；每一种金属在产生光电效应时都存在一极限频率（或称截止频率），即照射光的频率不能低于某一临界值，当电子吸收的光子的能量大于逸出功时，电子才能能从金属表面逸出，成为光电子，故B错误；波动性理论，如果入射光较弱，照射的时间要长一些，金属中的电子才能积累住足够的能量，飞出金属表面．可事实是，只要光的频率高于金属的极限频率，光的亮度无论强弱，光子的产生都几乎是瞬时的，不超过十的负九次方秒．光的频率低于极限频率时，无论多强的光，照射的时间多长都无法使电子逸出，故CD错误．

考点：考查光电效应的规律和特点。

【名师点睛】光电效应具有如下实验规律：1．每一种金属在产生光电效应时都存在一极限频率（或称截止频率），即照射光的频率不能低于某一临界值．相应的波长被称做极限波长（或称红限波长）．当入射光的频率低于极限频率时，无论多强的光都无法使电子逸出．2．光电效应中产生的光电子的速度与光的频率有关，而与光强无关．3．光电效应的瞬时性．实验发现，即几乎在照到金属时立即产生光电流．响应时间不超过十的负九次方秒（1ns）．4．入射光的强度只影响光电流的强弱，即只影响在单位时间单位面积内逸出的光电子数目．在光颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大，即一定颜色的光，入射光越强，一定时间内发射的电子数目越多二、多选题(共5题，共10分)10、B:D【分析】【详解】

A．由左手定则可知；小球带正电，选项A错误；

B．玻璃管在水平方向做匀速运动；则竖直方向所受的洛伦兹力恒定，则竖直方向加速度不变，即小球在竖直方向做匀加速直线运动，选项B正确；

C．小球在竖直方向的加速度

在管中运动的时间选项C错误；

D．小球到管口时的速度v=at=10m/s，机械能的增加量：选项D正确．11、A:B:C【分析】【详解】

A．运动员出水后泳衣上的水很快滑落；这是因为泳衣由对水不浸润的材料制成，故A正确；

B．运动员入水后；水下气泡内的气体压强大于大气压，故B正确；

C．运动员入水激起的水花接近球形；这是表面张力的作用，故C正确；

D．水池中的水温约26摄氏度；用以保证运动员入水后的舒适度，此时运动员的体温和水池的水温并不相同，故D错误；

E．运动员入水后；身体周围会有一些小气泡做无规则的运动，这些小气泡的运动不是布朗运动，故E错误。

故选ABC。12、A:B:E【分析】【分析】

【详解】

A．液晶的光学性质具有各向异性；故A正确；

B．能量耗散过程中遵循能量守恒定律；所以能量是守恒的，故B正确；

C．物体中的分子势能总和与物体体积大小有关；故C错误；

D．物体的摄氏温度变化了1℃；其热力学温度变化了1K，故D错误；

E．一定质量的理想气体压强不变；温度升高时，则气体内能增加。由理想气体状态方程。

可知；体积增大，气体对外做功，根据热力学第一定律。

可知，所以可得。

即吸收的热量一定大于内能的增加量；故E正确。

故选ABE。13、A:D【分析】【详解】

A.输入电压的最大值为：Um=NBSω=10××0.4×10V=40V，图示时刻感应电动势最大，从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为故A正确；

B.变压器输入电压的有效值为：U1=Um/=40/V=40V。开关闭合时灯泡正常发光，所以U2==V=20V，此时原副线圈的匝数比为：n1:n2=U1:U2=40:20=2:1；故B错误；

C.线圈匝数不变，根据U1：U2=n1：n2可知输出电压不变，若将滑动变阻器触头向上滑动，连入电路电阻变大，负载等效电阻变大，P1=P2═变小，又P1=U1I1可知电流表示数变小；故C错误；

D.若将自耦变压器触头向下滑动，副线圈匝数变小，根据U1：U2=n1：n2可知输出电压减小；所以灯泡变暗，故D正确；

故选：AD.14、B:D【分析】闭合开关的瞬间，由于线圈中自感电动势的阻碍，A2灯先亮，A1灯逐渐变亮．故A错误，B正确．闭合开关稳定后，通过两灯的电流相等，在断开开关S瞬间，灯泡L1不会出现“闪亮一下”．故C错误．闭合开关，待电路稳定后断开开关，线圈L产生自感电动势，两灯串联，流经灯泡A2的电流方向与原来相反；方向向右．故D正确；故选BD．

点睛：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]当

时，R1的电功率有最大值，为

（2）[3][4]当

时，有

（3）[5][6]当

时，有

（4）[7][8]当

时，有

（5）[9][10]当

时，有

【点睛】

本题考查电路中的定值电阻电功率、可变电阻电功率、电源内阻电功率、电源输出功率的计算，注意各种电功率的处理方法。【解析】00R2max16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电子电路中的信号可以分为数字信号和模拟信号。

[3][4]数字信号的两个工作状态可以用“0”和“1”来表示。

[5][6]在数字电路中分别代表低电压和高电压。【解析】数字模拟01低高17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】50018、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】平面法线等于19、略

【分析】【分析】

根据导体中自由电子的定向移动速率可明确t内通过截面的电量；再由电流的定义即可求电流强度的大小．

【详解】

由题意金属棒中的电荷量为q=LSne，由一端运动到另一端所需时间根据得金属棒中电流为．

【点睛】

本题考查了电流微观表达．在求解时要注意明确，t内长度为vt的导线内部电子能全部通过截面，从而可以由电流定义求解．【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同21、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】22、略

【分析】【详解】

因为粒子的贯穿本领较小，一张纸即可把它挡住，所以亮斑中不可能有射线，因为射线不带电，所以不受磁场约束，直接打在O点，所以打在P点的是射线；

衰变为质量数减小16，电荷数减小6．

由于原子核经过一次衰变；电荷数减小2，质量数减小4；

经过一次衰变后电荷数增加1，质量数不变，所以要经过的衰变次数为

【点睛】

本题考查了三种射线的特点，知道α、β和γ电离本领依次减弱，贯穿本领依次增强，γ射线不带电．要知道α衰变、β衰变的实质和衰变前后生成物的电荷数、质量数的变化．【解析】423、略

【分析】手榴弹爆炸过程系统动量守恒；以手榴弹的初速度方向为正方向；

根据动量守恒定律得：Mv0=m1v1+m2v2．即：0.6×10=0.2×250+0.4×v2；

解得：v2=-110m/s，负号表示方向，与v0反向．

点睛：本题考查了求手榴弹弹片的速度，知道手榴弹爆炸过程系统动量守恒，应用动量守恒定律即可解题，解题时要注意正方向的选择．【解析】110m/s与v0反向四、作图题(共3题，共12分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定