2025年西师新版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版选择性必修2物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、两圆环A；B置于同一水平面上；其中A为均匀带正电的绝缘环，B为导体环，当A以如图所示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B中产生的感应电流有（）

A.A的转速减小，B中产生逆时针方向的电流B.A的转速增大，B中产生顺时针方向的电流C.A的转速增大，B中产生逆时针方向的电流D.无法判断B中产生的感应电流2、关于物理学史以及原理，以下说法正确的是（）A.涡流跟平时说的感应电流一样，都是由于穿过导体的磁通量的变化而产生B.奥斯特心系“磁生电”，总结出了电磁感应定律C.洛伦兹力始终不做功，所以动生电动势的产生与洛伦兹力无关D.线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数无关3、利用如图所示电路可以演示自感现象。其中L是自感线圈，直流电阻为零，是两个二极管，二极管具有单向导电性（当正极电势高于负极电势时处于导通状态）。a、b；c是三个灯泡。实验中通过开关的通、断过程演示自感现象。下列关于该实验现象的描述正确的是（）

A.接通开关S瞬间，a、b、c灯同时亮B.接通开关S瞬间，b、c灯同时亮，a灯不亮C.断开开关S瞬间，a、b、c灯同时熄灭D.断开开关S瞬间，a、b灯亮，c灯熄灭4、两条直导线互相垂直，如图所示，但相隔一段距离，其中的一条AB是固定的，另一条CD能自由移动。当两导线分别通入如图所示电流时，CD导线将（）

A.顺时针转动，同时靠近ABB.逆时针转动，同时离开ABC.顺时针转动，同时离开ABD.逆时针转动，同时靠近AB5、在一水平通电直导线的正下方，有一半圆形光滑绝缘圆弧轨道。一铜质小球自轨道左侧的A点无初速度释放；则下列说法中正确的是（）

A.小球环最终停在轨道的最低点B.小球能滑到轨道右侧与A点等高处C.小球运动过程中机械能守恒D.小球是铜质的，因此小球无涡流产生评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、某电子天平原理如图所示，E形磁铁的两侧为N极，中心为S极，两极间的磁感应强度大小均为B，磁极宽度均为L，忽略边缘效应，一正方形线圈套于中心磁极，其骨架与秤盘连为一体，且骨架与秤盘的总质量为m0，线圈两端C、D与外电路连接。当质量为m的重物放在秤盘上时，弹簧从长度L0被压缩至L1，秤盘和线圈一起向下运动（骨架与磁极不接触），随后外电路对线圈供电，秤盘和线圈恢复到未放重物时的位置L0并静止，由此时对应的供电电流I可确定重物的质量。已知线圈的匝数为n，线圈的总电阻为R，重力加速度为g；则下列说法正确的是（）

A.线圈向下运动过程中，C端电势高于D端电势B.外电路对线圈供电时，弹簧长度从L1恢复至L0的过程中，C端电势高于D端电势C.外电路对线圈供电电流为I，且弹簧长度恢复至L0并静止时，重物的质量m=D.若线圈电阻为R，且线圈上的热功率不能超过P，线圈上安培力的最大值为7、如图甲所示的LC电路中，保持L不变；改变电容器的电容，回路中电容器两端的电压变化如图乙所示，则下列说法正确的是（）

A.图甲时刻回路中的磁场能正在变大B.曲线2对应的电容为曲线1对应的电容的2倍C.曲线2对应的电容器所带最大电荷量与曲线1对应的电容器所带的最大电荷量相等D.曲线2对应的电流最大时，曲线1对应的电流也一定最大8、LC振荡电路中电容器极板上的电荷量q随时间变化的图像如图所示；由图像可知（）

A.t1时刻，电路中的磁场能最大B.t1~t2时间内，电容器不断放电C.t2~t3时间内，电路中的电流不断变大D.t3时刻，电路中的电场能最大9、如图所示，在庆祝反法西斯胜利70周年阅兵盛典上，我国预警机“空警”在通过天安门上空时机翼保持水平，以的速度自东向西飞行．该机的翼展（两翼尖之间的距离）为北京地区地磁场的竖直分量向下，大小为则（）

A.两翼尖之间的电势差约为B.两翼尖之间的电势差约为C.飞机右方翼尖的电势比左方翼尖的电势低D.飞机右方翼尖的电势比左方翼尖的电势高10、小明模仿科技小视频制作电磁“小车”：用铜制裸导线绕制成长螺线管当做轨道，固定在水平桌面上；将两个磁性很强的磁铁固连在一节新干电池的两极上，制成“小车”，磁极与电极如图所示。把“小车”从右侧入口完全推入螺线管、“小车”并没有像视频那样向前运动。为了使“小车”运动，以下方法可行的是（）

A.仅将“小车”掉头从右侧入口完全推入螺线管，“小车”可能会向前运动B.仅将“小车”两端磁铁都反向与电池固连后从右侧入口完全推入，“小车”可能会向前运动C.仅将左端磁铁反向与电池固连后从右侧入口完全推入，“小车”可能会运动D.仅将“小车”放入包有绝缘层的铝制长螺线管中，“小车”可能会运动11、如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，速度方向与半径方向的夹角为30°，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°；不计电荷的重力，下列说法正确的是（）

A.该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点B.该点电荷的比荷为C.该点电荷在磁场中的运动时间为D.该点电荷在磁场中的运动时间为12、如图所示，是磁流体发电机的示意图，平行金属板A、B之间有强磁场，将一束等离子体（含有大量正、负带电粒子）喷入磁场，A、B两板之间便产生电压．如果把A、B与外电路断开，要增加A、B两板间的电压；下列措施可行的是（）

A.增加喷入磁场的等离子的数量B.增大喷入磁场的等离子的速度C.增大金属板A、B间的磁场D.减小金属板A、B间的距离13、如图所示，矩形线圈与可变电容器C、理想电流表A组成闭合电路。线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的边匀速转动，转动的角速度线圈的匝数边长电阻不计。磁场只分布在边的左侧，磁感应强度大小电容器放电时间不计。下列说法正确的是（）

A.该线圈产生的交流电动势有效值为B.电容器的耐压值至少为50VC.电容器的电容C变大时，电流表的示数变大D.该线圈从图示位置开始转动到离开磁场过程中的电流方向评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、物理学家法拉第在研究电磁学时，亲手做过许多实验如图所示的实验就是著名的电磁旋转实验，这种现象是：如果载流导线附近只有磁铁的一个极，磁铁就会围绕导线旋转；反之，载流导线也会围绕单独的某一磁极旋转．这一装置实际上就成为最早的电动机．图中A是可动磁铁，B是固定导线，C是可动导线，D是固定磁铁．图中黑色部分表示汞（磁铁和导线的下半部分都浸没在汞中），下部接在电源上．请你判断这时自上向下看，A将_____________转动和C将__________转动．（均选填“顺时针”或“逆时针”）

15、实验证明：通电长直导线周围磁场的磁感应强度大小为式中常量I为电流强度，r为距导线的距离。在水平长直导线MN正下方，有一矩形线圈abcd通以逆时针方向的恒定电流，被两根轻质绝缘细线静止地悬挂着，如图所示。开始时MN内不通电流，此时两细线内的张力均为当MN通以强度为电流时，两细线内的张力均减小为当MN内电流强度大小变为时，两细线内的张力均增大为则电流的大小为________A；当MN内的电流强度为时两细线恰好同时断裂，则在此断裂的瞬间线圈的加速度大小为________g。（g为重力加速度）

16、电磁式打点计时器是用来研究物体运动时，记录物体运动的时间，它所用的电源是低压________（填“直流电”或“交流电”），如果打点的时间间隔为则所用电源的频率为_________Hz17、动圈式话筒是利用________原理将__________信号转换为________信号的。18、如图甲所示，一个固定的矩形线圈abcd的匝数n=500，线圈面积S=100cm2，线圈的总电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。则线圈中的感应电流为___________A，流过R的电流方向为___________（选填“向上”或“向下”）

19、某发电站的输出功率为104kW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向125km远处用户供电．已知输电线的电阻率为ρ＝2.4×10－8Ω·m，导线横截面积为1.5×10－4m2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是______，如果用户用电器的额定电压为220V，所用理想降压变压器原、副线圈匝数比是______.评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)20、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

21、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

22、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

23、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)24、用如图甲所示的器材“探究感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”，倾斜导轨下端固定一螺线管，小车上固定有磁铁和挡光片。实验时在导轨上端某处释放小车，小车沿导轨加速下滑，穿过螺线管的磁通量发生变化，螺线管中产生感应电动势。光电传感器（图中未画出）可以测出挡光片经过光电门的时间同时电压传感器测出这段时间内螺线管中的平均感应电动势。通过多次实验，得到图线如图乙所示。

（1）在测量图乙中图线所需的实验数据时，下列要求合理的有_________。

A．需在同一位置释放小车B．需无初速度释放小车。

C．不能改变挡光片的宽度D．不能改变光电门的位置。

（2）影响图乙中图线的斜率大小的因素有_______________________（至少列出三个因素）。

（3）线圈匝数增加一倍后重做该实验，在图乙中画出实验图线（在答题卡上作答）_____。评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)25、如图所示，平行金属板A和B水平放置，B板的右侧边缘恰好是倾斜挡板上的一个小孔K，与水平挡板成60°角，K与间的距离现有一质量为电荷量为的带正电的粒子，从的中点以速度沿中轴线方向射入，不计粒子的重力。现在A、B板上加一恒定电压使该粒子穿过金属板后恰好能穿过小孔K。

（1）求水平放置的平行金属板板长与A和B间的距离之比；

（2）求带电粒子到达K点的速度；

（3）在足够长的和两挡板所夹的某一区域存在一垂直纸面向里的匀强磁场，使粒子经过磁场偏转后能垂直打到水平挡板上（之前与挡板没有碰撞），求该磁场的磁感应强度的最小值

26、如图所示，面积为0.2m2的100匝线圈处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，已知磁感应强度随时间变化的规律为与线圈相连的定值电阻线圈电阻其余电阻不计；求：

（1）线圈磁通量的变化率为多少？回路中的感应电动势为多少？

（2）通过定值电阻R1的电流大小和方向？

（3）a、b两点间的电压为多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

AD．若A的转速减小；因A为均匀带正电的绝缘环，依据右手螺旋定则，原磁场向里，且大小减小，由楞次定律可知，B导体环中感应电流产生的内部磁场向里，由右手螺旋定则可知，B导体环中感应电流为顺时针方向，故AD错误；

BC．若A的转速增大；因A为均匀带正电的绝缘环，依据右手螺旋定则，原磁场向里，且大小增大，由楞次定律可知，B导体环中感应电流产生的内部磁场向外，由右手螺旋定则可知，B导体环中感应电流为逆时针方向，故B错误，C正确。

故选C。2、A【分析】【分析】

【详解】

A．涡流跟平时说的感应电流一样；都是由于穿过导体的磁通量的变化而产生，选项A正确；

B．法拉第心系“磁生电”；通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件。故B错误。

C．因导体运动而产生的感应电动势称为动生电动势；导体中的自由电荷随导体在磁场中运动，受到洛伦兹力，而向导体一端移动，动生电动势是洛伦兹力对导体中自由电荷做功而引起的，选项C错误；

D．线圈的磁通量与线圈的匝数无关；线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数有关，选项D错误。

故选A。3、D【分析】【详解】

AB．接通开关S瞬间，正向导通，c灯立刻亮；通过自感线圈的电流不能突变，a灯不会立刻亮；反向，不导通，b灯不亮；故A；B错误；

CD．断开开关S瞬间，c灯立刻熄灭，通过自感线圈的电流不能突变，感应电流沿原方向通过a灯后通过灯和二极管a、b灯亮；故C错误，D正确。

故选D4、D【分析】【分析】

【详解】

电流AB产生的磁场在右边垂直纸面向里，在左边垂直纸面向外，在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向下，右边的电流元所受安培力方向向上，知CD导线逆时针方向转动。当CD导线转过90°后，两电流为同向电流，相互吸引。所以导线CD逆时针方向转动，同时靠近导线AB。

故选D。5、A【分析】【详解】

A．由于小球运动的范围内，各处的磁场强度不同，所以小球运动的过程中机械能不断转化为电能，故小球的机械能会越来越小，最终停在最低点B；A正确；

B．因为圆环在运动的过程中，有感应电流，对整个过程由能量守恒定律得，重力势能转化为电能，故不能上升到右侧与A点等高处；B错误；

C．整个过程重力势能转化为电能；机械能不守恒，C错误；

D．小球是铜质的可导电；有涡流产生，D错误；

故选A。二、多选题(共8题，共16分)6、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由右手定则可知线圈向下切割时；感应电流从D端流进，C端流出，C端电势高于D端电势，故A正确。

B．当外电路供电时，安培力F应该向上，由左手定则可知线圈中电流应从D端流进，C端流出，线圈有电阻R；此时相当于用电器，故电流从高电势D流向低电势C，C端电势低于D端电势，故B错误。

C．与没有重物相比，放上m的物体时；线圈所受的安培力与新增重力平衡：

2nBIL=mg故重物的质量为。

故C正确。

D．当线圈上的最大功率为P时；由。

P=I2R得最大电流为。

此时安培力为。

故D正确。

故选ACD。7、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．图甲中对线圈应用安培定则可知；电流从电容器的上极板流出，则电容器正在放电，电场能转化为磁场能，则回路中的磁场能正在变大，A正确；

B．由图乙可知，曲线2的振荡周期为曲线1的2倍，根据公式

可知；曲线2对应的电容为曲线1对应的电容的4倍，B错误；

C．根据电容的定义式

可得

由于改变电容器的电容前后电容器两端的最大电压相同；且曲线2对应的电容为曲线1对应的电容的4倍，可知曲线2对应的电容器所带最大电荷量是曲线1对应的电容器所带最大电荷量的4倍，C错误；

D．曲线2对应的电流最大时；电容器两端的电压为0，由图乙可知此时曲线1对应的电容器两端的电压也为0，即曲线1对应的电流也最大，D正确。

故选AD。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．在t1时刻，电路中的q最大；说明还没放电，所以电路中无电流，则磁场能最小，A错误；

B．在t1到t2时刻电路中的q不断减小；说明电容器在不断放电，由于线圈作用，电路中的电流在不断增加，B正确；

C．在t2到t3时刻电路中的q不断增加；说明电容器在不断充电，电路中的电流不断减小，C错误；

D．t3时刻，电路中的q最大；说明还没放电，所以电路中无电流，则磁场能最小，D正确。

故选BD。9、A:C【分析】【详解】

CD．飞机的机翼自东向西运动，切割方向斜向下的磁场，根据右手定则，四指指向飞行员的左侧，飞行员左方翼尖的电势比右方翼尖的电势高，故C正确，D错误；

AB．机翼切割磁感线产生的感应电动势为E=ByLv=4.7×10-5×50×125V=0.29V

两翼尖之间的电势差绝对值等于感应电动势为0.29V，故B错误，A正确。

故选AC。10、A:B【分析】【详解】

两磁极间的磁感线如图甲所示。

干电池与磁体及中间部分线圈组成了闭合回路；在两磁极间的线圈中产生电流，左端磁极的左侧线圈和右端磁极的右侧线圈中没有电流。其中线圈中电流方向的右视图如图乙所示。

由左手定则可知中间线圈所受的安培力向左；根据牛顿第三定律有小车受向右的作用力，则把“小车”从右侧入口完全推入螺线管肯定不会向左运动，而若将“小车”从左侧入口完全推入，“小车”可能会向前运动，或将“小车”掉头从右侧入口完全推入螺线管，“小车”可能会向前运动。若将左端磁铁反向与电源粘连，则磁感线不会向外发散两部分受到方向相反的力，合力为零，不能加速运动，将“小车”放入包有绝缘层的铝制长螺线管中，在螺线管中不会产生闭合电流，则“小车”不会受到力的作用，则不可能会运动。故AB正确，CD错误。

故选AB。11、B:C【分析】【详解】

试题分析：利用洛伦兹力提供向心力结合几何关系，联立即可求出粒子比荷根据周期公式结合粒子在磁场中转过的圆心角，即可求出粒子在磁场中运动的时间；

由题意可画出粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，A错误；由几何关系知粒子做圆周运动的半径为结合可得B正确；粒子在磁场中的运动时间C正确D错误．

12、B:C【分析】【详解】

把A、B与外电路断开，稳定时对射入两板间的粒子满足

则U=Bvd

则要增加A、B两板间的电压，则要增大喷入磁场的等离子的速度v，或者增大金属板A、B间的磁场B，或者增大金属板A、B间的距离d。

故选BC。13、A:C【分析】【详解】

A．线圈产生的交流电动势峰值为

线圈中产生正弦式交变电流，但只有半个周期有电流，根据热效应可得

可得有效值为

故A正确；

B．电容器的耐压值为电压的最大值，至少为故B错误；

C．电容器的电容C变大时；容抗变小，故电流表的示数变大，故C正确；

D．根据楞次定律可知，该线圈从图示位置开始转动到离开磁场过程中的电流方向故D错误。

故选AC。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据电源可知，B中电流方向向上，根据右手定则可以判断A所在位置磁场为逆时针方向，而A上端为N极，故自上向下看，A将逆时针转动；C所在位置磁场竖直向上，C中电流向左下，根据左手定则判断受力向里，故自上向下看C将顺时针转动【解析】逆时针顺时针15、略

【分析】【详解】

[1]MN不通电时两线原来的拉力均为则mg=2T0=6N

当MN通1A的电流时，两线的张力均减为由于2T1<mg

所以安培力方向向上，大小为mg=2T1+F安

计算出F安=I1(-)=2N，I1=1A

当两细线内的张力均增大为时，由于2T2>mg

安培力方向向下，大小为2T2=mg+F′安，F′安=I2(-)

计算得I2=1A

电流方向与原来相反。

[2]当MN中的电流为时两细线签好同时断裂，此时线圈的安培力方向向下，大小为F″安=I3(-)=6N

细线断开的瞬间由牛顿第二定律有mg+F″安=ma

所以线圈的加速度为2g。【解析】1216、略

【分析】【分析】

【详解】

解：[1]电磁式打点计时器它所用的电源是低压交流电。

[2]如果打点的时间间隔为就是打点周期T=由周期和频率的关系可知，则所用电源的频率为Hz【解析】交流电17、略

【分析】【详解】

[1][2][3]动圈式话筒是利用电磁感应原理将声信号转换为电信号的。【解析】①.电磁感应②.声③.电18、略

【分析】【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律有

再根据闭合电路欧姆定律有

[2]根据楞次定律可判断流过R的电流方向为向上。【解析】向上19、略

【分析】【分析】

（1）根据电阻定律得出输电线的电阻；根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而根据P=UI求出升压变压器的输出电压；根据输电线上的电流和电阻求出输电线上的电压损失；根据变压比公式求解升压变压器原；副线圈的匝数比；

（2）根据输出电压和电压损失得出降压变压器的输入电压；结合电压之比等于原副线圈的匝数之比求出降压变压器的原副线圈匝数之比．

【详解】

（1）远距离输电的示意图，如图所示：

导线电阻：R线=ρ

代入数据得：R=40Ω

升压变压器副线圈电流：I2=I线

又I2R线=4%P

解得：I2=100A

根据P=U2I2

得：U2=100kV

根据变压比公式，有：

（2）降压变压器的输入电压为：U3=U2-I2R线=96kV

由

得：

【点睛】

解决本题的关键知道：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比之间的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压、电压损失之间的关系．【解析】1∶254800:11四、作图题(共4题，共20分)20、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的