2025年华东师大版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、与丝绸摩擦后的玻璃棒带上了正电荷，这是因为A.丝绸上有些正电荷转移到了玻璃棒上B.玻璃棒上有些正电荷转移到了丝绸上C.丝绸上有些电子转移到了玻璃棒上D.玻璃棒上有些电子转移到了丝绸上2、两个等量点电荷在真空中产生电场的电场线分布如图所示；下列判断可能正确的是（）

A.一定是两个等量正点电荷B.一定是两个等量负点电荷C.可能是两个等量异种点电荷D.可能是两个等量同种点电荷3、一小磁针放置在某磁场(

未标出方向)

中，静止时的指向如图所示。下列分析正确的是(

)

A.S

极指向该点磁场方向B.N

极指向该点磁场方向C.该磁场是匀强磁场D.娄脕

点的磁场方向水平向右4、如图所示；金属线框与直导线AB在同一平面内，直导线中通有电流I，若将线框由位置1拉至位置2的过程中，线框的感应电流的方向是（）

A.先顺时针；后逆时针，再顺时针。

B.始终顺时针。

C.先逆时针；后顺时针，再逆时针。

D.始终逆时针。

5、一正电荷垂直射入匀强磁场中，其速度v的方向和受到的洛伦兹力F的方向如图所示，则磁场方向为（）A.与F方向相同B.与F方向相反C.垂直纸面向外D.垂直纸面向里6、在如图所示的负点电荷产生的电场中，一检验电荷从A点分别移到B、C、D、E（在以O为圆心的圆周上），则下列情况正确的是（）A.从A到B电场力做功最大B.从A到E电场力做功最大C.电场力做功一样多D.A点比D点电势高评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、在光滑绝缘水平面上，一轻绳拉着一个带电小球绕轴O在匀强磁场中作逆时针方向的匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A点时，绳子忽然断开．关于小球在绳断开后可能的运动情况，下列说法中正确的是（）A.小球仍作逆时针匀速圆周运动，半径不变B.小球仍作逆时针匀速圆周运动，但半径减小C.小球作顺时针匀速圆周运动，半径不变D.小球作顺时针匀速圆周运动，半径减小8、下列说法中正确的是()A.一切种类的波都可能发生干涉和衍射现象B.波遇到障碍物时一定能发生明显的衍射现象C.横波不会发生多普勒效应D.发生明显稳定的干涉的两列波频率一定相同9、如图所示，平行板电容器与直流电源连接，下极板接地.

两板间距为d

一带电油滴位于电容器中央的P

点且恰好处于平衡状态.

现将平行板电容器的下极板竖直向上移动d3

已知重力加速度为g

则(

)

A.带电油滴的加速度为0.5g

B.P

点的电势将降低C.带电油滴在P

点的电势能将减小D.电容器的电容减小，极板带电荷量将增大10、下列说法中正确的是(

)

A.实际的自由振动必然是阻尼振动B.在外力作用下的振动是受迫振动C.阻尼振动的振幅越来越小D.受迫振动稳定后的频率与自身物理条件无关11、如图甲所示，理想变压器原线圈输入端接如图乙所示的交变电压，移动滑动触头P

可以改变原线圈的匝数.

变压器的副线圈与一个滑动变阻器相连，Q

为变阻器的滑动触头，电压表为理想交流电压表.

下列说法正确的是(

)

A.保持Q

不动，向上移动P

输入电压的频率变大B.保持Q

不动，向上移动P

输入电流减小C.保持P

不动，向下移动Q

变压器的输入功率减小D.保持Q

不动，向下移动P

电压表的示数变大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图所示，在匀强电场中A、B、C三点组成一直角三角形，其中C为直角，角A为30°，AC=20cm．现将一带电量为-2×10-8C的点电荷由C点移到A点，电场力做功6.0×10-6J，将另一个带电量为1.5×10-8C的点电荷由C点移到B点，外力克服电场力做功4.5×10-6J，则匀强电场的场强大小为____．

13、在隆露

练习使用示波器的实验隆路

中。

(1)

如果在示波器荧光屏上发现水平方向有一亮斑自左向右缓慢移动；要使它在水平方向上变成一条亮线的办法是______

A；顺时针旋转辉度调节旋钮。

B；调节衰减旋钮。

C；调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮；增大扫描频率。

D；调节Y

增益旋钮。

(2)

在示波器荧光屏出现了甲图所示的波形，要使其变为乙图所示的波形，则应______

A；调节竖直位移旋钮和水平位移旋钮。

B；调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮。

C；调节聚焦旋钮。

D、调节X

增益旋钮和Y

增益旋钮．14、在如图下所示的电路中，电流表、电压表的读数如图所示，则通过R的电流是_____A，加在电阻R两端的电压是______V。15、如图所示，小磁针的正上方平行放置一根直导线，当导线中通过图示方向的电流时，小磁针的N极将垂直纸面____________(填“向里“或“向外”)转动．16、在图所示的情况中，电源的a端为______极（填“正”或“负”），在通电螺线管中的c点放一小磁针，它的北极受力方向为______．17、下表所列的是物理学史上的人物及其所对应的主要贡献；请把缺少的内容补充完整．

。物理学家主要贡献______电磁场理论奥斯特____________点电荷间的相互作用力法拉第______18、已知某烷烃相对分子质量rm{58}rm{(1)}该烷烃的分子式为____________。rm{(2)}写出该烷烃分子所有的同分异构体的结构简式：_____________________________。rm{(3)}上述同分异构体中，在相同条件下沸点最低的是_________。rm{(}写结构简式rm{)}用系统命名法命名：_________________________19、如图所示是一个质点的振动图象，由图可知，质点的振幅为______，周期为______；第1

秒内质点做______运动；第2

秒内质点的______能转变为______能；第3

秒末质点振动速度______而加速度______；此质点若为单摆，则其摆长约为______米.

评卷人得分四、判断题(共3题，共30分)20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、推断题(共3题，共18分)23、某芳香烃rm{A}分子式为rm{C_{8}H_{10}}某烃类衍生物rm{X}分子式为rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液显紫色；rm{J}分子内有两个互为对位的取代基。在一定条件下有如下的转化关系rm{(}无机物略去rm{)}

rm{(1)}属于芳香烃类的rm{A}的同分异构体中，其沸点的大小关系为______________。rm{(}不包括rm{A}用结构简式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。rm{(2)J}与rm{(3)E}反应的化学方程式是_________________；反应类型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机物rm{NaOH}以rm{K}为单体合成的高分子化合物的名称是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多种同分异构体，写出一种符合下列性质的rm{J}的同分异构体的结构简式。rm{J}与rm{垄脵}溶液作用显紫色；rm{FeCl_{3}}与新制rm{垄脷}悬浊液作用产生红色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯环上的一卤代物有rm{垄脹}种。________________________________。

rm{2}24、【化学选做】（15分）有机化合物甲、乙用于制备化妆品，二者合成路线如下（部分产物及条件略）。已知：（-R、-R’代表烃基或-H）（1）A的结构简式是____。（2）化合物F能与浓溴水反应产生白色沉淀。①有机物甲中官能团的名称是____。②“C→有机化合物甲”的化学方程式是____。③化合物F的名称是____。（3）化合物G的分子式为C3H6O，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。G的结构简式是____。（4）A与G反应生成D的反应方程式为____。(5)写出E所有可能的结构简式（满足合成路线）____。25、某芳香烃rm{A}分子式为rm{C_{8}H_{10}}某烃类衍生物rm{X}分子式为rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液显紫色；rm{J}分子内有两个互为对位的取代基。在一定条件下有如下的转化关系rm{(}无机物略去rm{)}

rm{(1)}属于芳香烃类的rm{A}的同分异构体中，其沸点的大小关系为______________。rm{(}不包括rm{A}用结构简式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。rm{(2)J}与rm{(3)E}反应的化学方程式是_________________；反应类型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机物rm{NaOH}以rm{K}为单体合成的高分子化合物的名称是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多种同分异构体，写出一种符合下列性质的rm{J}的同分异构体的结构简式。rm{J}与rm{垄脵}溶液作用显紫色；rm{FeCl_{3}}与新制rm{垄脷}悬浊液作用产生红色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯环上的一卤代物有rm{垄脹}种。________________________________。

rm{2}评卷人得分六、简答题(共3题，共6分)26、孔雀石主要含rm{Cu_{2}(OH)_{2}CO_{3}}还含少量rm{Fe}rm{Si}的化合物。实验室以孔雀石为原料制备rm{CuSO_{4}隆陇5H_{2}O}及rm{CaCO_{3}}步骤如下：请回答下列问题：rm{垄脜}溶液rm{A}的金属离子有rm{Cu^{2+}}rm{Fe^{2+}}rm{Fe^{3+}}从下列所给试剂中选择：实验步骤中试剂rm{垄脵}为____rm{(}填代号rm{)}检验溶液rm{A}中rm{Fe^{3+}}的最佳试剂为____rm{(}填代号rm{)}rm{a.KMnO_{4}}rm{b.(NH_{4})_{2}S}rm{c.H_{2}O_{2}}rm{d.KSCN}rm{垄脝}由溶液rm{C}获得rm{CuSO_{4}隆陇5H_{2}O}需要经过加热蒸发、____、过滤等操作。除烧杯、漏斗外，过滤操作还用到另一玻璃仪器，该仪器在此操作中的主要作用是____。rm{垄脟}制备rm{CaCO_{3}}时，应向rm{CaCl_{2}}溶液中先通入rm{(}或先加入rm{)}____rm{(}填化学式rm{)}其原因是____。rm{垄脠Fe(OH)_{3}}在水溶液中存在着沉淀溶解平衡，在常温下rm{K}rm{{,!}_{sp}=4隆脕10^{-39}}常温下滤液rm{C}的rm{pH=4}其中残留的rm{Fe^{3+}}的浓度为____。27、能说明分子都在永不停息地做无规则运动的实验事实有________(

举一例即可)

在两分子间的距离由r

0(

此时分子间的引力和斥力相互平衡，分子力为零)

逐渐增大的过程中，分子力的变化情况是______________，分子势能的变化情况是______________(

填“逐渐增大”、“逐渐减小”、“先增大后减小”、“先减小后增大”)

28、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}都是短周期元素，它们的原子半径大小为rm{B>C>D>A.B}的基态原子中电子占据三种能量不同的原子轨道，且每种轨道中的电子总数相同；rm{D}原子有rm{2}个未成对电子rm{.A}rm{B}rm{D}三种元素组成的一种化合物rm{M}是新装修居室中常含有的一种有害气体rm{.E}是第四周期元素，其原子核外最外层电子数与rm{A}原子相同，其余各层电子均充满rm{.}回答下列问题rm{(}用元素符号或化学式表示rm{)}．

rm{(1)M}分子中rm{B}原子轨道的杂化类型为______．

rm{(2)}化合物rm{CA_{3}}的沸点比化合物rm{BA_{4}}的高，其主要原因是____．

rm{(3)}写出与rm{BD_{2}}互为等电子体的rm{C_{3}^{-}}的结构式______．

rm{(4)E^{+}}的核外电子排布式为____，如图是rm{D}rm{E}形成的某种化合物的晶胞结构示意图，该晶体rm{1}个晶胞中阳离子的个数为______．

rm{(5)}向rm{E}的硫酸盐溶液中通入过量的rm{CA_{3}}可生成rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}配离子，rm{1}rm{mol}rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}中含有rm{娄脪}键的数目为______．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】试题分析：与丝绸摩擦后的玻璃棒带上了正电荷，玻璃棒上有些电子转移到了丝绸上，D正确考点：考查了摩擦起电原理【解析】【答案】D2、D【分析】解：根据电场线的特点：电场线从正电荷出发；到负电荷终止，同种电荷相互排斥，电场线对称分布，所以为等量同种电荷，由于不知道电场线的方向，所以不能判断是正点电荷，还是负点电荷，故D正确．

故选：D

电场线从正电荷出发；到负电荷终止，同种电荷相互排斥，电场线对称分布．

理解电场线的特点，等量同种和等量异种电荷周围电场线分布情况是考查的重点，一定要熟练掌握，难度不大，属于基础题．【解析】【答案】D3、B【分析】解：AB

物理学上规定：小磁针静止时N

极所指的方向就是该点的磁场方向；该点的磁场方向与S

极指的方向相反，故A错误，B正确。

C；由图看出；该磁场的磁感线分布不均匀，说明各处的磁感应强度不是处处相同，所以该磁场不是匀强磁场，故C错误。

D；a

点的磁场方向沿磁感线的切线方向：斜向右上方；故D错误。

故选：B

磁场方向是小磁针静止时N

极所指的方向；磁场方向是磁感线的切线方向。匀强磁场的磁感线是平行同向疏密均匀的直线。根据这些知识进行分析。

磁感线可以形象描述磁场的强弱和方向，可与电场线进行类比，抓住它们的相似性进行记忆。【解析】B

4、C【分析】

通直电导线中；根据安培定则可得，直线AB左边磁场方向垂直纸面向里，右边的磁场方向垂直纸面向外．线框由位置1拉至位置2的过程中，当导线框位于直线AB左侧运动时，由于磁场向里且大小增加，则磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为逆时针．

当导线框右边靠近直线AB到线框中轴与直线AB重合时；由于磁场左边向里右边向外，则磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为顺时针．

当线框中轴与直线AB重合到导线框左边离开直线AB时；由于磁场左边向里右边向外，则磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为顺时针．

当导线框位于直线AB右侧运动时；由于磁场向外且大小减小，则磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为逆时针．所以只有C正确，ABD均错误；

故选：C

【解析】【答案】当闭合回路中磁通量发生变化时；产生感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向．

5、D【分析】【解答】根据左手定则可知：让四指方向与速度方向一致；大拇指指向受力方向，手掌心向外，说明磁场方向垂直纸面向里，故D正确，ABC错误．故选：D．

【分析】根据左手可以判断磁场方向，注意洛伦兹力与磁场、运动方向垂直．6、C【分析】解：该球面是等势面，各点的电势相等，所以：UAB=UAC=UAD=UAE；将检验电荷从A点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B；C、D、E各点，则电场力做功W=qU，所以电场力做功一样多，故ABD错误，C正确．

故选：C．

以点电荷Q为中心的球面上所有各点的场强的大小相等而方向不同；该球面是等势面．

该题考查点电荷的电场的特点，掌握以点电荷Q为中心的球面上所有各点的电势相等是解题的关键．属于基础题目【解析】【答案】C二、多选题(共5题，共10分)7、ACD【分析】解：A．如果小球带正电；则小球所受的洛伦兹力方向指向圆心，此种情况下，如果洛伦兹力刚好提供向心力，这时绳子对小球没有作用力，绳子断开时，对小球的运动没有影响，小球仍做逆时针的匀速圆周运动，半径不变，故A正确．

B．如果洛伦兹力和拉力共同提供向心力；绳子断开时，向心力减小，而小球的速率不变，则小球做逆时针的圆周运动，但半径增大，故B错误．

C．如果小球带负电；则小球所受的洛伦兹力方向背离圆心，由可知，当洛伦兹力的大小等于小球所受的拉力的一半时，绳子断后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径不变，故C正确；

D．当洛伦兹力的大小大于小球所受的拉力的一半时；则绳子断后，向心力增大，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径减小，故D正确；

故选：ACD

运动的带点粒子在磁场中受力洛伦兹力的作用；分小球带正电和负电两种情况进行讨论，用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据向心力公式分析绳子所受的力，绳子断开后，绳子的拉力为零，小球仅受洛伦兹力，根据受力情况判断小球的运动情况即可．

解题的关键是能正确分析向心力的来源，知道如何判断洛伦兹力的方向，难度适中．【解析】【答案】ACD8、AD【分析】【分析】波的干涉则是两列频率完全相同的波相互叠加时，会出现稳定的干涉现象；而波的衍射则是能绕过阻碍物继续向前传播的现象；干涉与衍射均是波的特性，稳定的干涉现象必须是频率完全相同，而明显的衍射现象必须是波长比阻碍物尺寸大得多或相差不大；只要是波，就能发生多普勒效应；波的干涉是两列频率完全相同的波相互叠加时，会出现稳定的干涉现象。本题考查了波的干涉和衍射现象、多普勒效应；掌握多普勒效应的本质，注意横波与纵波的区别。【解答】A.一切波都可以产生衍射和干涉现象，故A正确；B.波产生明显衍射现象的条件是波的波长与障碍物的大小差不多，故B错误；C.只要是波，就能发生多普勒效应，故错误；D.要产生干涉现象的必要条件之一，就是两列波的频率相等，故D正确。故选AD。【解析】AD

9、AB【分析】解：A

原来平衡时：mg=qUd垄脵

当下极板向上平移d3

时，电压不变，场强变为：E隆盲=U2d3=32Ud

根据牛顿第二定律：qE隆盲鈭�mg=ma垄脷

得：32mg鈭�mg=ma

解得：a=0.5g

故A正确；

B；上下极板电压不变；板间场强变大，上极板与P

点的电势差变大，P

点与下极板的电势差变小，下极板电势为0

所以P

点电势降低，故B正确；

C；电容器上极板带正电；电场方向向下，与电场力方向相反，所以带电油滴带负电，P

点电势降低，负电荷在电势低处，电势能越大，所以P

点电势能增加，故C错误；

D、极板距离减小，根据C=?S4娄脨kd

电容变大，因为电压不变，由Q=CU

知极板带电荷量将增大，故D错误；

故选：AB

将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，根据E=Ud

知板间场强的变化；由U=Ed

判断P

点与下极板间的电势差的变化，确定P

点电势的变化.

由题分析知道油滴带负电，再判断其电势能的变化.

根据场强的变化，判断油滴向什么方向运动．

本题是电容器动态分析问题，根据E=Ud

电容的决定式和定义式结合进行分析.

注意电容器始终和电源连接，电压不变．【解析】AB

10、ACD【分析】解：A

实际的自由振动由于都受到阻力；故均为阻尼振动，故A正确；

B；物体在周期性策动力的作用下的振动是受迫振动；故物体在外力作用下的振动不一定是受迫振动；故B错误；

C；阻尼振动的振幅会越来越小；故C正确；

D；受迫振动稳定后的频率取决于驱动力的频率；与自身物理条件无关；故D正确；

故选：ACD

．

物体在周期性策动力的作用下的振动是受迫振动；受迫振动的频率等于策动力的频率；阻尼振动又称衰减振动.

不论是弹簧振子还是单摆由于外界的摩擦和介质阻力总是存在；在振动过程中要不断克服外界阻力做功，消耗能量，振幅就会逐渐减小，经过一段时间，振动就会完全停下来.

这种振幅越来越小的振动叫做阻尼振动．

本题考查简谐运动、阻尼振动与受迫振动.

都是记忆性的知识点，要牢记物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率．【解析】ACD

11、BD【分析】解：A

变压器不改变交流电的频率；故A错误；

B；向上移动P

原线圈匝数增大，副线圈电压减小，电流减小，所以输入电流减小，故B正确；

C；保持P

不动；副线圈电压不变，向下移动Q

变压器的输入功率等于输出功率不变，故C错误；

D；保持Q

不动；向下移动P

副线圈两端的电压增大，副线圈电路电流增大，电压表示数变大，故D正确；

故选：BD

变压器不改变交流电的频率；电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率．

本题考查了变压器的特点，结合闭合电路欧姆定律考查了电路的动态分析．【解析】BD

三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】

C、A间电势差UCA==V=-300V；

C、B间的电势差UCB==V=-300V；

故知AB电势相等；AB连线即为一条等势线，根据电场线与等势线垂直，且指向电势较低的等势面可知，电场强度方向垂直AC向上；

则场强大小为E==V/m=3000V/m

故答案为：3000V/m；

【解析】【答案】根据公式U=求出C、A间和C、B间的电势差，找出等势点，确定等势线，根据电场线与等势线垂直，确定电场线的方向，再根据E=求场强大小．

13、略

【分析】解：(1)

为观察示波器的水平扫描作用；他调节相应的旋钮，看到屏上的亮斑从左向右移动，到达右端后又很快回到左端.

之后他顺时针旋转扫描微调旋钮以增大扫描频率，此时屏上观察到的现象是：亮点从左向右移动变快，最后变成一条亮线，故C正确，ABD错误．

(2)

由波形图可知；X

与Y

方向的幅度均增大，因此通过调节X

增益旋钮和Y

增益旋钮，即可实现，故ABC错误，D正确；

故选：(1)C(2)D

．

(1)

调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮；增大扫描频率，使它在水平方向出现一条直线；

(2)

波形横纵幅度增大；所以要增加X

增益与Y

增益．

考查示波器的使用要点，明确各旋钮的用途，示波器的使用以及记忆其实可以联系我们生活中常用的数码相机，比如若要屏上波形线条变细且边缘清晰，应调节聚焦，数码相机也是调聚焦；若要将波形曲线调至屏中央，就是上下左右移动图象，跟数码相机操作也一致．【解析】CD

14、略

【分析】试题分析：电流表的量程为0-3A，分度值为0.1A，指针指在24格上，故读数为2.4A；电压表的量程为0-15V，分度值为0.5V，指针指在24格上，故读数为12.0V，考点：本题考查了电压表和电流表的读数。会根据电表的量程和分度值读出示数的大小是本题的关键．【解析】【答案】2.40；12.015、略

【分析】解：当导线中通过图示方向的电流时；根据安培定则判断可知，小磁针所在处磁场方向垂直纸面向里，小磁针N受力向里，S极受力向外，则小磁针N极转向里，S极转向读者．

故答案为：向里．【解析】向里16、略

【分析】解：通过小磁针N极的指向；知螺线管内部的磁场方向为水平向左，根据安培定则，知电流从左端流进螺线管，从右端流出，则电源的a端为正极．根据螺线管内部的磁场方向知北极受力方向向左．

故答案为：正；左．

小磁针静止时N极的指向表示磁场的方向；根据螺线管内部磁场的方向，运用安培定则判断出电流的方向，从而确定电源的正负极，北极的受力方向即为磁场的方向．

解决本题的关键掌握磁场的方向是如何规定的，以及掌握安培定则判断电流与其周围磁场的关系．【解析】正；左17、麦克斯韦；电流的磁效应；库仑；电磁感应定律【分析】解：麦克斯韦是电磁学集大者；建立了完整的电磁场理论，预言了电磁波的存在；

奥斯特发现了电流的磁效应；库仑运用扭秤实验研究总结了点电荷间的相互作用力；法拉第首先发现了电磁感应定律．

故答案为：麦克斯韦；电流的磁效应，库仑，电磁感应定律．

本题关键要记住物理学史上著名科学家及其物理学的主要贡献；即可进行答题．

多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意记忆．【解析】麦克斯韦；电流的磁效应；库仑；电磁感应定律18、rm{(1)C}rm{4}rm{4}rm{H}

rm{10}rm{10}

rm{(2)}rm{(2)}甲基丙烷rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}【分析】【分析】本题考查烷烃分子式的确定，有机物的命名和同分异构体现象，注意题目要求，难度不大。【解答】rm{(1)}设烷烃的分子式为rm{C}设烷烃的分子式为rm{(1)}rm{C}rm{x}rm{x}rm{H}解得rm{H}所以该烷烃的分子式为rm{(2x+2)}rm{(2x+2)}，则rm{14x+2=58}解得rm{x=4}rm{14x+2=58}，故答案为：rm{x=4}rm{C}rm{4}rm{4}；rm{H}rm{10}rm{10}rm{C}rm{4}rm{4}rm{H}rm{10}丁rm{10}rm{(2)}甲基丙烷。故答案为：丁烷的所有的同分异构体的结构简式为：rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}甲基丙烷。rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}【解析】rm{(1)C}rm{4}rm{4}rm{H}rm{10}rm{10}rm{(2)}rm{(2)}甲基丙烷rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{3,}}19、略

【分析】解：由图知按振幅为5cm

周期为4s

第1S

内做离开平衡位置为减速运动，第二2S

内为加速运动，势能转变为动，第3S

末质点振动速度。

最大，加速度为0

若为单摆则由：拢禄T=2娄脨lgT=2娄脨lg

得l=T2g4蟺2=42g4蟺2=4m

故答案为：5cm4s

减速，势能，动能，为0

最大，4

．

由图可确定出各相关量；由周期公式可求出摆长．

考查振动的图象，明确在平衡位置速度最大，加速度为0

．【解析】5cm4S

减速；势；动；最大；为04

四、判断题(共3题，共30分)20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、推断题(共3题，共18分)23、（1）

（2）（酚）羟基、羧基

（3）酯化反应（或取代反应）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本题考查有机物的推断和合成，题目较为综合，有一定的难度，做题时注意把利用好题给信息，采用正逆推相结合的方法推断，注意同分异构体的判断方法。【解答】某芳香烃rm{A}分子式为rm{C}分子式为rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{{,!}_{10}}和，属于苯的同系物，rm{A}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{B}和rm{C}则rm{A}为则rm{A}为rm{B}最终产物rm{C}能与rm{A}，rm{B}最终产物rm{H}能与rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，则rm{H}为rm{NaHCO}发生水解反应生成rm{{,!}_{3}}为溶液反应，说明rm{H}具有羧基，则rm{B}为发生氧化反应生成rm{H}为rm{B}进一步氧化生成，rm{B}发生水解反应生成rm{D}为为rm{B}为rm{D}发生水解反应生成，rm{D}发生氧化反应生成rm{F}为为rm{D}分子式为rm{F}，rm{F}进一步氧化生成rm{H}为rm{F}rm{H}，则rm{C}为rm{C}，rm{C}发生水解反应生成rm{E}为rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式为rm{C}则rm{X}为酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}为醇，则rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羟基，rm{O}分子式为rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液显紫色，说明结构中含有酚羟基，水解生成rm{K}和rm{E}则rm{X}为酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}为醇，则rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羟基，rm{J}分子式为rm{C}rm{K}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{E}为rm{X}rm{K}为rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物质的结构简式为：rm{J}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}为rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}与rm{O}反应的化学方程式是rm{O}或取代反应rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{J}为rm{J}或取代反应rm{J}

，故K为，rm{X}为的混合物在rm{X}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机能，则rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物质的结构简式为：为rm{(1)}为单体合成的高分子化合物的结构简式是rm{A}

，属于芳香烃类的rm{A}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{A}为故答案为：的同分异构体符合：；与rm{(2)J}为rm{(2)J}，所含的含氧官能团的名称为：羧基、羟基，与新制故答案为：羧基、羟基；rm{(3)E}与rm{H}反应的化学方程式是rm{(3)E}苯环上的一卤代物有rm{H}种，说明苯环结构中只含有两种性质不同的氢原子，符合条件的有：，反应类型是：酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}

rm{(}rm{)}故答案为：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羟基、羧基rm{(3)}酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}24、略

【分析】【分析】本题考查了有机物的合成与推断，关键是有机物中官能团的性质与转化，涉及内容较多题目难度较大，掌握好基础知识就能顺利解答本题。由合成路线，结合物质的结构变化，所以A为HC≡CH，B为C为D为E为或或F为G为据此解答。【解答】由合成路线，结合物质的结构变化，所以A为HC≡CH，B为C为D为E为或或F为G为（1）由上分析知，A为HC≡CH；（2）化合物F能与浓溴水反应产生白色沉淀，说明含有酚羟基，①由有机物甲的结构简式可以看出，甲中含有酯基；②C为在浓硫酸催化作用下与乙酸生成酯，反应为：③化合物F为其名称是间甲基苯酚；（3）化合物G的分子式为C3H6O，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，所以其结构简式为：（4）A为HC≡CH，G为其生成D的反应为：HC≡CH+2（5）D与H2加成生成在浓硫酸催化作用下加热发生消去反应，得到的E可以为或或【解析】（1）HC≡CH（2）①酯基②③间甲基苯酚（3）（4）HC≡CH+2（5）或或25、（1）

（2）（酚）羟基、羧基

（3）酯化反应（或取代反应）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本题考查有机物的推断和合成，题目较为综合，有一定的难度，做题时注意把利用好题给信息，采用正逆推相结合的方法推断，注意同分异构体的判断方法。【解答】某芳香烃rm{A}分子式为rm{C}分子式为rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{{,!}_{10}}和，属于苯的同系物，rm{A}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{B}和rm{C}则rm{A}为则rm{A}为rm{B}最终产物rm{C}能与rm{A}，rm{B}最终产物rm{H}能与rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，则rm{H}为rm{NaHCO}发生水解反应生成rm{{,!}_{3}}为溶液反应，说明rm{H}具有羧基，则rm{B}为发生氧化反应生成rm{H}为rm{B}进一步氧化生成，rm{B}发生水解反应生成rm{D}为为rm{B}为rm{D}发生水解反应生成，rm{D}发生氧化反应生成rm{F}为为rm{D}分子式为rm{F}，rm{F}进一步氧化生成rm{H}为rm{F}rm{H}，则rm{C}为rm{C}，rm{C}发生水解反应生成rm{E}为rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式为rm{C}则rm{X}为酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}为醇，则rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羟基，rm{O}分子式为rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液显紫色，说明结构中含有酚羟基，水解生成rm{K}和rm{E}则rm{X}为酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}为醇，则rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羟基，rm{J}分子式为rm{C}rm{K}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{E}为rm{X}rm{K}为rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物质的结构简式为：rm{J}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}为rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}与rm{O}反应的化学方程式是rm{O}或取代反应rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{J}为rm{J}或取代反应rm{J}

，故K为，rm{X}为的混合物在rm{X}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机能，则rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物质的结构简式为：为rm{(1)}为单体合成的高分子化合物的结构简式是rm{A}

，属于芳香烃类的rm{A}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{A}为故答案为：的同分异构体符合：；与rm{(2)J}为rm{(2)J}，所含的含氧官能团的名称为：羧基、羟基，与新制故答案为：羧基、羟基；rm{(3)E}与rm{H}反应的化学方程式是rm{(3)E}苯环上的一卤代物有rm{H}种，说明苯环结构中只含有两种性质不同的氢原子，符合条件的有：，反应类型是：酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}

rm{(}rm{)}故答案为：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羟基、羧基rm{(3)}酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}六、简答题(共3题，共6分)26、（1）cd）1cd）冷却结晶（2）冷却结晶引流引流2）·（3）NH3·H2OCO2不易溶于CaCl2溶液不易溶于3溶液NH3H2OCO2）CaCl2×（4）4×10-9mol/L【分析】【分析】本题通过制备rm{CuSO}rm{4}rm{4}rm{?5H}rm{2}及rm{2}rm{O}实验考查常见金属的单质及其化合物的应用以及基本的实验操作，涉及物质的制取和提纯等实验操作，掌握基本的实验操作步骤是解题的关键，注意蒸发、过滤、滴定等操作在进行中的注意事项，题目难度中等。【解答】制备rm{CaCO}及rm{3}步骤：孔雀石主要成分rm{3}其中还含少量rm{CuSO_{4}?5H_{2}O}rm{CaCO_{3}}的化合物rm{Cu_{2}(OH)_{2}CO_{3}}铁元素以rm{Fe}rm{Si}价存在，孔雀石与硫酸反应中，少量rm{.}的氧化物均与硫酸反应，只有rm{+2}不反应，溶液rm{+3}中含rm{Fe}rm{SiO_{2}}rm{A}由工艺流程转化关系可知，实现由溶液rm{Cu^{2+}}至溶液rm{Fe^{2+}}转化，目的是将rm{Fe^{3+}}氧化为rm{A}试剂rm{B}应为氧化剂，且不能引入新的杂质，则溶液rm{Fe^{2+}}中含rm{Fe^{3+}}rm{垄脵}加rm{B}促进铁离子水解转化为沉淀，所以溶液rm{Cu^{2+}}中主要为硫酸铜，蒸发浓缩、冷却结晶得到rm{Fe^{3+}}制备rm{CuO}时，先通入氨气，增大二氧化碳的溶解，生成碳酸铵与氯化钙反应生成碳酸钙、氯化铵，反应为：rm{C}则过滤可得到rm{CuSO_{4}?5H_{2}O}依此回答即可。

rm{CaCO_{3}}本实验要除去rm{CaCl_{2}+CO_{2}+2NH_{3}?H_{2}O=CaCO_{3}隆媒+2NH_{4}Cl+H_{2}O}rm{CaCO_{3}}等离子，先加入合适的氧化剂时不能引入新的杂质，可加入rm{(1)}发生的反应为：rm{Fe^{2+}}因rm{Fe^{3+}}遇rm{H_{2}O_{2}}溶液变为血红色，常用rm{2Fe^{2+}+H_{2}O_{2}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}检验rm{Fe^{3+}}

故答案为：rm{KSCN}rm{KSCN}

rm{Fe^{3+}}从溶液中要析出晶体；采用冷却结晶法，然后进行过滤等操作，过滤用到的仪器有烧杯；玻璃棒、漏斗、滤纸等仪器，其中玻璃棒在过滤时起到引流的作用；

故答案为：冷却结晶；引流；

rm{c}溶液不能与rm{d}反应；加入碱能反应，但又不能引入杂质，可加入一水合氨；

故答案为：rm{(2)}rm{(3)CaCl_{2}}rm{CO_{2}}溶液；

rm{NH_{3}?H_{2}O}rm{CO_{2}}的rm{CO_{2}}时，不易溶于rm{CaCl_{2}}溶液rm{CaCl_{2}}此时溶液中的铁离子浓度为：rm{c(F{e}^{3+})=dfrac{Ksp}{c(O{H}^{-}{)}^{3}}=dfrac{4隆脕{10}^{-39}}{(1隆脕{10}^{-10}{)}^{3}}mol/L=4隆脕{10}^{-9}mol/L}rm{CaCl_{2}}rm{(4)}常温下滤液rm{C}的rm{pH=4}时，rm{c(OH^{-})=1}rm{C}

rm{pH=4}【解析】rm{(}rm{1}rm{)}rm{c}rm{d}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)}rm{c}rm{d}rm{c}rm{d}冷却结晶rm{(}rm{2}rm{)}冷却结晶引流引流rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}rm{(}rm{3}rm{)}rm{NH_{3}}rm{隆陇}rm{H_{2}O}rm{CO_{2}}不易溶于rm{CaCl_{2}}溶液rm{(}不易溶于rm{3