2025年粤教新版选修3物理上册月考试卷含答案

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A.气体在状态A的内能一定大于在状态B的内能B.图中Rt△OAC和Rt△OBD的面积一定相等C.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量大于气体做的功D.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数不变4、下列有关物理量的方向描述正确的是（）A.电场中某点的电场强度的方向就是电荷在该点受到的电场力方向B.磁场中某点磁感应强度的方向就是正电荷在该点受到的磁场力方向C.闭合电路中电荷定向运动的方向就是电流的方向D.感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化5、简谐横波某时刻的波形图线如图所示；由此图可知（）

A.若质点a向下运动，则波是从左向右传播的B.若质点b向上运动，则波是从左向右传播的C.若波从右向左传播，则质点c向下运动D.若波从右向左传播，则质点d向下运动评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列说法正确的是（）A.太空中水滴成球形，是液体表面张力作用的结果B.液体中的悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显C.一定质量的理想气体克服外界压力膨胀，且过程中不吸热也不放热，则内能一定减小E.两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子势能不断增大E.两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子势能不断增大7、以下说法正确的是（）A.自行车打气越打越困难主要是分子间相互排斥的原因B.物理性质表现为各向同性的固体可能是晶体也可能是非晶体C.用“油膜法”估测分子直径时，滴在水面的油酸酒精溶液体积为铺开的油膜面积为S，则可估算出油酸分子的直径为E.恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中的理想气体内能不变，对外做功，吸收热量E.恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中的理想气体内能不变，对外做功，吸收热量8、奥运祥云火炬的燃烧系统由燃气罐（内有液态丙烷）稳压装置和燃烧器三部分组成。当稳压阀打开以后，燃气以气态形式从气罐里出米，经过稳压阀后进入燃烧室进行燃烧，以下说法中正确的是（）A.燃气由液态变为气态的过程中要对外做功B.燃气由液态变为气态的过程中分子的分子势能减少C.燃气在燃烧后释放在周围环境中的能量不可能被回收再利用D.若将两个丙烷气体分子从远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大、后变小再变大9、关于热力学定律，下列说法不正确的是A.在一定条件下物体的温度可以降到0KB.物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功C.吸收了热量的物体，其内能一定增加E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行10、比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式用比值法定义的是（）A.电场强度E=F/qB.电势φ=Ep/qC.电容C=Q/UD.电流I=U/R11、某同学自制的简易电动机示意图如图所示。矩形线圈由一根漆包线绕制而成；漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴。将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方。为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将。

A.左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B.左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C.左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D.左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉12、如图所示，倾角为θ=37°的足够长的平行金属导轨固定在水平面上，两导体棒ab、cd垂直于导轨放置，空间存在的垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．现给导体棒ab一沿导轨平面向下的初速度v0使其沿导轨向下运动，已知两导体棒质量均为m，电阻相等，两导体棒与导轨之间的动摩擦因数均为μ=0.75，导轨电阻忽略不计。从ab开始运动到两棒相对静止的整个运动过程中两导体棒始终与导轨保持良好的接触；下列说法正确的是（）

A.导体棒cd中产生的焦耳热为

B.导体棒cd中产生的焦耳热为B.当导体棒cd的速度为时，导体棒ab的速度为C.当导体棒ab的速度为时，导体棒cd的速度为13、如图所示，A球振动后，通过水平细绳迫使B、C振动；下列说法中正确的是()

A.只有A球、C球振动周期相等B.A球、B球、C球的振动周期相等C.C球的振幅比B球大D.C球的振幅比B球小评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球，两个导体开始时互相接触且对地绝缘。

（1）为了使两球带上等量异号电荷，应___________。

A．先移走棒；再把两球分开B．先把两球分开，再移走棒。

（2）使棒与甲球瞬时接触，再移走棒，导体甲带___________电；导体乙带________。

（3）先使甲球瞬时接地，再移走棒，导体甲带_________电；导体乙带________电。15、通电螺线管右端的小磁针，静止时N极的指向如图所示，则电源的a端为_______极（选填“正”或“负”），螺线管的c端为_______极（选填“N”或“S”）

16、将长为1m的导线ac从中点b折成如图所示的形状，放入B＝0.08T的匀强磁场中，abc平面与磁场垂直．若在导线abc中通入25A的直流电，则整个导线所受安培力大小为______N．17、（1）关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是____．（填选项前的字母）

A．一定量气体吸收热量；其内能一定增大。

B.不可能使热量由低温物体传递到高温物体。

C.若两分子间距离增大；分子势能一定增大。

D.若两分子间距离减小；分子间引力和斥力都增大。

（2）空气压缩机的储气罐中储有1.0atm的空气6.0L,现再充入1.0atm的空气9.0L．设充气过程为等温过程，空气可看作理想气体，则充气后储气罐中气体压强为_____．（填选项前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm18、某同学把两块大小不同的木块用细线连接；中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示．将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．

（1）该同学还必须有的器材是_____；

（2）需要直接测量的数据是_____；

（3）用所得数据验证动量守恒的关系式是_____．评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)22、某实验小组利用如图1所示电路测定一节电池的电动势和内电阻；备有下列器材：

A；待测电池；电动势约为1.5V（小于1.5V）

B；电流表；量程3A

C；电流表；量程0.6A

D；电压表；量程1.5V

E；电压表；量程3V

F；滑动变阻器；0～20Ω

G；滑动变阻器；0～2000Ω

H；开关一个；导线若干。

(1)实验时，电流表应选__________，电压表应选__________,滑动变阻器应选__________（填选用器材前面的字母）

(2)小组由实验数据作出的U-I图象如图2所示，由图象可求得电源电动势为______V，内电阻为________Ω。23、如图所示为某同学曾经组装好的一只欧姆表．各元件的参数有部分已经看不清楚；但知道电源的电动势大约为3V；内阻很小可忽略，微安表的满偏电流为300μA、内阻未知．他想利用该装置比较准确地测量电源的电动势和微安表的内阻．

实验步骤如下：

①将R调到最大值；欧姆表的两表笔用导线短接；

②将电阻箱阻值调到R；记录此时微安表的示数Ⅰ；

③重复第②步；得到六组数据；

④以R为横坐标，为纵坐标，描点连线后得到一条倾斜的直线．进一步求出该直线的斜率为0.34V－1，纵截距为2.00×102A－1．

(1)根据以上信息，电源的电动势为_____________；微安表的内阻为_____________(结果保留三位有效数字)．

(2)实验中使用的电阻箱为_____________．

A.最大阻值为9999ΩB.最大阻值为99999Ω24、一个标有“3V；1.5W”小灯泡的伏安特性曲线如图(a)所示．小明同学有两节干电池，其中一节新电池的电动势为1.5V，内阻为1.5Ω；另一节为旧电池，使用多用电表粗略测出该旧电池的电动势约为1.4V，查阅资料得知旧电池的内阻为10Ω以上．

(1)现用新电池直接给该小灯泡供电，小灯泡发光昏暗，则小灯泡实际功率为___________W(结果保留两位有效数字)．

(2)该同学尝试用这两节干电池串联在一起为该小灯泡供电；在接入电路前，先测定该电池组的电动势和内阻，实验室备有下列器材：

A.电流表G(满偏电流2mA；内阻10Ω)

B.电流表A(0~0.6A；内阻约0.1Ω)

C.滑动变阻器R1(0~5Ω；10A)

D滑动变阻器R2(0~50Ω；1A)

F.定值电阻R3=1990Ω

G.开关；导线若干。

①为方便且能较准确地进行测量，选用滑动变阻器___________(填写器材前面的序号)．

②利用实验室备有的实验器材在虚线框中画出测量电池组电动势和内电阻的电路图____．

③该同学根据他设计的实验测出了多组I1(电流表A的示数)和I2(电流表G的示数)，并作出了如图(b)所示的I1和I2的关系图线．根据图线可得，被测电池组的电动势为___________V，内阻为___________Ω(结果保留三位有效数字)．

④根据电池组的电动势和内阻判断用新、旧干电池各一节串联在一起为该小灯泡供电比一节新干电池单独使用时亮度___________(填“亮”或“暗”)25、某同学利用图（a）所示的电路研究灯泡L1（6V，1.5W）、L2（6V，10W）的发光情况（假设灯泡电阻恒定），图（b）为实物图．

（1）他分别将L1、L2接入图（a）中的虚线框位置，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为6V时，发现灯泡均能正常发光．在图（b）中用笔线代替导线将电路连线补充完整．

（2）接着他将L1和L2串联后接入图（a）中的虚线框位置，移动滑动变阻器的滑片P；当电压表示数为6V时，发现其中一个灯泡亮而另一个灯泡不亮，出现这种现象的原因是。

____

（3）现有如下器材：电源E（6V，内阻不计），灯泡L1（6V，1.5W）、L2（6V，10W），L3（6V，10W），单刀双掷开关S．在图（c）中设计一个机动车转向灯的控制电路：当单刀双掷开关S与1相接时，信号灯L1亮，右转向灯L2亮而左转向灯L3不亮；当单刀双掷开关S与2相接时，信号灯L1亮，左转向灯L3亮而右转向灯L2不亮．评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)26、2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功，它的阻拦技术原理是，飞机着舰时利用阻拦索的作用力使它快速停止．随着电磁技术的日趋成熟，新一代航母已准备采用全新的电磁阻拦技术，它的阻拦技术原理是，飞机着舰时利用电磁作用力使它快速停止．为研究问题的方便，我们将其简化为如图所示的模型．在磁感应强度为B、方向如图所示的匀强磁场中，两根平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L，电阻不计．轨道端点MP间接有阻值为R的电阻．一个长为L、质量为m、阻值为r的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好．质量为M的飞机以水平速度v0迅速钩住导体棒ab；钩住之后关闭动力系统并立即获得共同的速度．假如忽略摩擦等次要因素，飞机和金属棒系统仅在安培力作用下很快停下来．求：

（1）飞机钩住金属棒后它们获得的共同速度v的大小；

（2）飞机在阻拦减速过程中获得的加速度a的最大值；

（3）从飞机钩住金属棒到它们停下来的整个过程中运动的距离x．27、如图所示，长L=55cm的薄壁玻璃管与水平面成30°角倾斜放置，玻璃管粗细均匀，底端封闭、另一端开口．现用长l=10cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体；气体温度为306K，且水银面恰与管口齐平．现将管口缓慢转到竖育向上位置，并将水银缓慢注入管中，直到水银面再次与管口齐平，已知大气压强p=75cmHg．求。

（1）水银面再次与管口齐平时；管中气体的压强；

（2）对竖直玻璃管缓慢加热，若管中刚好剩下5cm高的水银柱，气体温度升高了多少．28、如图，一定质量的理想气体经历了的状态变化过程，在此过程中气体的内能增加了135J，外界对气体做了90J的功。已知状态A时气体的体积求：

（1）从状态A到状态的过程中；气体与外界热交换的热量；

（2）状态A时气体的压强

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，A错误；B中的反应为轻核聚变反应方程，B正确；C中是衰变方程，C错误；D中的反应方程为原子核人工转变方程，D错误．2、B【分析】【详解】

一个氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级，即从高能级向低能级跃迁，释放光子，能量减少，电子的轨道半径减小，根据可知；核外电子的动能增加；故选B．

【点睛】

此题主要考查波尔理论的知识，知道高能级向低能级跃迁，释放光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子．3、B【分析】【分析】

【详解】

A．由于该双曲线为等温线，则气体在状态A、B时的分子平均动能相等,又由于气体为理想气体，则气体的分子势能可忽略不计，所以气体在状态A的内能一定等于在状态B的内能；选项A错误；

B．由题意可知,图线为等温曲线,由理想气体状态方程可得。

由于C是常量，温度T保持不变，则pV为定值，则图中Rt△OAC和Rt△OBD的面积相等；选项B正确；

C．从状态A变化到状态B的过程中，气体的体积增大，气体对外界做功，由热力学第一定律得气体从外界吸收热量，又由于则气体吸收的热量等于气体对外界所做的功，选项C错误；

D．从状态A变化到状态B的过程中气体的压强减小；则气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，选项D错误。

故选B。4、D【分析】A；电场中某点的电场强度的方向就是正电荷在电场中某点受力的方向；故A错误；

B；磁场中任一点；小磁针北极受力方向，就是该点的磁场方向，故B错误；

C；电荷的定向移动形成电流；正电荷的定向移动方向是电流的方向，故C错误；

D；楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律；即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故D正确。

点睛：本题考查了电场、磁场、电流以及感应电流的方向，注意教材中对这些方向的规定。5、B【分析】【详解】

A．若质点a向下运动；波形向左平移，则波是从右向左传播的。A错误。

B．若质点b向上运动；波形向右平移，则波是从左向右传播的。B正确。

C．若波从右向左传播；根据平移法，波形向左平移，则质点c向上运动。C错误。

D．若波从右向左传播，根据平移法，波形向左平移，则质点d向上运动。D错误二、多选题(共8题，共16分)6、A:C:D【分析】【详解】

A．太空中水滴成球形；是液体表面分子间距离大于平衡位置的距离，分子间体现为相互吸引的作用力，这就是表面张力，A正确；

B．悬浮微粒越大；在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，受力就越趋于平衡，布朗运动就越不明显，B错误；

C．根据热力学第一定律有

因为过程中既不吸热也不放热Q＝0

又因为体积膨胀，所以气体对外做功W＜0

故

气体内能将减小；C正确；

D．温度升高；分子热运动的平均动能增大，但不意味着每个分子的动能都增大，D正确；

E．将一个分子从无穷远处无限靠近另外一个分子的过程中；分子力先表现为引力，做正功，后表现为斥力，做负功，所以分子势能先减小后增大，E错误。

故选ACD。7、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．自行车打气越打越困难主要是气体压强的缘故；与气体分子间相互作用力无关，A错误；

B．多晶体和非晶体均具有各向同性；B正确；

C．用油膜法估测分子直径时，滴在水面的纯油酸的体积为V，铺开的油膜面积为S，可估算出油酸分子直径为C错误；

D．布朗运动是悬浮微粒的无规则运动；是液体分子做无规则运动的反映，花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了水分子在不停地做无规则运动，D正确；

E．恒温水池中的小气泡由底部缓慢上升过程中，由于气泡中的理想气体温度不变故内能不变，向上去的过程中压强减小，体积膨胀，对外做功，W取负号，根据热力学第一定律

得出吸收热量；E正确。

故选BDE。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．燃气由液态变为气态的过程中体积增大对外做功；故A正确；

B．燃气由液态变为气态的过程中吸收热量而温度不变；吸收的热量转化为分子势能，所以分子势能增大，故B错误；

C．燃气在燃烧后释放在周围环境中的能量变为品质低的大气内能；能量耗散了，很难再被利用，但消耗其他能量也可以被回收利用，故C错误；

D．两个丙烷气体分子从远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力从无到有，先变大。当r＞r0时，表现为引力，随分子间距的减小而增大，当r＜r0时；表现为斥力，随分子间距的减小而增大。由以上分析可知D正确。

故选AD。.9、A:C:D【分析】【详解】

A．根据热力学第三定律的绝对零度不可能达到可知A错误；

B．根据热力学第二定律；物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功而引起其他变化是可能的，当然会产生其他变化，故B正确；

C．物体从外界吸收热量同时对外做功；根据能量守恒定律可知内能可能增加；减小和不变，选项C错误；

D．压缩气体；外界对气体作正功，气体同时可能向外释放热，根据能量守恒定律可知物体内能可能减少；温度降低，D错误；

E．一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行,故选项E正确。

故选ACD。10、A:B:C【分析】【详解】

A、电场强度与放入电场中的电荷无关，所以属于比值定义法．故A正确．

B、电场中的电势定义式，属于比值定义法．故B正确．

C、电容C由本身的性质决定，与所带的电荷量及两端间的电势差无关．所以属于比值定义法．故C正确．

D、根据欧姆定律可知电流I与电压U成正比，与电阻R成反比；不属于比值定义法，故D错误．故选ABC．

【点睛】

所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．11、A:D【分析】为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来；将左；右转轴下侧的绝缘漆都刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，选项A正确；若将左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，则当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后再次受到相反方向的安培力而使其停止转动，选项B正确；左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，电路不能接通，故不能转起来，选项C错误；若将左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后电路不导通，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，选项D正确；故选AD。

【名师点睛】此题是电动机原理，主要考查学生对物理规律在实际生活中的运用能力；关键是通过分析电流方向的变化分析安培力的方向变化情况。12、B:D【分析】【详解】

AB．由题意可知：mgsin37°=μmgcos37°，则对两棒的系统沿轨道方向的动量守恒，当最终稳定时：解得v=0.5v0，则回路产生的焦耳热为则导体棒c中产生的焦耳热为选项A错误，B正确；

C．当导体棒cd的速度为时，则由动量守恒：解得选项C错误；

D．当导体棒ab的速度为时，则由动量守恒：解得选项D正确；13、B:C【分析】【详解】

AB．由题意；A做自由振动，其振动周期就等于其固有周期，而B；C在A产生的驱动力作用下做受迫振动，受迫振动的周期等于驱动力的周期，即等于A的固有周期，所以三个单摆的振动周期相等，则B正确，A错误；

CD．由于C、A的摆长相等，则C的固有周期与驱动力周期相等，产生共振，其振幅比B摆大。所以C正确，D错误。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据静电感应可知；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球时，在两个导体球上分别感应出等量的异号电荷，此时先把两球分开，再移走棒。就会使两球带上等量异号电荷；

(2)[2][3]使棒与甲球瞬时接触；再移走棒，会使两导体球均带上负电荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。【解析】B负负正正15、略

【分析】根据通电螺线管右端的小磁针静止时N极的指向，可知螺线管的d端为N极，c端为S极，由右手螺旋法则可知，电源的a端为正极。【解析】正，S16、略

【分析】试题分析：折线abc受力等效于a和c连线受力，由几何知识可知ac＝m，F＝ILBsinθ＝25×0.08××sin90°N＝N；

考点：匀强磁场中的安培力【解析】17、A:D【分析】【分析】

【详解】

(1)改变内能有热传递和做功；如果吸热比对外做功要少得话，物体的内能会减小，所以答案A错；在引起变化的条件下，热量可以从低温传给高温如空调等所以答案B错；在分子力为排斥力时距离增大分子势能减小，答案C错，正确答案选D.

(2)由等温变化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正确，BCD错误．故选A．18、略

【分析】【详解】

小球离开桌面后做平抛运动，取小球1的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为：m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t．需要验证的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2；需要的器材为刻度尺；天平、重锤线．

（1）需要的实验器材有：天平；直尺、铅锤、木板、白纸、复写纸、图钉、细线等。

（2）需要直接测量的量为：两物块的质量m1．m2及它们对应的平抛射程s1．s2；

（3）需要验证的表达式为：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、铅垂线两木块的质量m1、m2和两木块落地点分别到桌子两。

侧边缘的水平距离s1、s2m1s1＝m2s2四、作图题(共3题，共12分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共16分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]干电池电动势约为1.5V，电压表应选：D，根据实验数据得出最大电流约为0.5A，因此电流表应选：C；干电池电动势约为1.5V，电流表量程为0.6A，电路最小电阻约为

为方便实验操作；滑动变阻器应选：F；

（2）[4][5]由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir，再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势故电源的电动势为1.4V；而图象的斜率的绝对值表示电源的内阻【解析】(1)CDF(2)1.42.823、略

【分析】【分析】

由闭合电路欧姆定律定律得出表达式，再整理成为y以R为x的一次函数就可以知道斜率和纵截距．

【详解】

由题意可知，电源内阻很小可忽略，依据闭合电路欧姆定律变形后由函数表达式可知，斜率所以E=2.94V，Rg=588Ω．欧姆表内阻所以电阻箱选择A．

【点睛】

闭合电路欧姆定律是列出表达式的关键【解析】（1）2.94V588Ω（2）A24、略

【分析】【分析】

根据题中“测量电池组电动势和内电阻”可知；本题考查测定电源电动势和内阻的实验，应用闭合电路的欧姆定律；电表改装、图象法等知识分析求解．

【详解】

(1)设灯泡接在新电池两端时，灯泡两端的电压为流过灯泡的电流为据闭合电路欧姆定律可得：整理得：将表达式对应的图象画出来，图象与灯泡伏安特性曲线的交点表示电池与灯泡相连时的工作情况；小灯泡实际功率．

(2)①新、旧电池串联后，电池组的电阻约11.5Ω；为使电路中电流的变化范围略大些，滑动变阻器应选择滑动变阻器R2(0~50Ω；1A)，即选择滑动阻器D．

②题中首先将电流表G(满偏电流2mA，内阻10Ω)与定值电阻R3(R3=1990Ω)串联，改装成量程