2025年人教A版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版高二物理下册阶段测试试卷509考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、光滑绝缘水平面上固定两个等量正电荷；它们连线的中垂线上有A；B、C三点，如图甲所示，一质量m=1kg的带正电小物块由A点静止释放，并以此时未计时起点，沿光滑水平面经过B、C两点，其运动过程的v-t图象如图乙所示，其中图线在B点位置时斜率最大，则根据图线可以确定（）

A.C三点的电场强度大小EA＞EB＞ECB.中垂线上B点电场强度的大小C.UBC＞UABD.小物块在B点的电势能2、在同一高度将质量相等的三个小球以大小相同的速度分别竖直上抛、竖直下抛、水平抛出，不计空气阻力.

从抛出到落地过程中，三球A.运动时间相同B.落地时的动能相同C.重力的平均功率相同D.落地时的速度相同3、在核反应方程01n+36Li隆煤13H+X

中，X

为(

)

A.31n

B.11H

C.12H

D.24He

4、水平桌面上的闭合导体线圈a正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线在同一条竖直线上，螺线管、滑动变阻器、电源连接成如图所示电路。若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列正确的是（）A.线圈a有扩张的趋势B.穿过线圈a的磁通量减少C.线圈a对水平桌面的压力FN将增大D.线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流5、太阳能电池由许多片电池板组成．某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10﹣4V，短路电流是3.0×10﹣5A，则这块电池板的内阻为（）A.20ΩB.5ΩC.0.2ΩD.0.05Ω6、如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比n1漏Un2=5漏U1

原线圈的电压u=502sin(50蟺t)V

副线圈中接有理想交流电流表A

电阻为10娄赂

的电阻R

电容器C.

下列说法正确的是A.电流表的示数大于1A

B.电容器的耐压值至少为10V

C.电阻的发热功率为20W

D.变压器的输入电流为5A

评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、一列简谐波沿x轴方向传播，在t=0时波形如图所示，已知波速为10m/s．则t=0．ls时的波形图可能是（）A.B.C.D.8、如图，线圈L1，铁芯M，线圈L2都可自由移动，S合上后使L2中有感应电流且流过电阻R的电流方向为a→b，可采用的办法是（）A.使L2迅速靠近L1B.断开电源开关SC.将铁芯M插入D.将铁芯M抽出9、如图甲所示，电阻为5娄赂

匝数为100

匝的线圈(

图中只画了2

匝)

两端AB

与电阻R

相连，R=95娄赂

线圈内有方向垂直于纸面向里的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化。则

A.A

点的电势小于B

点的电势B.在线圈位置上感应电场沿顺时针方向C.0.1s

时间内通过电阻R

的电荷量为0.05C

D.0.1s

时间内非静电力所做的功为2.5J

10、如图所示，一根放在水平面内的光滑玻璃管绝缘性能极好，内部有两个完全相同的弹性小球A

和B

，带电量分别为+

Q

1

和鈭�

Q

2

两球从图示位置由静止释放，那么两球再次经过图中的原静止位置时，A

球的瞬时加速度与刚释放时相比()A.一定变大B.一定变小C.大小可能不变D.方向一定相反11、如图所示，图线a

是某一电源的U鈭�I

曲线，图线b

是一定值电阻的U鈭�I

曲线.

若将该电源与该定值电阻连成闭合电路(

已知该电源的内阻r=2.0娄赂)

则(

)

A.该定值电阻为6娄赂

B.该电源的电动势为20V

C.将3

只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大D.将2

只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、在接近收费口的道路上安装了若干条突起于路面且与行驶方向垂直的减速带，相邻减速带间距为10m，当车辆经过减速带时会产生振动。若某汽车的固有频率为1.25Hz，则当该车以_________m/s的速度行驶在此减速区时颠簸得最厉害，我们把这种现象称为_________。13、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的它们之间的相互作用力变为______F．14、如图所示，闭合小金属环从高为h

的光滑曲面上无初速滚下，又沿曲面的另一侧上升，若图中磁场为匀强磁场，则环上升的高度______h

若为非匀强磁场，则环上升的高度应______h(

填“>

”“=

”或“<

”)

．15、“探究力的合成的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示；其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。

（1）图乙中的F与F′两力中；方向一定沿AO方向的是______

（2）本实验采用的科学方法是______

A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法。

（3）本实验中以下说法正确的是______

A．两根细绳必须等长。

B．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上。

C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行。

D．把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角必须取90°16、有一个n匝线圈面积为S，在△t时间内垂直线圈平面的磁感应强度变化了△B，则这段时间内穿过n匝线圈的磁通量的变化量为______，磁通量的变化率为______，穿过一匝线圈的磁通量的变化量为______，磁通量的变化率为______．17、在“测定金属电阻率”的实验中，用千分尺测量金属丝的直径，利用伏安法测量金属丝的电阻．千分尺示数及电流表、电压表的示数都如图所示，则可读出该金属丝的直径是______mm，金属丝的电阻值是______Ω（要求保留三位有效数字）．除此以外，还需测量的物理量是______，电路选择电流表______（内；外）接法．

18、在如图所示的电场中，AB

两点相比，______点的场强较大，______点的电势较高．19、某同学采用如图所示的装置探究碰撞中的不变量，把两个小球用等长的细线悬挂于同一点，让B

球静止，拉起A

球，由静止释放后使它们相碰，碰后粘在一起。实验过程中除了要测量A

球被拉起的角度娄脠1

和两球碰撞后摆起的最大角度娄脠2

之外，还需测量________(

写出物理量的名称和符号)

才能进行验证。用测量的物理量表示碰撞中的不变量的关系式是________。20、在做隆露

研究匀变速直线运动隆路

的实验时；某同学得到一条纸带，如图所示，并且每隔四个计时点取一个计数点，已知每两个计数点间的距离为s

且s1=0.96cms2=2.88cms3=4.80cms4=6.72cms5=8.64cms6=10.56cm

电磁打点计时器的电源频率为50Hz.

计算此纸带的加速度大小a=

______m/s2

打第四个计数点时纸带的速度大小v=

______m/s

．

评卷人得分四、简答题(共2题，共12分)21、近来有报道，碘代化合物rm{E}与化合物rm{H}在rm{Cr-Ni}催化下可以发生偶联反应，合成一种多官能团的化合物rm{Y}其合成路线如下：已知：rm{RCHO+C{H}_{3}CHOxrightarrow[?]{NaOH/{H}_{2}O}RCH=CHC{H}_{3}+{H}_{2}O}回答下列问题：rm{RCHO+C{H}_{3}CHO

xrightarrow[?]{NaOH/{H}_{2}O}RCH=CHC{H}_{3}+{H}_{2}O}的化学名称是________________。rm{(1)A}为单氯代烃，由rm{(2)B}生成rm{B}的化学方程式为________________。rm{C}由rm{(3)}生成rm{A}rm{B}生成rm{G}的反应类型分别是________________、________________。rm{H}的结构简式为________________。rm{(4)D}中含氧官能团的名称为________________。rm{(5)Y}与rm{(6)E}在rm{F}催化下也可以发生偶联反应，产物的结构简式为________________。rm{Cr-Ni}与rm{(7)X}互为同分异构体，且具有完全相同官能团。rm{D}的核磁共振氢谱显示三种不同化学环境的氢，其峰面积之比为rm{X}写出rm{3隆脙3隆脙2}种符合上述条件的rm{3}的结构简式________________。rm{X}22、【化学一选修rm{5}有机化学基础】有机物rm{PAS-Na}是一种治疗肺结核药物的有效成分，有机物rm{G}是一种食用香料，以甲苯为原料合成这两种物质的路线如下：已知：rm{垄脵}rm{垄脷}rm{(R=隆陋CH_{3}}或rm{隆陋H)}rm{垄脹}rm{垄脺}回答下列问题：rm{(1)A}的化学名称是_____________________________。rm{(2)B}中官能团的名称是____，试剂rm{a}的结构简式为____。rm{(3)}写出由rm{C隆煤D}中rm{(i)}的化学方程式____。rm{(4)}质谱图显示试剂rm{b}的相对分子质量为rm{58}分子中不含甲基，且为链状结构，写出肉桂酸与试剂rm{b}生成rm{G}的化学方式____。rm{(5)}当试剂rm{d}过量时，可以选用的试剂rm{d}是____rm{(}填字母序号rm{)}．A.rm{NaHCO_{3}}rm{B.NaOH}rm{C.Na_{2}CO_{3}}rm{(6)}肉桂酸有多种同分异构体，写出其符合下列条件的所有结构简式____。rm{a.}苯环上有三个取代基；rm{b.}能发生银镜反应，且rm{1mol}该有机物最多生成rm{4molAg}rm{c.}苯环上有两种不同化学环境氢原子。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】解：A；v-t图象的斜率等于加速度；B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在B处加速度最大，根据牛顿第二定律得：

F=qE=ma，B为中垂线上电场强度最大的点，由图得：B点的加速度为a==2m/s2，E=由于不知道q的具体值，所以不能求出E．故AB错误．

C、物块从A到B的过程，根据动能定理得：qUAB=mvB2-mvA2，则得，UAB=m（vB2-）=m×16，同理可知UBC=m（vC2-）=m×33，所以UBC＞UAB；故C正确．

D；由于不知道零电势的位置；所以不能求解在B点的电势能，故D错误．

故选：C

根据v-t图象的斜率等于加速度和牛顿第二定律求解电场强度E．根据能量守恒定律分析物块电势能的变化情况；根据动能定理求解AB两点和BC两点间的电势差．

解决本题的关键是掌握速度图象的物理意义和动能定理，知道电势与电势能的关系EP=qφ．【解析】【答案】C2、B【分析】解：A

落地的时间不同；竖直上抛时间最长，竖直下抛时间最短，故A错误；

BD

小球运动过程中；机械能守恒，初动能相等，根据机械能守恒定律知，落地的动能相等，但是速度方向不同，故B正确，D错误．

C；落地时速度相等；但方向不同，根据P=Gvcos娄脠

可知，重力的瞬时功率不等，故C错误．

故选：B

．

小球沿着不同的方向抛出；都只有重力做功，机械能守恒，故可得到落地时动能相等，但方向不同；根据瞬时功率表达式P=Fvcos娄脠

判断瞬时功率的大小．

本题关键在于沿不同方向抛出的小球都只有重力做功，机械能守恒；同时速度是矢量，大小相等、方向相同速度才是相同，要有矢量意识．【解析】B

3、D【分析】解：设X

的质子数为z

质量数为m

则有：1+6=m+30+3=1+z

所以m=4z=2

即X

为氦核24He

．

故选：D

根据核反应方程中的质量数和电荷数守恒判断出X

的质子数和质量数；即可判断X

是那种粒子．

本题考查了质量数和电荷数守恒的应用，注意记住各种常见粒子的质量数和质子数．【解析】D

4、C【分析】解：AB、滑动变阻器滑片P向下滑动，线圈b电流增大；则使得穿过线圈a的磁通量增大，再根据微元法将线圈a无线分割根据左手定则不难判断出线圈a应有收缩的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势。故A错误，B错误。

C、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁；不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a对水平桌面的压力将增大，故C正确；

D；由安培定则可知；穿过线圈a的磁场方向竖直向下，根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，故D错误。

故选：C。

此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大；然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向。本题利用“楞次定律的第二描述”求解将更为简便。

首先应掌握楞次定律的基本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果。一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便。【解析】C5、A【分析】解答：由题，U=0.6V，则E=U=0.6V

又E=I短r，得到

故选：A

分析：根据开路电压等于电源电动势，求出电动势；再根据电动势和短路电流求出内电阻．6、A【分析】【分析】由电流与匝数成反比可以求得原；副线圈匝数比；电容器的作用是通交流隔直流。

本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于电容器的作用要了解，以电路知识为命题背景，考查交流电、变压器以及电容器对电流的影响等相关知识。【解答】原线圈输入交变电压u=502sin(50娄脨t)V，有效值U1=50VU_{1}=50V根据理想变压器的规律可知副线圈两端的电压为：U2=n2n1U1=10V

A.根据理想变压器的规律可知副线圈两端的电压为10V10V流经电阻RR中的电流为1A1A电容器CC允许交流电通过，所以电流表示数大于1A1A故A正确；B.电容器的耐压值应对应交流电压的最大值102V

故B错误；

C.电阻RR消耗的电功率为：P=U22R=10210W=10W故C错误；

D.根据I1I2=n2n1

电流表示数大于1A

故变压器的输入电流大于5A

故D错误。

故选A。

【解析】A

二、多选题(共5题，共10分)7、BC【分析】解：由图知，波长为λ=4m，则该波的周期为T==s=0.4s

则t=0.1s=

若波向右传播，波形向右平移波形如B图所示．

若波向左传播，波形向左平移波形如C图所示．故AD错误，BC正确．

故选：BC

由于波的传播方向未知；所以要分向左和向右两种情况讨论．由图读出波长，求得周期，根据时间与周期的关系，分析波形图象．

根据时间与周期的关系，分析不同时刻的波形是常用方法，要抓住波在一个周期内传播的距离是一个波长来进行分析．【解析】【答案】BC8、AC【分析】解：由题意可知，流过电阻R的电流方向为a→b；根据楞次定律，则有：穿过线圈L2的感应磁场方向是水平向左，因此要产生这样的感应磁场，要么原磁场水平向左减小，要么原磁场方向水平向右增大；

A、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当使L2迅速靠近L1时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且增大，因此会产生的感应电流方向为a→b；故A正确；

B、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当断开电源开关时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且减小；因此会产生的感应电流方向。

为b→a；故B错误；

C、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当铁芯M插入时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且增加；因此会产生的感应电流方向。

为a→b；故C正确，D错误；

故选：AC

通过楞次定律，结合感应电流的方向，可确定穿过线圈L2的磁通量如何变化，再根据磁铁的运动，或由右手螺旋定则来确定线圈L1产生的磁场的运动；从而即可求解．

考查楞次定律的应用，注意由感应电流的方向去推断原磁场如何变化，并掌握右手螺旋定则的应用，注意铁芯的作用是增加磁场的强度．【解析】【答案】AC9、CD【分析】【分析】结合娄脮鈭�t

图像，由楞次定律得到线圈中的感应电流的方向，进而比较AB

两点的电势；由q=n?娄脮R+r

求电量；由W=qU

得到非静电力所做的功。本题考查法拉第电磁感应定律的应用，难度适中。【解答】AB.

由于穿过线圈的磁通量均匀增加，由楞次定律得线圈中的感应电流的方向为逆时针方向，AA点的电势高于BB点的电势，故AB错误；C.0.1s0.1s时间内通过电阻RR的电荷量为q=n?娄脮R+r=100隆脕0.15鈭�0.1095+5C=0.05Cq=ndfrac{?娄脮}{R+r}=100隆脕dfrac{0.15-0.10}{95+5}C=0.05C故C正确；D.线圈中产生的感应电动势：E=n?娄脮?t=100隆脕0.15鈭�0.100.1V=50V0.1s

时间内非静电力所做的功为W=qE=0.05隆脕50J=2.5J

故D正确。故选CD。

【解析】CD

10、CD【分析】【分析】虽然库仑斥力会减小，但两球之间的作用力始终相等，根据牛顿第二定律可知它们的加速度之比等于质量的反比，故两个球加速度之比保持不变。本题考查牛顿第三定律和牛顿第二定律，要知道虽然库仑斥力会减小，但A

对B

的作用力始终等于B

对A

的作用力。【解答】带电量分别为+Q1

和鈭�Q2

相互接触后中和，由异种电荷相互吸引，可能变为同种电荷相互排斥，也可能不带电荷；

当两个同种电荷完全相同的小球A

和B

之间的作用力是库仑斥力；库仑力可能等于原来的大小，也可能小于，也可能大于；

根据牛顿第三定律；A

对B

的作用力始终等于B

对A

的作用力；

根据牛顿第二定律F=ma

则它们的加速度之比等于质量的反比，故两个球加速度可能大小相等，方向却一定相反，故CD正确；AB错误；

故选CD。【解析】CD

11、ABC【分析】解：A

图线b

的斜率k=UI=152.5=6娄赂

则定值电阻的阻值R=k=6娄赂

故A正确；

B、由图读出交点的电压U=15V

电流I=2.5A

根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势：E=U+Ir=15V+2.5隆脕2V=20V

故B正确；

C、由图可知，电源的内阻r=20鈭�152.5=2娄赂

而对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，故将3

只这种电阻并联的外电阻R脥芒=63=2娄赂

电源输出功率最大，故C正确；

D、因电源的内阻r=2娄赂

对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，故将2

只这种电阻串联的外电阻R脥芒=6+6=24娄赂

电源输出功率不可能最大，故D错误；

故选：ABC

．

根据图线b

的斜率求出定值电阻的阻值；读出两图线交点处电压和电流；根据欧姆定律求出电源的电动势；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大．

定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电动势．【解析】ABC

三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【解析】【答案】12.5；共振13、略

【分析】解：由库仑定律可得：

F=K

变化后F′==16F

故答案为：16．

由库仑力公式可得出两次作用力的表达式；则可求得距离减小后的相互作用力．

本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出．【解析】1614、=；＜【分析】解：若磁场为匀强磁场；则小金属环中无感应电流，所以小金属环的机械能守恒，环上升的高度等于h

若磁场为非匀强磁场；则小金属环中磁通量发生变化，产生感应电流，所以小金属环的机械能通过感应电流做功转化为内能，环上升的高度应小于h

．

故答案为：=<

闭合金属环在非匀强磁场中运动；穿过金属环的磁通量在变化，产生感应电流，机械能减小.

环滚上的高度小于h.

根据能量守恒定律分析机械能的损失与焦耳热的关系．

本题根据能量守恒定律分析电磁感应现象，首先要确定有几种形式的能，其次分析能量如何转化．【解析】=<

15、F′BC【分析】解：（1）由图可以看出；F是平行四边形的对角线，所以F是根据平行四边形作出的理论值，那么F′就是用一根弹簧拉出实际值，一根弹簧秤的拉力与AO的方向在同一条直线上，所以方向一定沿AO方向的是F′。

（2）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同；采用的科学方法是等效替代法；

故选：B。

（3）A；通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时；并非要求两细绳等长，故A错误；

B；两细线拉橡皮条时；只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上，故B错误；

C；实验中；弹簧测力计必须保持与木板平行，同时读数时视线要正对弹簧测力计刻度，故C正确；

D；本实验只要使两次效果相同就行；两个弹簧称拉力的方向没有限制。故D错误。

故选：C

故答案为：（1）F'；（2）B；（3）C。

（1）由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值（通过平行四边形定则得出的值）与实际值（实际实验的数值）存在差别；只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果；

（2）明确实验中采用的物理方法为等效替代法；

（3）本题考查了具体实验细节要求；注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题。

本题考查验证平行四边形定则的实验，对于中学中的实验，学生尽量要到实验室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答实验问题时才能更加有把握。【解析】F′BC16、略

【分析】解：由题意；线圈与磁场垂直，磁通量为Φ=BS，S不变，B变化了△B，则穿过n匝线圈的磁通量的变化量为△Φ=S△B；

磁通量的变化率为=S

穿过一匝线圈的磁通量的变化量为△Φ=S△B，磁通量的变化率为=S

故答案为：S△B；SS△B；S

线圈与磁场垂直时，磁通量为Φ=BS，再求解磁通量的变化量△Φ．磁通量的变化率为．磁通量；磁通量的变化量和磁通量的变化率都与线圈的匝数无关．

求解磁通量的变化率，往往按这样的思路进行：Φ→△Φ→．要注意磁通量、磁通量的变化量和磁通量的变化率都与线圈的匝数无关．【解析】S△B；SS△B；S17、略

【分析】解：①螺旋测微器的读数先读出固定刻度为：1mm；可动刻度为：0.01×40.0=0.400mm；总读数为：1+0.400=1.400mm；

②电流表的量程为0.6A；每一个小格表示0.02A，所以读数为：0.440A；

电压表的量程为15V；每一个小格表示0.5V，所以读数为：4.8V；

根据欧姆定律：计算出金属丝的电阻：Ω；

③根据欧姆定律：根据电阻定律：和得：所以还需要测量的物理量是金属丝的长度；

④由前面的分析知金属丝的电阻值约10.9Ω；属于小电阻，小电阻常常使用电流表外接法．

故答案为：1.400；11.4；金属丝的长度；外．

螺旋测微器的读数先读出固定刻度的读数；然后读出可动刻度的读数；电流表和电压表的读数要看清楚量程，计算出每一个小格的量程，然后进行读数；

根据欧姆定律：计算出金属丝的电阻；

根据电阻定律：得出电阻率的表达式；说明还需要测量的物理量；

根据待测电阻的电阻值与电流表内电阻；电压表内电阻之间的关系；判定使用内接法还是外接法．

测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计．测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法．也可以根据小电阻常常使用电流表外接法，大电阻使用内接法直接选择．【解析】1.400；10.9；金属丝的长度；外18、B；B【分析】解：由电场线的分布可知，B

点的电场线密，所以B

点的场强大，所以EA<EB

在根据图示可知，电势娄脮A<娄脮B

所以B

点的电势高．

故答案为：BB

．

电场线与等势面垂直.

电场线密的地方电场的强度大；电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．

本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．【解析】BB

19、A球的质量mA、B球的质量mB；【分析】【分析】根据机械能守恒定律求出碰撞前后瞬间的速度，从而验证动量守恒定律；本题时机械能守恒与动量守恒的相结合，关键是熟悉实验原理。【解答】根据机械能守恒定律：mAgl(1?cos娄脠1)=12mAvA2

解得vA=2gl(1?cos娄脠1)

(mA+mB)gl(1鈭�cos娄脠2)=12(mA+mB)v2

解得v=2gl(1?cos娄脠2)

需要验证mAvA=(mA+mB)v

即mA1?cos娄脠1=(mA+mB)1?cos娄脠2

所以需要测量两球的质量mAmB

故填：A

球的质量mAB

球的质量mBmA1?cos娄脠1=(mA+mB)1?cos娄脠2

【解析】A

球的质量mAB

球的质量mBmA1?cos娄脠1=(mA+mB)1?cos娄脠2

20、略

【分析】解：根据鈻�x=aT2

有：

a=(0.0864鈭�0.0672)m0.1s脳0.1s=1.92m/s2

在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小；故有：

v4=s4+s52T=(6.72+8.64)cm2脳0.1s=76.8cm/s=0.768m/s

故答案为：1.920.768

．

根据在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出小车的加速度大小．

对于纸带问题的处理，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律，提高应用基本规律解答实验问题的能力．【解析】1.920.768

四、简答题(共2题，共12分)21、rm{(1)}丙炔

rm{(2)}

rm{(3)}取代反应、加成反应

rm{(4)}

rm{(5)}羟基、酯基

rm{(6)}

rm{(7)}【分析】【分析】本题考查有机物综合推断，灵活运用题干已知信息，熟记各官能团的性质是解决此类题型的重要保证，属综合性题。【解答】由框图中物质及反应条件可顺利得出rm{A隆煤B}是烷烃基上的取代则rm{B}为rm{CH_{2}ClC隆脭CH}rm{B隆煤C}则氯原子被rm{CN}所取代，rm{C}到rm{D}为酯化反应，rm{F}到rm{G}发生已知信息的反应，rm{G}到rm{H}加氢还原。rm{(1)A}的化学名称是：丙炔。故答案为：丙炔；rm{(2)B}为单氯代烃，由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为：故答案为：取代反应、加成反应；rm{(3)}由rm{A}生成rm{B}rm{G}生成rm{H}的反应类型分别是：取代反应、加成反应。故答案为：取代反应、