2025年粤教版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是()A.密立根测出了元电荷e的数值B.法拉第提出了法拉第电磁感应定律C.奥斯特发现了电流的磁效应D.安培提出了分子电流假说2、如图所示，L为一电感线圈，其直流电阻比定值电阻R的阻值小得多，A、B是完全相同的两只灯泡，下列判断正确的是（）A.当开关S由断开变为闭合时，灯A比灯B先亮B.当开关S由断开变为闭合时，灯B比灯A先亮C.当开关S由闭合变为断开时，灯A与灯B立即熄灭D.当开关S由闭合变为断开时，灯A与灯B瞬间变得更亮，而后一起熄灭3、两根长度相同、半径之比rA：rB＝2：1的均匀铜导线A；B按如图所示的方式接入电路；下列说法错误的是（）

A.B的电阻之比为1：4B.流过B的电流之比为1：1C.通过B的电子定向移动速率之比为1：4D.单位时间通过B的电量之比为4：14、关于静电场；下列结论普遍成立的是（）

A.电场强度大的地方电势高；电场强度小的地方电势低。

B.电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关。

C.在正电荷或负电荷产生的静电场中；场强方向都指向电势降低最快的方向。

D.将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点；电场力做功这零。

5、如图所示，虚线表示电场的一族等势面且相邻等势面电势差相等，一个带正电的粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，粒子先后通过M点和N点．在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出A.N点的电势高于M点的电势B.粒子在N点的电势能比在M点的电势能小C.粒子在M点的速率小于在N点的速率D.粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大6、边长为L的正方形金属框以垂直边界匀速u穿过方向如图的有界匀强磁场区域。已知磁场区域的宽度为d（d>L）。则线框进入磁场的过程和从磁场另一侧穿出的过程相比较A.产生的感应电流方向相反B.所受的安培力方向相反C.进入磁场过程的时间大于穿出磁场过程的时间D.进入磁场过程的发热量等于穿出磁场过程的发热量7、下列各物理量中不是矢量的是（）A.位移B.加速度C.电场强度D.功评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)8、如图甲为测定长木板B在桌面上运动时的加速度的装置．A为沙摆，当沙摆摆动经过平衡位置时开始计时(设为第1次经过平衡位置)，当它第30次经过平衡位置时测得所需的时间为29s．图乙为某次实验在运动的木板上留下的沙子的痕迹，测得数据如图乙所示，则木板的加速度为________m/s2.9、34.(

略)

10、如图所示；木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木块.

已知木块的质量m=1kg

木板的质量M=4kg

长L=2.5m

上表面光滑，下表面与地面之间的动摩擦因数娄脤=0.2.

现用水平恒力F=20N

拉木板，g

取10m/s2

求：

(1)

木板的加速度；

(2)

要使木块能滑离木板；水平恒力F

作用的最短时间；

(3)

如果其他条件不变；假设木板的上表面也粗糙，其上表面与木块之间的动摩擦因数为0.3

欲使木板能从木块的下方抽出，需对木板施加的最小水平拉力是多大？(

设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)

(4)

若木板的长度、木块质量、木板的上表面与木块之间的动摩擦因数、木块与地面间的动摩擦因数都不变，只将水平恒力增加为30N

则木块滑离木板需要多长时间？11、如图所示，在光滑水平面上有一辆质量M=8kg的平板小车，车上有一个质量m=1.9kg的木块，木块距小车左端6m（木块可视为质点），车与木块一起以v=1m/s的速度水平向右匀速行驶．一颗质量m0=0.1kg的子弹以v0=179m/s的初速度水平向左飞来，瞬间击中木块并留在其中．如果木块刚好不从车上掉下来，求木块与平板之间的动摩擦因数μ．（g=10m/s2）12、两条直导线互相垂直，但相隔一个小距离，其中一条AB是固定的，另一条CD能自由转动．当电流按图所示的方向通入两条导线时，CD导线将____（填顺时针或逆时针）转动，同时____（填靠近或离开）导线AB．

13、避雷针利用____原理来避电：带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击.14、如图(a)

所示，单匝矩形金属线圈处在匀强磁场中，t=0

时刻，磁场方向垂直于纸面向里，磁场发生如图(b)

所示变化，在0

到t1

和t1

到t2

时间内流过线圈中的电流方向______(

“相同”或“相反”)

若t2=3t1

则在0

到t1

和t1

到t2

时间内线圈中产生的电动势E1

与E2

大小之比为______．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共1题，共5分)24、香料rm{G}的一种合成工艺如图所示。核磁共振氢谱显示rm{A}有两种峰，其强度之比为rm{1漏U1}已知：rm{CH_{3}CH_{2}CH=CH_{2}xrightarrow[]{NBS}CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}rm{CH_{3}CH_{2}CH=CH_{2}

xrightarrow[]{NBS}CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}rm{CH_{3}CHO+CH_{3}CHO}请回答下列问题：rm{CH_{3}CH=CHCHO+H_{2}O}的结构简式为________，rm{(1)A}中官能团的名称为________。rm{G}检验rm{(2)}已完全转化为rm{M}的实验操作是________。rm{N}有学生建议，将rm{(3)}的转化用rm{M隆煤N}代替rm{KMnO_{4}(H^{+})}老师认为不合理，原因是________。rm{O_{2}}写出下列转化的化学方程式，并标出反应类型：rm{(4)}________，反应类型为________。rm{K隆煤L}是rm{(5)F}的同系物，比rm{M}多一个碳原子。满足下列条件的rm{M}的同分异构体有________种。rm{F}不考虑立体异构rm{(}rm{)}能发生银镜反应rm{垄脵}能与溴的四氯化碳溶液加成rm{垄脷}苯环上有rm{垄脹}个对位取代基rm{2}以丙烯和rm{(6)}试剂为原料制备甘油rm{NBS}丙三醇rm{(}请设计合成路线rm{)}其他无机原料任选rm{(}请用以下方式表示：rm{Axrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脢脭录脕}B?xrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脢脭录脕}脛驴卤锚虏煤脦茂}rm{)}评卷人得分五、画图题(共2题，共6分)25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象26、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、实验探究题(共1题，共7分)27、某同学在“用打点计时器测速度”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出0123456

共7

个测量点，每两个相邻的测量点之间还有四个点没标出，其部分相邻点间的距离如图所示，完成下列问题．(1)

关于打点计时器的时间间隔，下列是四位同学各自发表的看法，其中正确的是________．A.电源电压越高，每打两个点的时间间隔就越短B.纸带速度越大，每打两个点的时间间隔就越短C.打点计时器连续打两个点的时间间隔由电源的频率决定D.如果将交流电源改为直流电源，打点计时器连续打两个点的时间间隔保持不变(2)

计算出打下点4

时小车的瞬时速度为________，求出小车的加速度为________.(

要求计算结果保留三位有效数字)

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】试题分析：密立根利用油滴实验测出了元电荷e的数值，所以A正确；法拉第发现了电磁感应现象，并没有提出电磁感应定律，所以B错误；奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说，所以C、D正确，本题错误的选B。考点：本题考查物理学史【解析】【答案】B2、B【分析】解：A；B、由题；闭合开关S瞬间，由于L对电流增大的阻碍比较大，A灯不会马上亮，B灯立即亮，故A错误，B正确；

C；D闭合开关；待电路稳定后断开开关，通过B灯原来的电流立即消失，电感线圈L产生自感电动势，相当于电源，A、B两灯串联，自感电流流过A、B两灯，导致两灯推迟熄灭，且B灯比原来更亮．故C错误，D也错误．

故选：B．

由题；闭合开关S达到稳定后两灯均可以正常发光，说明L与R的直流电阻相等．闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律分析电流的变化，判断通过两灯电流的关系．待电路稳定后断开开关，线圈产生自感电动势，分析通过两灯的电流关系，判断两灯是否同时熄灭．

当通过线圈本身的电流变化时，线圈中会产生自感现象，这是一种特殊的电磁感应现象，可运用楞次定律分析自感电动势对电流的影响，注意关闭后，灯是否更亮，与前后的电流大小有关．【解析】【答案】B3、D【分析】根据电阻定律电流定义式和微观表达式，结合串并联电路特点求解。【解析】解：A．根据电阻定律可知，两导体的电阻之比为＝1：4故A正确；BD．根据串联电路电流相同的特点可知，流过A、B的电流之比为1：1，根据易得，单位时间通过A、B的电量之比为1：1，故B正确，D错误；C．由电流的微观表达式I＝nqSv易得＝1：4故C正确。本题要求选择错误的，故选：D。4、C【分析】

A：在正电荷的电场中；离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，故A错误．

B：电势差的大小决定于两点间沿电场方向的距离和电场强度；故B错误。

C：沿电场方向电势降低；而且速度最快，故C正确。

D：电场力做功；只与电荷以及两点间的电势差有关，与两点的场强没有关系．场强为零，电势不一定为零，如从带正电荷的导体球上将正电荷移动到另一带负电荷的导体球上，电场力做正功．故D错误。

故选：C

【解析】【答案】电场强度与电势之间无必然联系；但沿电场方向电势降低，而且速度最快；电势差与两点的场强无关，只与两点间沿电场方向的距离和两点间的场强有关；电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与两点的场强没有关系．

5、A【分析】本题考查带电粒子在磁场中运动的问题，粒子带正电，所受电场力方向与场强方向相同，粒子所受电场力指向曲线的凹侧，可判断场强方向向下并垂直等势面，N点的电势高于M点的电势，电场力做负功电势能增大，动能减小，等势面分布越密电场线分布越密，电场力越大，BCD错；【解析】【答案】A6、A|D【分析】根据右手定则可判断出感应电流方向相反，A正确；不论进入还是穿出，安培力均与运动方向相反，B错误；由于匀速运动，进入磁场过程的时间与穿出磁场过程的时间相等，C错误；根据焦耳定律两次热量相等，D正确。【解析】【答案】AD7、D【分析】解：位移；加速度和电场强度是矢量；而功只有大小，没有方向，是标量；

本题选不是矢量的；故选：D

矢量是既有大小又有方向的物理量；标量是只有大小没有方向的物理量．根据有无方向确定．

矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．【解析】【答案】D二、填空题(共7题，共14分)8、略

【分析】由题图乙可得x1＝0.49cmx2＝0.80cmx3＝1.09cmx4＝1.40cm沙摆周期为T′＝s＝2s，所以T＝＝1sa1＝＝m/s2＝3.0×10－3m/s2a2＝＝m/s2＝3.0×10－3m/s2＝＝3.0×10－3m/s2【解析】【答案】3.0×10－39、​（略）【分析】(

略)

【解析】(

略)

10、略

【分析】

(1)

根据牛顿第二定律求出木板的加速度．

(2)

让木板先做匀加速直线运动；然后做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律，结合位移之和等于板长求出恒力F

作用的最短时间．

(3)

根据牛顿第二定律求出木块的最大加速度；隔离对木板分析求出木板的加速度，抓住木板的加速度大于木块的加速度，求出施加的最小水平拉力．

(4)

应用运动学公式；根据相对加速度求所需时间．

本题综合考查了牛顿第二定律和运动学公式，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁.

对于第三问抓住临界情况，结合牛顿第二定律求解．【解析】解：(1)

木板受到的摩擦力Ff=娄脤(M+m)g=10N

木板的加速度a=F鈭�FfM=2.5m/s2

(2)

设拉力F

作用t

时间后撤去；木板的加速度为。

a隆盲=鈭�FfM=鈭�2.5m/s2

木板先做匀加速运动；后做匀减速运动，且a=鈭�a隆盲

有at2=L

解得：t=1s

即F

作用的最短时间是1s

．

(3)

设木块的最大加速度为a脛戮驴茅

木板的最大加速度为a脛戮掳氓

则。

a脛戮驴茅=娄脤1g=3m/s2

对木板：F1鈭�娄脤1mg鈭�娄脤(M+m)g=Ma脛戮掳氓

木板能从木块的下方抽出的条件：a脛戮掳氓>a脛戮驴茅

解得：F>25N

(4)

木块的加速度a脛戮驴茅=娄脤1g=3m/s2

木板的加速度a脛戮掳氓=F2鈭�娄脤1mg鈭�娄脤(m+M)gM=4.25m/s2

木块滑离木板时；两者的位移关系为x脛戮掳氓鈭�x脛戮驴茅=L

即12a脛戮掳氓t2鈭�12a脛戮驴茅t2=L

带入数据解得：t=2s

答：(1)

木板的加速度2.5m/s2(2)

要使木块能滑离木板，水平恒力F

作用的最短时间1s(3)

对木板施加的最小水平拉力是25N(4)

木块滑离木板需要2s

11、解：设子弹射入木块后的共同速度为v1；以水平向左为正，则由动量守恒有：

m0v0-mv=（m+m0）v1①

代入数据解得：v1=8m/s

它们恰好不从小车上掉下来，则它们相对平板车滑行s=6m时它们跟小车具有共同速度v2；则由动量守恒有：

（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v2②

由能量守恒定律有：

③

联立①②③并代入数据得：μ=0.54

答：木块与平板之间的动摩擦因数为0.54．【分析】

子弹射入木块的过程；子弹和木块组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律求出子弹和木块的共同速度．再对子弹；木块和小车组成的系统，运用动量守恒定律和能量守恒定律求出木块与平板之间的动摩擦因数．

本题综合考查了动量守恒定律和能量守恒定律，综合性较强，对学生的能力要求较高，需加强这方面的训练．【解析】解：设子弹射入木块后的共同速度为v1；以水平向左为正，则由动量守恒有：

m0v0-mv=（m+m0）v1①

代入数据解得：v1=8m/s

它们恰好不从小车上掉下来，则它们相对平板车滑行s=6m时它们跟小车具有共同速度v2；则由动量守恒有：

（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v2②

由能量守恒定律有：

③

联立①②③并代入数据得：μ=0.54

答：木块与平板之间的动摩擦因数为0.54．12、略

【分析】

AB导线产生的磁场磁感线为第一个图的黑圆线；红色的为CD导线，由左手定则可判断左侧受力向下；

右侧受力向上；所以CD棒会逆时针旋转．AB导线和CD导线靠近还是远离可以从第二个图判断，AB产生的磁场如图所示，由左手定则可判断CD导线受力指向AB导线，故CD导线会靠近AB导线．

答案为：逆时针；靠近。

【解析】【答案】AB通入电流后就会在周围产生磁场；所以通电的CD在磁场中就会受到安培力的作用，在安培力的作用下，CD导线将怎样运动，关键是看安培力的方向．

13、略

【分析】【解析】试题分析：当带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击．其原理为尖端放电．考点：本题考查了避雷针的原理，【解析】【答案】尖端放电14、略

【分析】解：0隆芦t1

磁场方向垂直纸面向里；磁感应强度均匀减小，磁通量均匀减小，根据楞次定律，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，由安培定则得，感应电流为顺时针方向；

t1隆芦t2

磁场垂直纸面反向增大；磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向与原磁场反向即垂直纸面向里，由安培定则得感应电流为顺时针方向，所以在0

到t1

和t1

到t2

时间内流过线圈中的电流方向相同；

0

到t1

和t1

到t2

时间内线圈中产生的电动势E1

与E2

大小。

E1=B0t1S垄脵

E2=B0t2鈭�t1S=B02t1S垄脷

联立垄脵垄脷

得：E1E2=21

故答案为：相同；21

根据楞次定律判断在0

到t1

和t1

到t2

时间内流过线圈中的电流方向是否相同；由法拉第电磁感应定律求出两个时间段的感应电动势，再求比值。

本题考查了楞次定律和法拉第电磁感应定律的直接应用，关键是要掌握楞次定律判断感应电流的步骤，记住电磁磁感应定律的表达式．【解析】相同；21

三、判断题(共9题，共18分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、简答题(共1题，共5分)24、（1）碳碳双键和酯基

（2）取少量M与试管中，滴加稀NaOH至溶液呈碱性，再加新制的Cu（OH）2加热，若没有砖红色沉淀产生，说明M已完全转化为N（其他合理操作均可）

（3）KMnO4（H+）在氧化醛基的同时，还可以氧化碳碳双键

（4）加成反应

（5）6

（6）【分析】【分析】本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，侧重考查学生分析判断及知识综合应用能力，根据生成物结构简式结合反应条件、题给信息采用逆向思维方法进行推断，正确判断各物质结构简式是解本题关键，难点是合成路线设计和同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】由rm{G}的结构逆推可知rm{E}rm{N}分别为中的一种，rm{A}的分子式为rm{C_{5}H_{8}O}它有两种不同环境的氢原子，与氢气发生加成反应生成rm{B}rm{B}反应生成rm{C}rm{C}与rm{NBS}反应得到rm{D}rm{D}发生反应得到rm{E}则rm{E}为rm{N}为逆推可知rm{A}为rm{B}为rm{C}为rm{D}为rm{B}在浓硫酸条件下发生消去反应得到rm{C}rm{C}与rm{NBS}发生信息中的取代反应生成rm{D}rm{D}发生水解反应得到rm{E}根据rm{N}逆推可知rm{M}为rm{L}为rm{K}为rm{K}与乙醛发生加成反应得rm{L}rm{L}发生消去反应得rm{M}

rm{(1)}通过以上分析知rm{A}结构简式为rm{G}中官能团名称是碳碳双键和酯基，故答案为：碳碳双键；酯基；

rm{(2)M}中的醛基发生氧化反应生成rm{N}中的羧基，检验rm{M}已完全转化为rm{N}的实验操作是在试剂rm{M}中加入银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液，加热，看是否有银镜出现或红色沉淀出现，若有银镜出现或红色沉淀出现则说明rm{M}未完全转化为rm{N}若无，则rm{M}已完全转化为rm{N}

故答案为：在试剂rm{M}中加入银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液，加热，看是否有银镜出现或红色沉淀出现，若有银镜出现或红色沉淀出现则说明rm{M}未完全转化为rm{N}若无，则rm{M}已完全转化为rm{N}

rm{(3)KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同时，还可以氧化碳碳双键，所以不能用酸性高锰酸钾溶液代替氧气，故答案为：rm{KMnO_{4}(H^{+})}在氧化醛基的同时；还可以氧化碳碳双键；

rm{(4)}该反应方程式为加成反应，故答案为：加成反应；

rm{(5)M}为rm{F}是rm{M}的同系物，比rm{M}多一个碳原子，且rm{F}符合下列条件：

rm{垄脵}能发生银镜反应说明含有醛基；

rm{垄脷}能与溴的四氯化碳溶液加成说明含有碳碳不饱和键；

rm{垄脹}苯环上有rm{2}个对位取代基；

存在的取代基为rm{-CH=CHCHO}和rm{-C