2025年人民版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版高三物理下册阶段测试试卷889考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、根据“牛顿第二定律”我们知道：力作用于物体可以使物体产生加速度，可是当我们用一个很小的力去推很重的桌子时，却推不动它，这是因为（）A.牛顿第二定律不适用于静止的物体B.桌子的加速度很小，速度改变量也很小C.推力小于同时刻桌子受到的静摩擦力D.桌子所受的合力为零2、静止在地球上的物体都要随地球一起转动．下列说法正确的是（）A.它们的运动周期都是相同的B.它们的线速度都是相同的C.它们的线速度大小都是相同的D.它们的向心加速度是相同的3、【题文】由静止开始做匀加速运动的汽车；头一秒内通过0.4m路程，有以下说法：

①第1s末的速度为0.8m/s②加速度为0.8m/s2

③第2s内通过的路程为1.2m④前2s内通过的路程为1.2m

其中正确的是()A.①②③B.②③④C.①②③④D.①②④4、如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）

A.电压表与电流表的示数都减小B.电压表与电流表的示数都增大C.电压表的示数增大，电流表的示数减小D.电压表的示数减小，电流表的示数增大5、下列说法正确的是（）A.γ射线比α射线的贯穿本领强B.外界环境温度升高，原子核的半衰期变大C.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的重核裂变反应D.原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子6、如图所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为4：1，RT为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想交流电表。原线圈所接电压u=51sin（100πt）（V）。下列说法正确的是（）A.变压器输入与输出功率之比为1：4B.变压器副线圈中电流的频率为100HzC.变压器原、副线圈中的电流强度之比为1：4D.若热敏电阻RT的温度升高，电压表的示数不变，电流表的示数变小7、由于地球自转，又由于地球的极半径较短而赤道半径较长，使得在地球表面的同一物体受到的重力（）A.在两极较大B.在赤道较大C.在两极跟在赤道一样大D.无法判断8、将一个已知力分解为两个分力，若已知它的一个分力的大小和另一个分力的方向，以下正确的是（）A.只有一组解B.一定有两组解C.可能有无数组解D.可能有两组解9、关于机械能下列说法正确的是（）A.作变速运动的物体，只要有摩擦力存在，机械能一定减少B.物体所受的合外力为零，机械能也可能发生变化C.作斜抛运动的物体（不计空气阻力）在同一高度具有相同的速度D.在水平面上作变速运动的物体，它的机械能一定变化评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、（2016春•红桥区期中）一个电源的电动势为ɛ，内电阻为r，在外电路上接一个电阻R′和一个滑动变阻器R（阻值足够大），滑动变阻器R取____值时，滑动变阻器所消耗的功率且大．11、物体从光滑的斜面顶端由箭止开始匀加速下滑，在最后1s内通过了全部路程的三分之一，则下滑的总时间为____s．12、（2013秋•于都县期末）如图所示，一个氢气球重16N，空气对它的浮力为24N，由于受到水平风力的作用，使系氢气球的绳子和地面的夹角θ=53°，由此可知，绳子的拉力为____N，水平风力为____N．（sin53°=0.8）13、（2011秋•宣武区校级期中）如图所示是一个两用电表电路图，电流计G的满偏电流为0.6mA，内阻为280Ω．当选择开关S接a时，作量程是1mA的毫安表使用，当S接b时，作量程为10V的电压表使用，则R1=____Ω，R2=____Ω．14、物体与竖直墙壁间的动摩擦因数为u，物体的质量为m，当物体沿墙壁自由下落时，物体受到的滑动摩擦力是____．15、（2013春•赣榆县校级期末）有一种测量物体质量的电子秤，其原理如图10．电源电动势E=6V，内阻不计．限流电阻R0=200Ω．G是由理想电流表改装成的指针式测量质量的显示器．R是一个压敏电阻；其阻值可随所受压力大小变化而改变，其关系如下表所示．C是一个用来保护显示器的电容器．秤台的重力忽略不计．试分析：

。质量m/kg051015202530电阻R/Ω20018016014012010080①根据表中的数据，可以得出电阻R随质量m变化的关系式为R=____Ω；

②若电容器的耐压值为5V，该电子秤的最大称量值为____kg；

③如果把电流表中电流的刻度变换成质量刻度，则该电子秤的刻度____（填“均匀“或“不均匀“）．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、“宁停三分，不抢一秒”指的是时间．____．（判断对错）17、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）18、形状规则的物体，重心一定在其几何中心．____（判断对错）19、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）20、非晶体的结构跟液体非常相似，可以看成是黏滞性极大的液体．____．（判断对错）21、向心力的方向始终指向圆心，所以向心力的方向始终不变．____（判断对错）22、质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义．____．评卷人得分四、计算题(共3题，共21分)23、如图所示，电阻忽略不计的光滑平行金属导轨MNPQ

倾斜放置，倾角为娄脠

间距为L.

以垂直于导轨的虚线abc

为界，ab

间和c

与导轨底端间均有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度均为B.

导体棒L1L2

放置在导轨上并与导轨垂直，两棒长均为L

电阻均为R

质量均为m

两棒间用长为d

的绝缘轻杆相连，虚线a

和bb

和c

间的距离也均为d

且虚线c

和导轨底端间距离足够长.

开始时导体棒L2

位于虚线a

和b

的中间位置，将两棒由静止释放，两棒运动过程中始终与导轨接触良好并与导轨垂直，棒L2

刚要到达虚线c

时加速度恰好为零，重力加速度为g

．

(1)

由开始释放到L2

刚要通过虚线b

过程，求通过L1

的电荷量;

(2)

求导体棒L1

刚要到达虚线c

时速度的大小;

(3)

从开始运动到导体棒L1

刚要到达虚线c

的整个过程中，求回路中产生的焦耳热．24、如图所示，匀强磁场B=0.1T，所用矩形线圈的匝数N=100，边长ab=0.2m，bc=0.5m，以角速度ω=100πrad/s绕OO′轴匀速转动；线圈电阻为22Ω．从线圈平面通过中性面时开始计时，试求：

（1）线圈中感应电动势的瞬时值；

（2）线圈电流的有效值．25、火车正沿水平直线做匀加速运动，在车厢中有一个装置所示，小球与光滑斜面相对静止，斜面与水平面的夹角为θ，根据这一现象判断火车的加速度方向及大小．评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)26、（2015秋•曲阜市校级期中）如图所示；是测量物块与木板间动摩擦因数的实验装置．长木板固定在水平桌面上，打点计时器固定在长木板上，纸带穿过打点计时器，与带滑轮的物块相连．沙桶和力传感器通过绕在滑轮上的细绳相连，拉物块的细绳均保持水平状态．调整沙桶的质量，当放开沙桶时，使物块在木板上做匀加速直线运动．（重力加速度为g，滑轮的质量和摩擦可以忽略）

（1）在某次测量中读出力传感器示数为F，利用纸带上打出的点测得了物块的加速度为a，为进一步测量动摩擦因数，下列物理量中还需测量的有____．

A．木板的长度ZB．物块的质量mC．沙桶的质量m．D．物块运动的时间t

（2）利用测得的物理量写出动摩擦因数的表达式____．

（3）为使实验结果更精确，该同学改变沙桶的质量，重复以上实验操作，得到多组数据，以力传感器的示数f为横轴，以加速度a为纵轴建立直角坐标系，做出a图象，得到一条倾斜的直线，该直线的纵轴截距大小为b．缉地的重力加速度g，则由图象可得动摩擦因数μ=____．27、某同学做“探究功与速度变化的关系”的实验；如图所示．实验操作如下：

小车在橡皮筋作用下弹出；沿木板滑行．依次用1条；2条、3条完全相同的橡皮筋并在一起进行实验，每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致．如果把1条橡皮筋对小车做的功记为W，则2条橡皮筋对小车做的功记为2W，，依此类推，则可得到3W、4W、．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带上的点计算出．

（1）实验中所用打电计时器应接____（选填“交流”或“直流”）电源；

（2）实验中，小车会受到摩擦阻力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡摩擦阻力，则下面操作正确的是____．

A．放开小车；能够自由下滑B．轻推小车，能够匀速下滑。

C．放开拖着纸带的小车；能够自由下滑D．轻推拖着纸带的小车，能够匀速下滑。

（3）该同学猜测W与v的关系可能是：、W∝v、W∝v2、W∝v3之中的一种，则该同学为验证自己的猜测，已做了W-v图象、W-v2图象，发现其中W-v图象为曲线，W-v2图象为过原点的直线，则该同学下一个合理实验步骤应为____（选填“A”或“B”）

A．接着做出、W-v3图象，结合四个图象分析得出结论B．直接得出W∝v2的实验结论．28、有一电流表，其内阻Rg为100Ω，满偏电流Ig为3mA．若要把它改装成量程为6V的电压表，应串联____Ω的电阻；若要把它改装成量程为3A的电流表，应并联____Ω的电阻．（保留两位有效数字）评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)29、如图所示，弹丸和足球的初速度均为v1=10m/s；方向向右．设它们分别与木板作用的时间都是0.1s，那么：

（1）子弹击穿木板后速度大小变为7m/s；求弹丸击穿木板时加速度大小及方向。

（2）足球与木板作用后反向弹回的速度大小为7m/s，求足球与木板碰撞反弹时的加速度大小及方向．30、如图所示；有两个质量均为m；带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保持静止后悬线与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g，静电力常量为k．求：

（1）B小球所受库仑力的大小F；

（2）带电小球在B处产生的电场强度大小；

（3）细绳的长度L．31、将完全相同的，质量均为4kg的木块A和B叠放在水平桌面上，如图1，在16N的水平拉力F1作用下；A；B一起做匀速直线运动．（g取10N/kg）

（1）此时木块B上表面受到的摩擦力Ff1是多少？B的下表面所受的摩擦力Ff2又是多少？

（2）桌面与木块之间的动摩擦因数是多少？

（3）若将A、B紧靠着放在水平桌面上，用水平推力F2推A使他们一起匀速运动，如图2，这时，A对B的弹力有多大？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】从牛顿第二定律知道，加速度的大小与合力大小成正比．当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时，水平推力不大于桌子的最大静摩擦力，推不动桌子，桌子的合力为零，由牛顿第二定律可知加速度为零．【解析】【解答】解：A；静止物体；加速度为零，合力为零，牛顿第二定律同样适用于静止物体．故A错误．

B；根据F=ma可知；物体合力为零，加速度为零，而不是加速度很小，速度改变量很小，故B错误．

C；推力等于静摩擦力；使合力为零，加速度为零，故C错误；

D；由于水平推力不大于桌子的最大静摩擦力；推不动桌子，此时推力等于静摩擦力；故桌子的合力等于零，由牛顿第二定律可知，加速度等于零，故D正确．

故选：D2、A【分析】【分析】物体随地球一起转动的角速度相同，围绕地轴转运．根据公式v=ωr分析各地区的线速度大小．【解析】【解答】解：A；物体随地球一起转动；故运动的周期相同，A正确；

BC、根据线速度与角速度的关系：v=ωr；地球上的物体的转动半径是以转轴为中心的半径，所以不同的纬度上的物体的转动半径不同，所以它们的线速度是不相同的．故BC均错误；

D、物体都绕地轴转动，且转运过程中角速度相等，根据a=rω2知；由于转动半径不同，所以它们的向心加速度是不相同的．

故选：A．3、A【分析】【解析】

试题分析：头一秒内通过0.4m路程，故可得：第一秒末的速度为①②正确。

前2s内通过的路程故第二秒内的路程为：③正确；④错误。

故选A

考点：考查了匀变速直线运动规律的应用。

点评：关键是知道前ns内，第ns内表示的时间含义，【解析】【答案】A4、A【分析】【分析】变阻器的滑动端向下滑动的过程中，接入电路的电阻值减小，闭合电路总电阻减小，通过电源的电流增大，由可知，路端电压变小，电压表示数减小；通过电阻的电流增大，两端电压增大，则并联部分电路两端的电压减小，通过的电流减小；电流表的示数减小。

故选A。

【点评】动态问题分析思路总体来说是按照先部分后整体再部分的顺序，要充分利用电路中不变部分的电阻不变的特点，间接地讨论电路变化部分．还要注意电源是有内阻的。5、A【分析】解：A；γ射线比α射线的贯穿本领强；故A正确；

B；元素的半衰期由原子核的种类决定；外界环境温度升髙；原子核半衰期不变，故B错误；

C；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变反应；故C错误；

D、原子核发生一次β衰变，该原子核内就少一个中子，多一个电子，是发生了反应：n→H+e；故D错误；

故选：A。

目前释放核能的方式有轻核聚变和重核裂变；半衰期是由原子核的种类决定；依据β衰变的实质；从而即可求解。

本题考查了释放核能的方式、半衰期、原子核的衰变、三种射线的特征等，知识点多，难度小，关键是记住基础知识。【解析】A6、C【分析】解：A；根据理想变压器的特点可知；原副线圈输入功率和输出功率相等，故A错误。

B、变压器副线圈中电流的频率等于原线圈的电流频率，f==50Hz；故B错误；

C、根据得；原副线圈的电流之比为1：4，故C正确。

D、若热敏电阻RT的温度升高；则热敏电阻的阻值减小，由于原线圈的电压不变，则副线圈的电压不变，副线圈中的电流变大，故D错误。

故选：C。

变压器原副线圈的输入功率和输出功率相等，根据f=求解频率；根据电流之比等于匝数之反比求出原副线圈的电流比；抓住输入电压不变；得出输出电压不变，结合副线圈负载电阻的变化得出电流的变化。

本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。原线圈的电压决定副线圈的电压；理想变压器在改变电压和电流的同时，不改变功率和频率。【解析】C7、A【分析】【分析】在地球上同一纬度的同一个高度，重力加速度相等；不同纬度的重力加速度不等，纬度越高，重力加速度越大．【解析】【解答】解：考虑地球的自传；在地面附近，纬度越高，重力加速度越大，故同一物体在地球表面受到的重力在两最大，在赤道最小；

故A正确；BCD错误；

故选：A8、D【分析】【分析】分解一个确定大小和方向的力，根据平行四边形定则，以这个力为对角线作平行四边形，与这个力共点的两个邻边表示一对分力．如作出的平行四边形只有一个，就得到唯一确定的解．【解析】【解答】解：已知一个分力的大小和另一个分力的方向；根据平行四边形定则，将已知力分解，可能有两解，可能有一解，也可能无解．

当如图所示，一个分力的大小正好等于Fsinθ；因此只有一种解；

当如图所示，当一个分力的大小大于Fsinθ；小于F时，因此有两种解；

当一个分力的大小大于或等于F时；根据力的平行四边形定则可知，有一种解；

当如图所示，当一个分力的大小小于Fsinθ时；没有解．

因此ABC错误；D正确；

故选：D．9、B【分析】【分析】机械能包括动能、重力势能和弹性势能，重力势能是相对的，可正也可负；重力势能是物体与地球所共有的．机械能守恒的条件是：只有重力或弹簧的弹力做功．对照机械能守恒条件和功能关系进行分析．【解析】【解答】解：

A；作变速运动的物体；有摩擦力存在，机械能不一定减少，还与除重力以外的其他力做功情况有关，故A错误．

B；物体所受的合外力为零；动能不变，而重力势能可能改变，所以机械能可能发生变化，比如竖直方向的匀速直线运动，故B正确．

C；作斜抛运动的物体机械能守恒；在同一高度速度不一定相同，与抛出时的速度有关．故C错误．

D；在水平面上作变速运动的物体；它的机械能不一定变化，比如在水平面上作匀速圆周运动的物体，它的机械能不变．故D错误．

故选：B．二、填空题(共6题，共12分)10、r+R′【分析】【分析】根据I=可求出电路中的电流，根据P=I2R可求出滑动变阻器R接入电路的电阻等于内电阻r与R′阻值之和，变阻器消耗最大功率．【解析】【解答】解：内电阻r，R′=2Ω，设r′=r+R′

根据PR=I2R=（）2R=R=则当R=r′=r+R′时，PR=为最大值．

故答案为：r+R′11、3+【分析】【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式，联立方程组求出下滑的总时间．【解析】【解答】解：设总时间为t，根据位移时间公式得，L=；

最后1s内的位移；

联立两式解得t=（3+）s．

故答案为：3+12、613【分析】【分析】对气球受力分析，抓住水平方向和竖直方向平衡，求出绳子的拉力和风力的大小．【解析】【解答】解：水平方向上平衡有：

Tcos53°=F

竖直方向平衡有：

Tsin53°+mg=F浮

解得：T=6N

F=13N

故答案为：6；13．13、4209832【分析】【分析】当选择开关S接a时，根据并联特点，结合电流计满偏电流为0.6mA，内阻为280Ω，即可求解R1电阻；当S接b时，由串并联特点，根据欧姆定律，即可求解．【解析】【解答】解：当选择开关S接a时，电阻R1与电流计G并联，因满偏电流为0.6mA，又量程是1mA，因此流过电阻R1的电流为I1=0.4mA；

则R1的电阻R1==420Ω；

当S接b时，R1与G并联后再与R2串联，量程为10V的电压表，因此R2两端的电压为U2=10-0.6×10-3×280=9.832V；

而流过电阻R2电流为1mA，所以R2的电阻R2==9832Ω；

故答案为：420，9832．14、零【分析】【分析】摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势．【解析】【解答】解：当物体沿着墙壁自由下落时；物体与墙壁间没有相互挤压，故没有滑动摩擦力，所以物体受到的摩擦力为零．

故答案为：零15、-4m+20040不均匀【分析】【分析】（1）根据电阻随压力变化的数据来画图；把压力和电阻作为一组有序数对在坐标系中描点然后连接即可．再根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知电阻与压力成一次函数关系，利用待定系数法可确定函数关系式．

（2）根据串联电路电压规律可知压敏电阻两端的电压；根据串联电路特点可计算压敏电阻的值，进一步计算测力计的最大测量值．

（3）根据欧姆定律推导串联电路电流的关系式，结合R与F的关系式推导压力与电流的关系式可知测力显示器的刻度是否均匀【解析】【解答】解：（1）把压力大小作为横坐标；把电阻大小作为纵坐标，在坐标系中描点连线即可得压敏电阻R的阻值随压力F的大小变化的图象．如图：

根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知压敏电阻R的阻值与压力F成一次函数关系，设它们的关系式为R=KF+b．

把F=50N；R=180Ω和F=100N，R=160Ω代入得。

180=50K+b①；

160=100K+b②．

①②构成方程组，解得：K=-0.4，b=200；

所以它们的关系式为：R=-0.4F+200．

因为：F=mg

所以：R=-4m+200

（2）从上式可知；压力增大时，压敏电阻值减小，当电阻两端的电压为5V时，压敏电阻两端的电压为：

U1=U-U0=6V-5V=1V

根据串联电路特点可得：=

所以：

R=40Ω

把R=40Ω代入R=-4m+200

即40=-4m+200

解得：m=40kg．

即该电子秤的最大称量值为40kg

（3）I=

把R=-4m+200，U=6V，R0=200Ω代入上式。

化简得：

所以质量和电流不成一次函数关系；故该测力显示器的刻度是不均匀的．

故答案为：（1）-4m+200；（2）40；（3）不均匀．三、判断题(共7题，共14分)16、√【分析】【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，对应物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，对应物体的位置．【解析】【解答】解：“宁停三分；不抢一秒”中的3分是3分钟，3分钟与1秒钟在时间轴上都是指的时间的长度，都是时间．故该说法正确；

故答案为：√17、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×18、×【分析】【分析】重心就是重力的作用点，物体的重心在物体的几何中心上有两个条件：质地均匀，外形规则．【解析】【解答】解：由于课本上指出重心就是重力的作用点；因此重力作用在物体的重心点上；质地均匀，外形规则的物体的重心在物体的几何中心上．质量不是均匀分布的物体，即使外形规则的物体，重心有可能不在物体的几何中心上．所以以上说法是错误的．

故答案为：×19、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】液体微观结构理论：

（1）液体分子的排列更接近于固体；是密集在一起的，因而液体具有一定的体积，不易被压缩。

（2）液体分子之间的相互作用不像固体中的微粒那样强；液体分子只在很小的区域内做有规则的排列，这种区域是暂时形成的，边界和大小随时改变，有时瓦解，有时又重新形成，液体由大量的这种暂时形成的小区域构成，这种小区域杂乱无章地分布着，因而液体表现出各向同性。

（3）液体分子的热运动与固体类似，主要表现为在平衡位置附近做微小的振动，但液体分子没有长期固定的平衡位置，在一个平衡位置附近振动一小段时间以后，又转移到另一个平衡位置附近去振动，即液体分子可以在液体中移动，这就是液体具有流动性的原因．【解析】【解答】解：由液体的结构知非晶体的结构进行比较可知；二者在很多的方面非常类似，可以看作是粘滞性极大的液体．该说法是正确的；

故答案为：√21、×【分析】【分析】匀速圆周运动合力等于向心力，方向始终指向圆心，只改变速度的方向，不改变速度的大小．【解析】【解答】解：物体做圆周运动；向心力方向始终指向圆心，方向时刻变化，此说法错误．

故答案为：×22、×【分析】【分析】质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，故实际上并不存在，质点虽然忽略物体的形状和大小但保留了物体其它的性质，故不同于几何中的点，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的体积的大小无关．【解析】【解答】解：质点是一个理想化模型；实际上并不存在，质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点．故说法错误．

故答案为：×．四、计算题(共3题，共21分)23、解：(1)根据法拉第电磁感应定律得,时间Δt内的平均感应电动势

根据闭合电路的欧姆定律得,平均感应电流

通过L1的电荷量

(2)设导体棒L1刚要到达虚线c时匀速运动的速度为v,此时的感应电动势E1=BLv

根据闭合电路的欧姆定律得,感应电流

导体棒L2受到的安培力

对两导体棒,根据共点力的平衡条件得

FA=2mgsinθ

解得

(3)从开始运动到导体棒L1刚要到达虚线c整个过程中,设回路中产生的焦耳热为Q,根据能量守恒定律得

解得

​【分析】(1)根据法拉第电磁感应定律结合闭合电路的欧姆定律和电荷量的计算公式求解电荷量；

(2)(2)导体棒LL1刚要到达虚线cc时，线框已经匀速运动，根据共点力的平衡条件求解速度大小；

(3)(3)从开始运动到导体棒LL1刚要到达虚线cc整个过程中，根据能量守恒定律求解整个过程中回路中产生的焦耳热。本题所考知识是该节常考知识，是掌握的重点。【解析】解：(1)

根据法拉第电磁感应定律得，时间娄陇t

内的平均感应电动势E鈥�=娄陇娄碌娄陇t

根据闭合电路的欧姆定律得，平均感应电流I鈥�=E?2R

通过L1

的电荷量q=I鈥�娄陇t=娄陇娄碌2R=BL隆陇d22R=BdL4R

(2)

设导体棒L1

刚要到达虚线c

时匀速运动的速度为v

此时的感应电动势E1=BLv

根据闭合电路的欧姆定律得，感应电流I1=E12R=BLv2R

导体棒L2

受到的安培力FA=BLI1=B2L2v2R

对两导体棒，根据共点力的平衡条件得FA=2mgsin娄脠

解得v=4mgRsin?娄脠B2L2

(3)

从开始运动到导体棒L1

刚要到达虚线c

整个过程中，设回路中产生的焦耳热为Q

根据能量守恒定律得2mgsin娄脠隆陇52d=2隆脕12mv2+Q

解得Q=5mgdsin娄脠鈭�16m3g2R2sin2娄脠B4L4

​24、略

【分析】【分析】（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为Em=NBSω；写出感应电动势的瞬时表达式。

（2）根据E=和欧姆定律求出电流的有效值．【解析】【解答】解：感应电动势的瞬时值e=NBSωsinωt，由题可知S═0.2×0.5m2=0.1m2；

Em=NBSω=100×0.1×0.1×100πV=314V；

所以e=314sin100πtV．

（2）线圈电流的有效值

答：（1）线圈中感应电动势的瞬时值为e=314sin100πtV；

（2）线圈电流的有效值为10A．25、略

【分析】【分析】小球和火车具有相同的加速度，隔离对小球分析，抓住合力方向在水平方向上，通过平行四边形定则进行求解．【解析】【解答】解：隔离对小球分析，根据牛顿第二定律得，小球的加速度a=．方向水平向左．

小球的加速度与火车的加速度大小相等；方向相同，则火车的加速度为gtanθ，方向向左．

答：火车的加速度为gtanθ，方向向左．五、实验题(共3题，共27分)26、Bμ=【分析】【分析】（1）根据实验原理求出动摩擦因数的表达式；然后确定需要测量的量．

（2）根据实验原理与实验数据；求出动摩擦因数的表达式．

（3）应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式，然后求出动摩擦因数．【解析】【解答】解：（1）由纸带可以求出物块的加速度a；对物块，由牛顿第二定律得：

2F-μmg=ma，则动摩擦因数μ=；已知：F；a，要求μ需要测出物块的质量m，故选B；

（2）由（1）可知，动摩擦因数的表达式：μ=；

（3）对物块；由牛顿第二定律得：2f-μmg=ma；

解得：a=f-μg，a-f图象的截距：b=μg，则：μ=；

故答案为：（1）B；（2）μ=；（3）．27、交流DB【分析】【分析】（1）根据实验器材分析答题；打点计时器使用交流电源．

（2）实验前要平衡摩擦力；根据平衡摩擦力的方向分析答题．

（3）如果图象为过原点的倾斜直线，则该同学的猜想正确．【解析】【解答】解：（1）打点计时器使用交流电源；

（2）使木板适当倾斜来平衡摩擦阻力；平衡摩擦力正确的做法是：把木板一端垫高，使木板适当倾斜，轻推一下拖着纸带的小车后，小车能够匀速下滑即可；

故选：D

（3）如果图象为过原点的倾斜直线，则该同学的猜想正确，所以直接得出W∝v2的实验结论．故B正确．

故选：B

故答案为：（1）交流；（2）D；（3）B．28、19000.10【分析】【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，改装成大量程电流表