2025年上外版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一简谐波沿x轴的正方向以5m/s的波速在弹性绳上传播，波的振幅为0.4m，在t时刻波形如图所示，从此刻开始再经过0.3s，则（）A.质点Q正处于波峰B.振源的周期为0.3sC.质点Q通过的总路程为1.2mD.质点M正处于波峰2、公路上的雷达测速仪的工作原理是利用（）A.波的反射和多普勒效应B.波的干涉和多普勒效应C.波的干涉和波的反射D.波的反射和共振3、伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，从而创造了一种科学研究的方法．利用斜面实验主要是考虑到（）A.实验时便于测量小球运动的速度和路程B.实验时便于测量小球运动的时间C.实验时便于测量小球运动的路程D.斜面实验可以通过观察与计算直接得到落体的运动规律4、【题文】如图所示为示波管中偏转电极的示意图，相距为d长度为l的平行板A、B加上电压后，可在A、B之间的空间中（设为真空）产生电场（设为匀强电场）。在AB左端距A、B等距离处的O点，有一电荷量为+q、质量为m的粒子以初速沿水平方向（与A、B板平行）射入（如图），不计重力。要使此粒子恰能从C处射出电场，则A、B间的电压应为（）

A.B.C.D.5、如图所示，ABC

三个物块重均为200ND

物块重503N

作用在物块B

的水平力F=50N

整个系统静止，则()A.A

和B

之间的摩擦力是50N

B.B

和C

之间的摩擦力是100N

C.物块C

受5

个力作用D.C

与桌面间摩擦力为100N

6、一水平传送带以恒定速度V向右运动，将质量为m的小物体轻放在它的左端，经t秒小物体的速度增为V，在经过t秒小物体到达右端．则（）A.摩擦力对小物体先做正功，后做负功B.小物体由左端到右端的平均速度为C.后t秒内摩擦力对小物体做功为mv2D.前t秒内电动机对传送带做功至少为mv27、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A.加速度很大，说明速度一定很大B.加速度很大，说明速度的变化一定很大C.加速度很大，说明速度的变化很快D.加速度为零，速度也一定为零评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、一转动装置如图所示，四根长均为l的轻杆OA、OC，AB和CB，与两小球及一小环通过饺链连接，球和环的质量均为m，O端固定在竖直的轻质转轴上，套在轴上的轻质弹簧连接在O与小环之间，原长为L，裝置静止时，弹簧长为L．己知弹簧始终在弹性限度内，忽略摩擦和空气阻力，则（）A.弹簧的劲度系效为B.装置静止时，弹簧弹力等于mgC.转动该装置并缓慢增大转速，AB杆中弹力先减小后增大D.AB杆中弹力为零时，装置转动的角速度为9、如图所示，相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B．将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动，此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P，导体棒最终以3v的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g．下列选项正确的是（）A.P=2mgvsinθB.P=6mgvsinθC.当导体棒速度达到时加速度大小为sinθD.在速度达到3v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力所做的功10、某质点在光滑水平面上做匀速直线运动．现对它施加一个水平恒力，则下列说法正确的是（）A.施加水平恒力以后，质点可能做匀加速直线运动B.施加水平恒力以后，质点可能做匀变速曲线运动C.施加水平恒力以后，质点可能做匀速圆周运动D.施加水平恒力以后，质点可能做匀减速直线运动11、下列说法中正确的是（）A.光在同一种介质中是沿直线传播的B.水面油膜上的彩色花纹中，相邻的绿色条纹与蓝色条纹相比较，绿色条纹处比蓝色条纹处的油膜要薄一些C.水中的鱼看岸上的物体时，它看到的像的位置比物体的实际位置要高一些D.红外线、可见光、紫外线是原子外层电子受到激发后产生的12、如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，固定一电荷量为+Q的点电荷。一质量为m、带电荷量为+q的物块（可视为质点的检验电荷），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时速度为v。已知点电荷产生的电场在A点的电势为φ（取无穷远处电势为零），P到物块的重心竖直距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60°，k为静电常数，下列说法正确的是（）A.点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小EB=kB.物块在A点时受到轨道的支持力大小为mg+C.物块在A点的电势能EPA=+QφD.点电荷+Q产生的电场在B点的电势φB=（v02-v2）+φ13、一弹簧振子在振动过程中的某段时间内其加速度越来越大，则在这段时间内，关于振子的运动情况，正确的是（）A.振子的速度越来越大B.振子正向平衡位置运动C.振子的位移越来越大D.振子的速度方向与加速度方向相反14、篮球运动员投篮时，往往是由站立状态曲腿下蹲再竖直向上跃起达最大高度后将球抛出．某篮球运动员质量为m，双脚离开地面时的速度为v，以下说法正确的是（）A.从站立到跃起过程中，地面对他做的功为零B.从站立到跃起过程中，地面对他做的功为mv2C.离开地面后的上升过程中，重力对他做负功D.离开地面后的上升过程中，他处于超重状态15、甲图所示是某种型号的电热毯的电路图；电热毯接在交变电源上，通过装置P使加在电热丝上的电压的波形如乙图所示．若电热丝的电阻为110Ω，则以下说法中正确的是（）

A.经过电热丝的交变电流周期为l×10-2SB.电热丝两端的电压为220VC.通过电热丝的电流为AD.电热丝在1min内产生的热量为1.32×104J16、如图所示的电路中，L是自感系数很大的、用铜导线绕制的线圈，其电阻可以忽略不计．开关S断开瞬间，则（）A.L中的电流方向不变B.灯泡A要过一会儿才熄灭C.灯泡A立即熄灭D.电容器将放电评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、（2013秋•丹寨县校级期中）如图所示，从高出地面3m的位置向上抛出一个小球，它上升5m后回落，最后达到地面，以抛出点为原点，向上方向为正，则小球落地点的坐标X=____m，小球全过程的位移是____m，如果取地面为坐标原点，向上方向为正，小球全过程的位移又是____m．18、（2013春•江西期中）某实验爱好者设计了模拟路灯光控电路，利用光敏电阻作为光传感器，配合使用斯密特触发器来控制电路，他设计的电路如图，他所使用的斯密特触发器的输入端信号____（“可以”或“不可以”）连续变化，为了更加节能，让天色更暗时，路灯点亮，应将R1____一些（“增大”或“减小”）19、在高为20m的阳台上，用20m/s的初速度水平抛出一质量为1kg的物体，不计空气阻力，g取10m/s2．则物体在空中运动的时间是____s，落地时的速度大小____m/s．重力的瞬时功率为____W重力的平均功率为____W．20、汽车在水平路面上做环绕运动，设轨道圆半径为R，路面汽车的最大静摩擦力是车重的，要使汽车不冲出跑道，汽车运动速度不得超过____．21、（2009秋•会宁县校级期末）如图是某弹簧振子的振动图象，由图象知振动周期为____s，图中A、B、C、D、E各点对应的时刻中，动能最大的点是____．评卷人得分四、判断题(共3题，共6分)22、物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大．____．23、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）24、地理位置的南北极即为地磁场的南北极____．（判断对错）评卷人得分五、作图题(共1题，共3分)25、沪杭高铁是连接上海和杭州的现代化高速铁路；现已进入试运行阶段，试运行时的最大时速达到了413.7公里，再次刷新世界纪录．沪杭高速列车在一次试运行中由A站开往B站，A；B车站间的铁路为直线．技术人员乘此列车从A车站出发，列车从启动匀加速到360km/h，用了250s时间，在匀速运动了10分钟后，列车匀减速运动，经过5分钟后刚好停在B车站．

（1）画出该高速列车的v-t图象．

（2）求此高速列车启动；减速时的加速度；

（3）求A、B两站间的距离．评卷人得分六、计算题(共1题，共5分)26、【题文】重为60N的均匀直杆AB一端用铰链与墙相连，另一端用一条通过定滑轮M的绳子系住，如图所示，绳子一端与直杆AB的夹角为30°，绳子另一端在C点与AB垂直，AC=0.1AB。滑轮与绳重力不计。求：

（1）B点与C点处绳子的拉力TB、TC的大小。

（2）轴对定滑轮M的作用力大小。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】由图读出波长，求出波速．根据时间与周期的关系分析质点的位置；质点在一个周期内振动的路程为4倍的振幅．【解析】【解答】解：A、由图知，波长λ=2m，则该波的周期为T===0.4s．因为t=0.3s=T；则知从此刻开始再经过0.3s，质点Q正处于平衡位置，故A错误．

B；振源的周期即波的周期；为0.4s，故B错误．

C、根据质点在一个周期内振动的路程为4倍的振幅，可知质点Q在t=0.3s=T内通过的路程是3A=1.2m；故C正确．

D、波向右传播，此刻M正向上运动，经过t=0.3s=T处于波谷；故D错误．

故选：C．2、A【分析】【分析】雷达测速的原理是应用多谱勒效应，即移动物体对所接收的电磁波有频移的效应，雷达测速仪是根据接收到的反射波频移量的计算而得出被测物体的运动速度．【解析】【解答】解：雷达测速主要是利用多普勒效应原理：当目标向雷达天线靠近时；反射信号频率将高于发射机频率；反之，当目标远离天线而去时，反射信号频率将低于发射机率．如此即可借由频率的改变数值，计算出目标与雷达的相对速度．

故选：A．3、B【分析】【分析】伽利略对自由落体运动规律研究应当结和当时科学发展的实际水平，应当加深对物理学史的研究．【解析】【解答】解：伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大；但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律．伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化．但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间．伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量．

故选B．4、A【分析】【解析】粒子恰能从C处射出电场，则有所以U=【解析】【答案】A5、D【分析】略【解析】D

6、D【分析】【分析】在前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀速运动．由运动学公式求出总位移，再求解平均速度，根据动能定理求解摩擦力做功．要注意后ts内Q与传送带之间无摩擦力．根据相对位移求出摩擦生热，根据能量守恒求解电动机对传送带做功．【解析】【解答】解：

A；在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动；摩擦力做正功，后t秒内物体的速度与传送带相同，不受摩擦力而做匀速运动．故摩擦力先做正功，后不做功；故A错误．

B、物体由传送带左端运动到右端的总位移为x=+vt=vt，平均速度为==；故B错误；

C；后t秒内；摩擦力为零，故摩擦力不做功；故C错误；

D、前t秒内，设滑动摩擦力的大小为f，根据动能定理有：f•vt=；①；

物体与传送带的相对位移大小为△x=vt-=，摩擦发热为Q=f•△x=f•；②

由①②得：Q=

则根据功能关系和能量守恒得：电动机对传送带做功为W电=Q+=mv2；故D正确．

故选：D7、C【分析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解析】【解答】解：A、根据a=知；加速度大，速度变化量不一定大，速度也不一定大．故A错误，B错误．

C；加速度是反映速度变化快慢的物理量；加速度大，知速度变化很快．故C正确．

D；加速度为零；速度不一定为零，比如匀速直线运动．故D错误．

故选：C．二、多选题(共9题，共18分)8、CD【分析】【分析】装置静止时，分别对小环和小球分析，根据共点力平衡，结合胡克定律求出弹簧的劲度系数；当AB杆弹力为零时，对小环分析，根据共点力平衡和胡克定律求出弹簧的长度，对小球分析，抓住竖直方向上合力为零，水平方向上的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出装置转动的角速度ω0．【解析】【解答】解：AB、装置静止时，设OA、AB杆中的弹力分别为F1、T1，OA杆与转轴的夹角为θ1，则cosθ1=，小环受到弹簧的弹力F弹1=k．

小环受力平衡，有：F弹1=mg+2T1cosθ1

小球受力平衡，有：F1cosθ1+T1cosθ1=mg，F1sinθ1=T1sinθ1

解得F弹1=2mg，k=．故AB错误．

CD、设OA、AB杆中的弹力分别为F2、T2，OA杆与转轴的夹角为θ2，弹簧长度为x．小环受到弹簧的弹力F弹2=k（x-L）．

小环受力平衡，F弹2=mg，解得x=L

对小球，F2cosθ2=mg，F2sinθ2=mω02Lsinθ2，且cosθ2==，解得ω0=．

因为cosθ2＜cosθ1，则θ2＞θ1；可知转动该装置并缓慢增大转速，AB杆中弹力先减小至零后增大．故CD正确．

故选：CD9、BC【分析】【分析】导体棒最终匀速运动受力平衡可求拉力F，由P=Fv可求功率，由牛顿第二定律求加速度，由能量守恒推断能之间的相互转化．【解析】【解答】解：AB、当导体棒以v匀速运动时受力平衡，则有：mgsinθ=BIL=；

当导体棒以2v匀速运动时受力平衡，则有：F+mgsinθ=BIL=；

故：F=2mgsinθ；

拉力的功率为：P=F•3v=6mgvsinθ；故A错误，B正确．

C、当导体棒速度达到时，由牛顿第二定律有：mgsinθ-=ma；

解得：a=sinθ；故C正确。

D；由能量守恒；当速度达到3v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力及重力所做的功，故D错误。

故选：BC10、ABD【分析】【分析】正确解答该题要掌握：正确理解和应用牛顿第二定律解决力与运动的关系，明确物体做曲线运动的条件，明确匀速圆周运动所受外力特点．【解析】【解答】解：A；若所施加的外力方向与物体运动方向相同；则物体做匀加速直线运动，故A正确；

B；施加力的方向与运动方向若不在同一条直线上；将做匀变速曲线运动．故B正确；

C；匀速圆周运动所受外力为变力；始终指向圆心，由于所施加的是恒力，因此不可能做匀速圆周运动，故C错误；

D；若所施加的外力方向与物体运动方向相反；则物体做匀减速直线运动，故D正确．

故选：ABD．11、CD【分析】【分析】光在同一均匀介质才沿着直线传播；

油膜干涉条纹；同一级亮条纹，波长越长的，则膜越厚；

光的折射；导致水中像的位置比物体的实际位置要高一些，空中的像的位置也比物体的实际位置要高一些；

无线电波则由LC振荡电路产生的，红外线、可见光、紫外线是原子外层电子受到激发后产生的，对于X射线则是原子内层电子受到激发后产生的．【解析】【解答】解：A；根据光的直线传播；光在同一种均匀介质中才沿直线传播，故A错误；

B；根据光的干涉条纹；同一级亮条纹，波长越长的，则膜越厚，可知，绿光比蓝光波长长，因此绿色条纹处比蓝色条纹处的油膜要厚一些，故B错误；

C；根据光的折射现象；则有水中的鱼看岸上的物体时，它看到的像的位置比物体的实际位置要高一些，故C正确；

D；无线电波则由LC振荡电路产生的；红外线、可见光、紫外线是原子外层电子受到激发后产生的，对于X射线则是原子内层电子受到激发后产生的．故D正确；

故选CD12、ABD【分析】解：A、点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小EB=故A正确；

B、物体受到点电荷的库仑力为：F=

由几何关系可知：r=

设物体在A点时受到轨道的支持力大小为N；由平衡条件有：

N-mg-Fsin60°=0

解得：N=mg+．故B正确；

C、物块在A点的电势能EPA=+qφ．故C错误；

D、设点电荷产生的电场在B点的电势为φB；动能定理有：

解得：φB=（v02-v2）+φ．故D正确。

故选：ABD。

对物体进行受力分析；受重力；支持力、库仑力，根据竖直方向合力等于零，求出物体在A点受到轨道的支持力。从A点到B点，只有电场力做功，根据动能定理，求出电场力做功，从而得出两点间的电势差，从而得出B点的电势。

解决本题的关键知道电场力做功W=qU，U等于两点间的电势差。以及掌握库仑定律和动能定理的运用。【解析】ABD13、CD【分析】【分析】根据弹簧振子的加速度与位移成正比，由加速度的变化分析位移的变化．当振子的位移增大时，振子离开平衡位置，速度减小，加速度方向与速度方向相反；当振子的位移减小时，振子向平衡位置靠近，速度增大，加速度方向与速度相同．【解析】【解答】解：A；B、由题；弹簧振子振动过程中，加速度数值越来越大，位移数值越来越大，振子离开平衡位置，速度越来越小，故A错误，B错误；

C；D、由上分析可知；振子正离开平衡位置，速度方向离开平衡位置，振子的位移越来越大，加速度方向指向平衡位置，所以振子的速度方向与加速度方向相反，故C、D正确；

故选：CD．14、AC【分析】【分析】从地面跃起过程中，运动员的脚没有位移，地面对他做功为零．从下蹲到离开地面上升过程中，重力做负功；离开地面后，他在上升和下落过程中都处于失重状态．【解析】【解答】解：A；B从地面跃起过程中；林书豪的脚没有位移，地面对他做功为零．故A正确，B错误．

C；离开地面后的上升过程中；重力向下，位移向上；故重力做负功；故C正确；

D；离开地面后；他在上升和下落过程中只受重力，加速度方向竖直向下，都处于失重状态．故D错误．

故选：AC15、CD【分析】【分析】电压表读数为有效值，根据正弦式交变电流峰值和有效值之间的关系以及电流的热效应便可求得有效值，从而得出一个周期内产生的热量．【解析】【解答】解：A；根据乙图可知；交流电的周期为0.02s，故A错误．

B、根据有效值的定义可得：，解得U==156V．故B错误．

C、通过电热丝的电流；故C正确．

D、电热丝在1min内产生的热量Q=I2Rt=2×110×60J=1.32×104J；故D正确．

故选：CD．16、AC【分析】【分析】根据线圈对电流的突变有阻碍作用，运用楞次定律和自感现象来判断．【解析】【解答】解：

A；S断开瞬间；由于L的自感作用，L产生自感电动势，将阻碍电流的减小，所以根据楞次定律可知，L中的电流方向不变，故A正确；

B；C、S断开瞬间；灯泡A中电压立即消失，则A灯立即熄灭，故B错误、C正确；

D；S闭合时；由于线圈L产生自感电动势，电容器将充电，故D错误；

故选：AC三、填空题(共5题，共10分)17、-3-3-3【分析】【分析】根据坐标的设定，确定地面的坐标值；根据位移的矢量性进行判断；位移是由初位置指向末位置．【解析】【解答】解：以抛出点为原点；向上为正；则地面坐标为-3m；

小球全程的位移为-3m；

取地面为坐标原点；物体的位移仍然向下；故位移仍为-3m；

故答案为：-3；-3；-3．18、可以增大【分析】【分析】光敏电阻的电阻随光照增强而减小，天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后灯亮；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，灯熄灭．【解析】【解答】解：斯密特触发器的工作原理是：当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时；输出端Y会突然从高电平跳到低电平（0.25V），而当输入端A的电压下降到另一个值的时候（0.8V），Y会从低电平突然跳到高电平（3.4V）．

天暗时；光敏电阻阻值大，A端的电势升高，当A段的电势升高到一定的值时，经过非门，输出端Y为低电势LED导通，路灯亮，故斯密特触发器的输入端信号可以连续变化．

R1调大时，天更暗时，光敏电阻变大，才导致分压变大，则A端的电势高，输出端Y为低电势，LED灯亮，故让天色更暗时，路灯点亮，应将R1增大一些．

故答案为：可以；增大．19、220200100【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出物体运动的时间，结合速度时间公式求出竖直方向上的分速度，从而通过平行四边形定则求出落地时的速度大小．根据P=mgvcosθ、P=分别求出重力的瞬时功率和平均功率．【解析】【解答】解：根据h=得，t=．

小球在竖直方向上的分速度vy=gt=10×2m/s=20m/s．

则小球落地时的速度m/s．

重力的瞬时功率P=mgvcosθ=mgvy=10×20W=200W．

重力的平均功率P=．

故答案为：2；20；200；100．20、【分析】【分析】汽车沿圆跑道行驶时，由静摩擦力提供向心力，当静摩擦力达到最大值时，车速达到最大，由牛顿第二定律求出最大速度．【解析】【解答】解：以汽车为研究对象，当汽车受到的静摩擦力达到最大值时速度达到最大，设最大速度为vm．

根据牛顿第二定律得：

fm=

又由题意有：fm=mg

联立解得：vm==

故答案为：21、0.8BD【分析】【分析】弹簧振子的振动周期是振子完成一次全振动所用的时间，由图直接读出．振子速度最大时，动能最大，此时振子经过平衡位置，位移为零．【解析】【解答】解：由图象知振动周期为T=0.8s；

由图知；B；D两个点对应的时刻位移为零，振子经过平衡位置，速度最大，动能最大．

故答案为：0.8；BD四、判断题(共3题，共6分)22、×【分析】【分析】根据加速