2025年冀教版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在磁感应强度为B的匀强磁场中做匀速圆周运动的带电粒子，当磁感应强度突然增大为2B时，这个带电粒子()A.速率加倍，周期减半B.速率不变，轨道半径减半C.速率不变，周期加倍D.速率减半，轨道半径不变2、下列物理量属于国际基本单位的是（）A.kgB.NC.m/sD.m/s23、在“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，打点计时器所用电源的周期为T．测得打出的一条纸带相邻的两个计时点间的距离依次为s1、s2、s3、s4、s5、s6，如图所示．小车加速度a的表达式应是（）A.a=B.a=C.a=D.a=4、关于感应电动势大小的正确表述是(

)

A.穿过某导体框的磁通量为零时，该线框中的感应电动势一定为零B.穿过某导体框的磁通量越大，该线框中的感应电动势就一定越大C.穿过某导体框的磁通量变化量越大，该线框中的感应电动势就一定越大D.穿过某导体框的磁通量变化率越大，该线框中的感应电动势就一定越大5、图中标出了磁场B

的方向、通电直导线中电流I

的方向，以及通电直导线所受磁场力F

的方向，其中正确的是(

)

A.B.C.D.6、矩形滑块由不同材料的上下两层粘结在一起组成，将其放在光滑的水平面上，如图所示，质量为m的子弹以速度v水平射入滑块，若射击上层，则子弹刚好不穿出；若射击下层，整个子弹刚好嵌入，则上述两种情况相比较()A.两次子弹对滑块做的功一样多B.两次滑块受的冲量不一样C.两次滑块最终获得的速度不同D.子弹射入上层过程中系统产生的热量较多7、某平行板电容器的电容为C

带电量为Q

相距为d

今在板间中点放一电量为q

的点电荷，则它所受到的电场力的大小为

A.2kQqd2

B.4kQqd2

C.QqCd

D.2QqCd

8、压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小.

如图所示，将压敏电阻平放在电梯内，受力面向上，在其上面放一质量为m

的物体，电梯静止时电压表的示数为U0.

下列电压表示数随时间变化图象中，能表示电梯竖直向上作匀加速直线运动的是(

)

A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、游标卡尺的主要部分是主尺和一条可以沿着主尺滑动的游标尺．20分度的游标卡尺，当游标尺上的0刻线与主尺上的0刻线正好对齐，则游标尺上的0刻线后第20刻线与主尺上的0刻线后第____条刻线恰好对齐，其游标尺上每一个分度为____mm，主尺上一个刻度与游标上的一个刻度相差____mm．10、如图所示，是某匀强电场的三个等势面，相应的电势值分别为-10V、0、10V，图中A、B两点相距2.5cm，则该匀强电场的场强大小为______V/m．11、有一个称为“千人震”的趣味物理小实验，实验是用一节电动势为1.5V的新干电池，几根导线、开关和一个用于日光灯上的镇流器（相当于自感线圈），同学们手拉手成一串，连在如图所示的电路中，当开关连接瞬间，同学们______（填“有”或“无”）触电的感觉；当开关断开瞬间，同学们______（填“有”或“无”）触电的感觉．12、读出下列游标卡尺读数为______cm．

13、

。A.如图所示，桌面上放有一只10

匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体.

当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将________(

选填“变大”或“变小”)

在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化0.1Wb

经历的时间为0.5s

则线圈中的感应电动势为________V

．如图所示，桌面上放有一只

10

10

匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体

.

.

当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将________

(

(

选填“变大”或“变小”

)

)

在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化

0.1

W

b

0.1Wb

经历的时间为

0.5

s

0.5s

则线圈中的感应电动势为________

V

V

．

B.如图所示，开始时开关与a

相连.

当将开关与b

相连后的瞬间，通过灵敏电流表的电流方向________(

选填“向左”或“向右”)

电容器的电容________(

选填“变大”“变小”或“不变”)

．如图所示，开始时开关与

a

a

相连

.

.

当将开关与

b

b

相连后的瞬间，通过灵敏电流表的电流方向________

(

(

选填“向左”或“向右”

)

)

电容器的电容________

(

(

选填“变大”“变小”或“不变”

)

)

．

14、从空中以10m/s的初速度水平抛出一质量为1kg的物体，物体在空中运动了3s后落地，不计空气阻力，取g=10m/s2，求3s内物体所受重力做功的平均功率______W，落地时重力做功的瞬时功率______W。15、利用光电管产生光电流的电路如图所示．电源的正极应接在______端（填“a”或“b”）；若电流表读数为8μA，则每秒从光电管阴极发射的光电子至少是______个（已知电子电量为l.6×10-19C）16、核聚变能是一种具有经济性能优越、安全可靠、无环境污染等优势的新能源.

近年来，受控核聚变的科学可行性已得到验证，目前正在突破关键技术，最终将建成商用核聚变电站.

一种常见的核聚变反应是由氢的同位素氘(

又叫重氢)

和氚(

又叫超重氢)

聚合成氦，并释放一个中子.

若已知氘原子的质量为2.0141u

氚原子的质量为3.0160u

氦原子的质量为4.0026u

中子的质量为1.0087u1u=1.66隆脕10鈭�27kg.

则这个核反应释放出来的能量E=

______J.(

光速c=3.00隆脕108m/s1u

相当于935MeV

结果取二位有效数字)

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、画图题(共2题，共12分)23、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、证明题(共2题，共20分)25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。26、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、作图题(共1题，共6分)27、波源O由平衡位置起振；经0.2s第一次回到平衡位置，介质中形成的简谐波如图甲所示，波恰好传播到P点。已知这段时间内波源O通过的路程为20cm，O；P两质点平衡位置间的距离为2m。求：

（1）波源O振动的振幅A和周期T；

（2）所形成简谐波的波长和波速；

（3）以波传播到P点作为计时零点，请在图乙上画出P点一个周期的振动图象（以向上为位移的正方向）。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【解析】试题分析：根据洛伦兹力提供向心力则有即洛伦兹力与速度垂直，不会对粒子做功，所以速度应不变，可知磁场加倍，粒子半径应减半，周期减半，所以B正确。考点：洛伦兹力提供向心力【解析】【答案】B2、A【分析】解：kg是质量的单位；的基本单位．故A正确；

B、N是力的单位，m/s是速度的单位，m/s2是加速度的单位；都不是基本单位．故BCD错误．

故选：A

国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位；而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．

国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．【解析】【答案】A3、A【分析】解：A、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：s4-s1=3a1T2

s5-s2=3a2T2

s6-s3=3a3T2

为了更加准确的求解加速度；我们对三个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2+a3）=故A正确，B错误；

C、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2得s2-s1=aT2

所以a=故C错误；

D、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2得s6-s1=5aT2

所以a=故D错误；

故选：A．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；对应多组数据可以采用逐差法得出加速度．

本题比较简单，考查了有关纸带时间处理的基本知识，要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】【答案】A4、D【分析】解；A

穿过导体框的磁通量为零时；磁通量的变化率不一定为零，感应电动势不一定为零，比如矩形线圈绕垂直于磁场的转轴匀速转动的过程中，当线圈与磁场平行时，穿过线圈的磁通量为零，而线圈垂直切割磁感线，产生的感应电动势最大.

故A错误．

B；穿过导体框的磁通量越大；磁通量的变化率不一定越大，感应电动势不一定越大.

比如矩形线圈绕垂直于磁场的转轴匀速转动的过程中，当磁通量最大时，感应电动势为零.

故B错误．

C；穿过导体框的磁通量变化量越大；而变化的时间不确定，则磁通量的变化率不一定越大，感应电动势不一定越大.

故C错误．

D；根据法拉第电磁感应定律得知；穿过导体框的磁通量变化率越大，感应电动势就一定越大.

故D正确．

故选D【解析】D

5、A【分析】解：A

由左手定则可知；通电导线所受安培力竖直向上，故A正确；

B；由图可知；磁感应强度B

与电流I

平行，导线不受安培力，故B错误；

C；由左手定则可知；通电导线所受安培力竖直向下，故C错误；

D；由左手定则可知；通电导线所受安培力垂直于纸面向外，故D错误；

故选：A

左手定则是判断通电导线在磁场中的受力方向的法则.

其内容是：将左手放入磁场中；使四个手指的方向与导线中的电流方向一致，那么大拇指所指的方向就是受力方向．

本题考查了左手定则的应用，要掌握左手定则内容，会用左手定则判断安培力的方向．【解析】A

6、A【分析】由动量守恒可知两种情况的最后速度相同，滑块获得的动能相同，根据动能定理可知子弹对滑块做的功相同，A对；C错；由动量定理，合外力的冲量等于滑块动量的变化量，所以合外力的冲量相同，B错；产生的热量等于阻力乘以相对位移，可知射入下层过程中系统产生的热量较多，D错【解析】【答案】A7、C【分析】解：由电容的定义式C=QU

得，板间电压为U=QC.

板间场强大小为E=Ud.

点电荷所受的电场力大小为F=qE

联立得到，F=QqCd

．

故选C

由电容的定义式C=QU

求出两极板间的电压；由板间电压与场强的关系式U=Ed

求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=qE

．

本题考查对于电容、板间电压、场强等物理量之间关系的掌握情况.

基础题．【解析】C

8、A【分析】解：压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小；而压敏电阻越小，根据闭合电路欧姆定律，其两端电压越小，故压力越大，电压表读数越小；

电梯竖直向上作匀加速直线运动，加速度向上且恒定，处于超重状态，故压力大于重力且恒定，故U<U0

且恒定；

故选A．

压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小；压敏电阻越小；根据闭合电路欧姆定律，其两端电压越小；故压力越大，电压表读数越小；然后根据电压读数判断压力变化情况，得到电梯可能的运动．

本题关键根据压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小的特点，结合欧姆定律得到物体超重时，有U<U0

且恒定，然后根据电梯竖直向上作匀加速直线运动进行判断．【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】

20分度的游标卡尺；游标尺上20格把1cm，分成20格，每格0.05mm，也就是说，游标尺上每一个分度为0.95毫米，所以当游标尺上的0刻线与主尺上的0刻线正好对齐，则游标尺上的0刻线后第20刻线与主尺上的0刻线后第19条刻度线对齐，游标尺的每一分度与主尺的最小分度相差0.05mm．

故答案为：19；0.95；0.05

【解析】【答案】根据游标卡尺的原理即可求解。

10、略

【分析】解：由图线可知该电场水平向左，电场线与AB连线的夹角是37°，所以得：UBA=Edcos37°

得：E==V/m=1000V/m

故答案为：1000．

根据等势面的图线可知；该电场是匀强电场，电场线的方向与等势面垂直且指向电势低的等势面，所以是水平向左．所以电场线与AB的夹角是37°．最后根据匀强电场中场强与电势差的关系，即可求得该电场的场强．

抓住电场线与等势线垂直，且指向低电势处是解题的关键，并要准确理解公式U=Ed中d的含义：d是沿电场线方向两点间的距离．【解析】100011、略

【分析】解：当开关闭合后；镇流器与同学们并联，由于电源为1.5V的新干电池，所以电流很小，同学们没有触电的感觉．当断开时，镇流器电流发生变小，从而产生很高的瞬间电压，通过同学们身体有触电的感觉．

故答案为：无有。

当开关闭合后；镇流器与同学们并联，由于电源为1.5V的新干电池，所以电流很小．当断开时，镇流器电流发生变化，导致镇流器产生很强的电动势，从而使同学们有触电的感觉．

该题考查自感现象，要理解镇流器中的线圈在电流发生变化时，产生很高的电压，相当于瞬间的电源作用．【解析】无；有12、略

【分析】解：游标卡尺的主尺读数为10mm；游标尺上第20个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为7×0.1mm=0.7mm，所以最终读数为：

10mm+0.7mm=10.7mm=1.07cm．

故答案为：1.07

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】1.0713、A.变大，2

B.向左；不变【分析】A.【分析】

由磁通量的定义可知线圈中磁通量的变化；由法拉第电磁感应定律可求得线圈中的感应电动势，从而即可求解。本题考查法拉第电磁感应定律的应用，题目较为简单，熟记法拉第电磁感应定律即可求解。【解答】

在磁体竖直向下落时；穿过线圈的磁感应强度增大，故磁通量变大；

由法拉第电磁感应定律可得：E=N?娄脮?t=10隆脕0.10.5V=2V

故填：变大，2

B.【分析】

当开关与a

相连时，电源给电容器充电，当开关与b

相连时，电容器放电.

明确电容器的电容与电量和电压无关，只与电容器本身的性质有关。解决本题关键了解电容器的性质以及电容器充、放电的特性，知道充电时与电源正极相连的极板带正电，与电源负极相连的极板带负电。【解答】

开关与a

相连时与电源相连，电容器带电，上端带正电；当开关与b

相连时；电容器放电，电流表中电流向左；电容器的大小由电压和电量无关，故开关变化时，电容不变。

故填：向左；不变

【解析】A.变大，2

B.向左；不变14、150300【分析】解：物体从抛出到落地的竖直位移为h；则3s内重力的平均功率为：

==

因物体做平抛运动；下落高度为：

h=gt2

整理得：==mg2t=×1×102×3W=150W

物体在3s末的瞬时速度为v；则重力在3s末的瞬时功率为：

P=mgvy

又vy=gt

整理得：P=mg2t=1×102×3W=300W

故答案为：150；300。

由公式W=mgh求出重力做的功，根据=求出重力的平均功率。根据P=mgvy、vy=gt求出重力的瞬时功率。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道平均功率和瞬时功率的区别。【解析】15030015、略

【分析】解：从光电管阴极K发射的光电子；要在回路中定向移动形成电流，A端应该与电源的正极相连，这样电子出来即可被加速，从而在回路中形成电流；

每秒在回路中通过的电量为：Q=It①

所以产生的光电子数目至少为：②

联立①②得：n=5×1013个．

故答案为：a，5×1013．

由于电子带负电，因此要在回路中形成电流，A应该与电源的正极相连，根据Q=It，求出每秒流过的电量，然后根据可求出光电子的数目．

本题通过光电效应考查了有关电学的基础知识，对于这些基础知识要熟练的理解和应用．【解析】a；5×101316、略

【分析】解：核反应过程的质量亏损：

鈻�m=[(2.0141u+3.0160u)鈭�(4.0026u+1.0087u)]=0.0188u=3.12隆脕10鈭�29kg

核反应产生的核能：鈻�E=鈻�mc2=2.8隆脕10鈭�12J

故答案为：2.8隆脕10鈭�12

．

根据爱因斯坦质能亏损方程鈻�E=mc2

计算释放的能量；从而即可求解．

本题考查了氢原子能级跃迁公式和爱因斯坦质能亏损方程鈻�E=mc2

直接套用公式即可，基础题．【解析】2.8隆脕10鈭�12

三、判断题(共6题，共12分)17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、画图题(共2题，共12分)23、略