2025年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷170考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、“通草球”是五加科植物通脱木的茎髓。秋天取茎；放置干燥处晾干，将其茎髓制成小球。这种小球密度很小，且绝缘，过去常用来做静电实验。现在这种东西较少见，一般中药店里有售。在图中，两个通草球甲和乙悬挂在支架上，彼此吸引。关于该现象判断正确的是（）

A.甲小球一定带了电B.乙小球一定带了电C.两个小球中有一个可能不带电D.甲、乙小球可能带有同种电荷2、如图所示，在绝缘的水平面上方存在匀强电场，水平面上的带电金属块在水平力F作用下沿水平面移动。已知金属块在移动的过程中，水平力F做功32J；金属块克服电场力做功8.0J，金属块克服摩擦力做功16J，则在此过程中，金属块的（）

A.动能增加8.0JB.电势能减少8JC.机械能减少24JD.机械能减少8J3、下列式子属于比值定义物理量的是（）A.B.C.D.4、如图所示，甲、乙两个电路都是由一个表头和一个电阻组成；其中一个是电压表，另一个是电流表，下列结论中正确的是（）

A.甲表是电流表，增大时量程会变大B.甲表是电压表，减小时量程会变大C.乙表是电流表，减小时量程会变小D.乙表是电压表，增大时量程会变大5、如图所示，电路中电源两极间的电压为U，为定值电阻，为可变电阻，两个平行金属板M、N按如图方式连入电路；闭合开关后，一束带电微粒沿平行于两极板的方向沿板间中心线射入，恰好做匀速直线运动。下列说法正确的是（）

A.微粒带负电B.增大，微粒向下偏转C.N极板下移，微粒向下偏转D.两极板错开一部分，微粒在电场中一定做曲线运动评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是A.库仑最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场B.丹麦物理学家奥斯特首先发现电流可以使周围的小磁针发生偏转C.法拉第发现了电磁感应现象，并发明了世界上第一台发电机D.安培发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系7、真空中有两点电荷q1、q2分别位于直角三角形的顶点C和顶点B上，D为斜边AB的中点，∠ABC=30°，如图所示，已知A点电场强度的方向垂直AB向下；则下列说法正确的是（）。

A.q1带负电，q2带正电B.D点电势低于A点电势C.q1电荷量的绝对值等于q2电荷量的绝对值的一半D.q1电荷量的绝对值等于q2电荷量的绝对值的二倍8、如图所示，三条平行等距的直线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10V、20V、30V，实线是一带负电的粒子（不计重力），在该区域内的运动轨迹，对于这轨道上的a、b、c三点来说；下列选项说法正确的是（）

A.粒子必先过a，再到b，然后到cB.粒子在三点所受的合力C.粒子在三点的动能大小为D.粒子在三点的电势能大小为9、质量均为m的带电小球a、b、c，小球a用绝缘丝线悬挂天花板下，a、b间由轻质绝缘弹簧相连，b、c用绝缘轻杆连接后直立在小球a的正下方的水平支撑面上，如图所示，此时小球c对支持面的压力、弹簧弹力均恰好为零，已知小球a带正电，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.b、c总电荷量一定为负B.丝线拉力为mgC.若将b、c两球位置互换，稳定后丝线拉力可能不变D.若增加b、c中的负电荷，稳定后丝线拉力一定增大10、在匀强电场中，将电荷量为的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了的功，再从B点移到C点，静电力做了的功．已知电场的方向与所在的平面平行，点D为AB的中点，如果规定B点的电势为0，下列说法正确的是（）

A.A点电势为18VB.A、C两点间的电势差C.匀强电场的电场强度方向垂直于BC连线D.点电荷在D点具有的电势能为11、如图所示，有一平行板电容器C，极板是水平放置的，它与三个可变电阻及电源连接成电路。有一个质量为m的带电油滴悬浮在电容器的两极板之间；静止不动。现要使油滴下降，可采用的办法是（）

A.增大R1B.增大R2C.增大R3D.减小R312、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，电表的示数分别用I、U1、U2、U3表示，电表示数变化量分别用和表示；下列比值中正确的是。

A.变大，B.不变，C.变大，D.变大，评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10-8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为________；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的_______倍，此时平行板电容器的电容为______．14、电动势定义：______所做的功与所移动的电荷量之比叫作电动势．15、电场强度。

（1）试探电荷与场源电荷。

a.试探电荷：为了研究电场的性质而引入的电荷，其是电荷量和体积都___________的点电荷。

b.场源电荷：___________的带电体所带的电荷；也叫源电荷。

（2）电场强度。

a.定义：放入电场中某点的试探电荷所受的___________跟它的电荷量的比值；叫作该点的电场强度。

b.定义式：q是试探电荷的电荷量。

c.单位：___________。

d.方向：电场强度是矢量，电场中某点的电场强度的方向与正电荷在该点所受的静电力的方向___________，与负电荷在该点所受静电力的方向___________16、一个灵敏电流计允许通过的最大电流（满刻度电流）为表头电阻若将其改装成量程为的电流表，应__________（填串联或并联）一个电阻，阻值为__________若将其改装成量程为的电压表，应__________（填串联或并联）一个阻值为__________的电阻．17、如图所示，矩形线圈面积为S，放在匀强磁场B中，开始处于水平位置，磁场与线圈平面法线夹角为．当线圈绕其一边顺时针转到90°到达竖直位置时，线圈中的磁通量的改变量的大小为__________________．评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)18、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

19、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)20、某同学想要描绘标有“2V1W”字样的小灯泡的伏安特性曲线；要求测量数据尽量精确；绘制曲线完整。可供该同学选用的实验器材除了开关、导线外，还有：

A.电压表（量程0～3V；内阻约为10kΩ）

B.电压表（量程0～15V；内阻约为20kΩ）

C.电流表（量程0～300mA；内阻约为1Ω）

D.电流表（量程0～600mA；内阻约为0.4Ω）

E.滑动变阻器（0～1kΩ）；额定电流为0.5A）

F.滑动变阻器（0～10Ω）；额定电流为2A）

G.直流电源（电动势为3V；内阻不计）

（1）实验中电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______。（选填实验器材前的字母）

（2）下列电路图中能满足实验要求的是______

A.B.C.D.A.B.C.E.E.21、某兴趣小组利用电流传感器测量某一电容器的电容。电流传感器的反应非常快，可以捕捉到瞬间的电流变化，将它与计算机相连，还能显示出电流随时间变化的I-t图像。实验电路如图（a）所示，电源电动势和内阻的标称值分别为E和r。

（1）将电阻箱阻值调为R1。

（2）闭合开关，电源向电容器充电，直至充电完毕，得到I-t图像如图（b）所示，数出图像与坐标轴所围格子数为35，此时电容器所带的电荷量________C（结果保留2位有效数字），电容器两端电压______（用E、r和R1表示）。

（3）改变电阻箱接入电路的阻值，重复前面两个步骤，得到多组对应的电阻箱阻值R和电容器所带的电荷量q。

（4）经过讨论，利用所得数据绘制图像如图（c），所绘图像应为_________。

A.图B.图C.图D.图。

（5）若实验时电源实际电动势和内阻均大于标称值，利用图（c）（图中a、b均为已知量）所得电容器的电容_________其真实值。（填“大于”；“小于”或“等于”）

22、某研究小组用实验测量水果电池的电动势和内阻；把铜片和锌片相隔约1cm插入一个柠檬中，就可制成一个水果电池，查阅资料后得该水果电池的电动势约为1V，内阻约为5000Ω。

（1）该小组设计了如下两种测量方案，如图甲所示，为减少测量误差，应选用方案________（填“一”或“二”）

（2）某同学选用方案二测量电路进行测量。闭合开关S，改变电阻箱R的阻值，并记录电阻箱阻值R和对应的电流表的示数I，然后作出R-图像，就可以求出水果电池电动势E和内阻r。

（i）已知电流表量屋为150μA，某次测量，电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数为________μA

（ii）把测量数据标在R-坐标中，获得如图丙所示图像，根据图像可得水果电池的电动势为________V（保留2位有效数字）；同时可以求得水果电池内阻；

（iii）若考虑电流表的内阻，则水果电池电动势的测量值________真实值（填“大于”“等于”或“小于”）。23、在“探究电磁感应的产生条件”实验中：

（1）如图甲所示，线圈横卧在课桌上并与G表相连，将条形磁铁自左向右穿过线圈，已知插入时G表指针向左偏转，则拔出时G表指针_______（填“向左”或“向右”）偏转。

（2）如图乙所示，将学生电源和开关、滑动变阻器、线圈A串联起来，将线圈B与G表连接起来。一般情况下，开关和A线圈应该与学生电源的_______（填“直流”或“交流”）接线柱相连。闭合开关瞬间，发现G表指针向左偏转。当闭合开关接通电源后，将变阻器滑动触头向右移动时，则G表指针_______（填“向左”或“向右”）偏转。闭合开关接通电源后，第一次将滑动变阻器从最大阻值滑移到某一较小阻值，第二次用比第一次大的速度将滑动变阻器从最大阻值滑移到同一较小阻值，则第二次G表偏转的角度较_______（填“小”或“大”）。

评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)24、如图所示，电子从灯丝K发出（初速度不计），在KA间经加速电压U1加速后，从A板中心小孔射出，进入由M、N两个水平极板构成的偏转电场，M、N两板间的距离为d，电压为U2，板长为L，电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，射出时没有与极板相碰。已知电子的质量为m，电荷量为e；不计电子的重力及它们之间的相互作用力。求：

（1）电子穿过A板小孔时的速度大小v；

（2）电子在偏转电场中的运动时间t；

（3）电子从偏转电场射出时沿垂直于板方向偏移的距离y。25、如图所示，光滑的竖直半圆轨道与光滑水平面相连，空间存在水平向右的匀强电场（图中未画出），场强E=103V/m，不带电物体B质量为m=0.2kg，静止在圆轨道最低点D，A物体质量也为m，带电量q=8×10-3C，从C点静止释放，CD相距s=0.8m，AB碰撞后粘成一体进入圆弧轨道且恰好通过圆弧轨道最高点N，（A、B均可看作质点，g=10m/s2）求：

(1)半圆轨道的半径R是多少?

(2)物体经过与圆心等高的M点时对轨道的压力大小是多少?

26、如图所示的电路中,电源的电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=6Ω，电容器的电容C=3.6μF，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开；

(1)开关S1闭合，S2断开时；电容器两端的电压为多少？

(2)合上S2；待电路稳定以后，求电容器上电荷量变化了多少？

(3)合上S2，待电路稳定以后再断开S1，求断开S1后流过R1的电荷量是多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，同时，带电物体还可吸引轻小物质，故甲乙两个小球可能带异种电荷，也可能一个带电，一个不带电。

故选C。2、A【分析】【详解】

A．根据动能定理，合外力做功等于金属块动能的增加，即

故A正确；

B．因为金属块克服电场力做功8.0J；即电场力做了-8.0J的功，根据电场力做功与电势能的关系可知，金属块的电势能增加8J，故B错误；

CD．根据功能关系；除重力和弹簧弹力以外的其他的力做正功，机械能增加，做负功机械能减小，该题中拉力；电场力、摩擦力做的功都不属于重力和弹簧的弹力做功，而这些功的总和是8.0J，所以金属块的机械能增加8.0J，故CD错误。

故选A。3、D【分析】【详解】

A．式子

中t与s成正比，与t成反比；不是比值定义法，A错误；

B．公式a=

是牛顿第二定律的表达式；加速度与物体的质量及所受的合外力都有关系，不属于比值定义法，B错误；

C．I与U成正比，与R成反比；不符合比值定义法的共性，C错误。

D．公式

中；电势是由电场本身决定的，属于比值法，D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

电压表电阻分压，串联；电流表电阻分流，并联；所以甲表为电流表，乙表为电压表，并联电路电阻大时分流少，所以R增大时量程减小；串联电路电阻大时分压多，R增大时量程增大。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．极板N带正电，极板M带负电；电场强度方向向上，微粒所受重力与电场力等大反向，所以电场力方向向上，微粒带正电，选项A错误；

B．增大，与并联后电阻增大；分压增大，极板间电压变大，电场强度变大，受到向上的电场力变大，合力向上，所以向上偏转，选项B错误；

C．N极板下移；极板间电压不变，极板间电场强度减小，所以微粒向下偏转，选项C正确；

D．两极板错开；极板间电场强度不变，带电微粒所受电场力不变，所以微粒在电场中受力平衡，做匀速直线运动，选项D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)6、B:C【分析】【详解】

A．法拉第最早引入了电场概念；并提出用电场线表示电场，选项A错误；

B．丹麦物理学家奥斯特首先发现电流可以使周围的小磁针发生偏转；选项B正确；

C．法拉第发现了电磁感应现象；并发明了世界上第一台发电机，选项C正确；

D．焦耳发现了电流的热效应；定量得出了电能和热能之间的转换关系，选项D错误；

故选BC.7、B:C【分析】【详解】

A．根据题述，A点的电场强度垂直AB向下，由平行四边形法则可知，q1带正电，q2带负电；A错误；

B．由几何关系结合电势概念可知，正电荷q1在AD两点产生的电势相等，负电荷q2在A点的负电势高于D点的负电势，由电势叠加可知A点的电势高于D点；B正确；

CD．根据题述，A点的电场强度垂直AB向下，可得sin30°＝

又r2＝2r1，联立解得q2＝2q1

C正确；D错误。

故选BC。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．运动轨迹不能反映运动方向，所以不能判断出粒子先过a，再到b，然后到c，还是粒子先过c，再到b，然后到a；故A错误；

B．由等势面特点可知，该电场为匀强电场，电场线方向向上，而粒子受电场力方向指向高电势，故粒子带负电，又

所以粒子在三点所受的合力

故B正确；

CD．根据能量守恒，负电荷在高电势处电势能小，动能大，则知负电荷在b点电势能最大，动能最小，故应有

故D正确；C错误。

故选BD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．由于小球c对支持面的压力恰为零，把b、c两球作为一个整体，可知b；c总电荷量一定为负；故A正确；

B．对a、b、c整体，只受丝线拉力和重力两个力，因此丝线拉力FT=3mg

故B错误；

C．若c球带负电或c球所带负电大于b球所带负电，b、c两球位置互换后静电引力增大，由于b、c两球受到的静电引力大于它们的重力而导致两球向a球压缩弹簧后静止，稳定后丝线拉力仍为3mg不变。若c球带正电；位置互换后静电引力减小，丝线拉力减小。故C正确；

D．若增加b；c中的负电荷；静电引力增大而导致向上压缩弹簧后静止，稳定后丝线拉力不变，故D错误。

故选AC。10、A:B:D【分析】【详解】

A．点电荷从电场中的A点移到B点，电场力做功为

解得

故A正确；

B．点电荷从电场中B点移到C点，电场力做功为

解得

则A、C两点间的电势差为

故B正确；

C．由以上分析可知，CD为等势面，所以匀强电场的电场强度方向垂直于CD连线；故C错误；

D．D点电势为

点电荷在D点具有的电势能为

故D正确。

故选ABD。11、B:D【分析】【详解】

稳定时，没有电流通过所以R1两端没有电压，电容器两端电压等于R3两端的电压，要使油滴下降，需要使R3两端电压降低，根据串联分压的知识可知，可采用的方法是，减小R3或增大R2。

故选BD。12、A:B:D【分析】【详解】

根据欧姆定律得知：不变，选项B正确；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时R2变大，变大．根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I（R1+r），则有不变．故C错误，D正确．变大．根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，则有不变．故A正确．故选ABD．三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【详解】

[1]根据C=Q/U得，电容器的电容C=＝2×10−8F．

[2]电荷量减半，电容不变，仍然为2×10-8F．则两板间的电压

[3]根据E＝U/d知；电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的0.5倍；

[4]此时平行板电容器的电容仍为2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】非静电力15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]试探电荷：为了研究电场的性质而引入的电荷；其是电荷量和体积都足够小的点电荷。

[2]产生电场的电荷叫场源电荷；

(2)[3]放入电场中某点的试探电荷所受的电场力跟它的电荷量的比值；叫作该点的电场强度；

[4]电场强度的单位是

[5][6]电场强度是矢量，电场中某点的电场强度的方向与正电荷在该点所受的静电力的方向相同，与负电荷在该点所受静电力的方向相反。【解析】足够小产生电场电场力相同相反16、略

【分析】【详解】

[1][2]把灵敏电流计改装成的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为

[3][4]把灵敏电流计改装成的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为【解析】并联串联17、略

【分析】【详解】

[1]．在开始位置的磁通量：

转过90°角后的磁通量：

则线圈中的磁通量的改变量。

【解析】四、作图题(共2题，共16分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】19、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)20、A:A:D:F【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]灯泡的额定电压为电压表选择量程即可；故选A。

[2]由可知；灯泡的额定电流为。

电流表选择量程即可；故选D。

[3]本实验电压测量值的范围较宽；滑动变阻器应该采用分压式接法，为了调节方便，应该选择阻值较小的滑动变阻器，故选F。

（2）[4]由于灯泡电阻较小，为了减小测量误差，电流表应该外接；电压测量值较宽，滑动变阻器采用分压式接法，故选A。21、略

【分析】【详解】

（2）[1]根据图像以及可知，图像与坐标轴所围成的面积表示电容器放电前所带的电量，故根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子表示的电荷量为由于图像与坐标轴所围格子数为35，则电容器所带的电荷量

[2]由串并联关系，由闭合电路欧姆定律可知，电容器两端电压

解得

（4）[3]由于

则

整理得

图（c）是一次函数，而上式也是一次函数，故所绘图像应为图。

故选D。

（5）[4]由图（c）知斜率为

则

而截距为

解得

而实验时电源实际电动势和内阻均大于标称值，故上式中E偏小，C偏大，所以电容器的电容大于其真实值。【解析】D大于22、略

【分析】【详解】

（1）[1]水果电池内阻较大；为减小实验误差，电压表并联在电源两端带来较大误差，因为该方式测量的是电压表与内阻并联后的总电阻，故应选择图二所示电路图。

（2）（i）[2]最小分度值为1μA；故电流表的示数为100μA。

（ii）[3]电源电动势为E=I（r+R）

所以

由图丙所示图象可知，图象斜率

（iii）[4]若考虑电流表的内阻，则E=I（r+R+RA）

图像斜率不变，则水果电池电动势的测量值等于真实值。【解析】二1000.93（0.87=1.0）等于23、略

【分析】【详解】

（1）[1]将条形磁铁自左向右穿过线圈时；线圈中的磁通量增加，则根据楞次定律可知，线圈中产生的感应电流的磁场要阻碍原磁通量的增加，即线圈中产生的感应电流从左向右看为逆时针方向环绕，此时G表指针向左偏转；则拔出时，穿过线圈的磁通量要减小，则感应电流产生的磁场要阻碍原磁通量的减小，即线圈中产生的感应电流从左向右看为顺时针方向环绕，那么此时G表指针向右偏转。

（2）[2]开关和A线圈应该与学生电源的直流接线柱相连；这样可以通过开关的通断和滑动变阻器阻值的改变从而控制电流的变化，