2025年人教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理上册月考试卷941考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、在如图所示的合电路中，当的滑片向b端移动时；下列说法正确的是（）

A.电流表示数变大B.电流表示数变小C.电压表示数增大D.电压表示数增大2、关于以下4幅图的说法中；正确的是（）

A.甲图所示为可变电容器，动片旋出时可以使其与定片的距离增大，从而改变电容B.乙图所示装置可以用来储存电荷C.丙图中电容器只要与电源相连，电流表的示数始终不为零D.丁图所示是电解电容器，电容器表面所标电压80V为击穿电压3、如图所示，质量相同，带电量不同的两带电粒子（重力不计）以大小相同的初速度从左上端水平射入平行板电容器，粒子1打在下极板中点处，其在电场中的运动时间为加速度为粒子2由右侧板中央处射出电场区域，其在电场中的运动时间为加速度为则（）

A.B.C.D.4、如图所示是某电场中的一条直线，一电子从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动；下列有关该电场情况的判断正确的是()

A.该电场一定是匀强电场B.场强Ea一定小于EbC.电子的电势能Epa>EpbD.电子的电势能Epa<Epb5、一带正电的粒子只在电场力作用下沿轴正方向运动，其电势能随位移变化的关系如图所示，其中0~段是直线，~段是关于直线对称的曲线；则下列说法正确的是（）

A.在0、处，电势的关系为B.粒子在0~段做匀速直线运动C.此粒子从处运动到处，加速度变小，动能也变小D.若一个带负电的粒子从处运动到处，则带负电的粒子动能将增加评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、如图所示，为等边三角形，电荷量为的点电荷固定在A点，此时C点处的电场强度为E。再将一电荷量为的点电荷从无穷远处（电势为0）移到C点并固定，此过程中，电场力对正电荷做功为W，再将一电荷量为的点电荷从无穷远处移到B点。下列说法正确的是（）

A.移入之前，C点的电势为B.从无穷远处移到B点的过程中，所受电场力做的功为C.移到B点后，C处的正电荷受力大小为D.移到B点后，的电势能为7、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器且在中央固定一正点电荷，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合开关，小灯泡能正常发光。现将滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离，滑动前后理想电压表示数变化量的绝对值分别为理想电流表A示数变化量的绝对值为则（）

A.电荷的电势能减少B.灯泡逐渐变暗C.变大、不变D.电源的输出功率一定变小8、位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab、cd分别是正方形两条边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点。则下列说法正确的是。

A.P、O两点的电势关系为φP＝φOB.P、Q两点电场强度的大小关系为EQ＜EPC.若在O点放一正点电荷，则该正点电荷受到的电场力不为零D.若将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q点，电场力做负功9、如图所示，曲线表示某电场的等势面，图中a、b、c、d、e为电场中的5个点；则分析正确的是（）

A.一正电荷从b点运动到e点，电势能不变B.一电子从a点运动到d点，电场力做功为C.b点电场强度垂直于该点所在等势面，方向向左D.a、b、c、d四个点中，b点的电场强度大小最小10、如图所示，地面上固定一倾角为高为h的光滑绝缘斜面，现将一个带正电的物块（可视为质点）从斜面顶端由静止释放，已知物块质量为m，电荷量为q，斜面置于水平向左的匀强电场中，电场强度大小为重力加速度为则下列说法正确的是（）

A.物块从静止释放到落地的过程中电场力做功为B.物块从静止释放到落地的过程中电场力做功为C.物块落地的动能大小为2mghD.物块落地的动能大小为11、线段OB上存在静电场，OB上电场强度随空间变化规律如图所示。线段上有一点A，O、A、B三点的电场强度大小分别为0、将一带电荷量为的粒子从O点由静止释放，只在电场力作用下运动，粒子到达B点时速度变为零。已知A、B两点距O点的距离分别为设A点电势为零。下列说法正确的是（）

A.OA与AB间的电势差满足关系式B.粒子在运动过程中，最大动能为C.D.若将粒子从B点由静止释放，粒子将在BO间做往复运动评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左广大的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，则小球的带电量为__________；若剪断丝线带电小球将做_________运动．

13、形象描述电场分布的曲线叫做_____，我们用_____（用文字表述）表示电场的强弱。14、电子式单相电能表已经广泛使用，其重要参数imp/（kw·h）表示用电器消耗1kW·h电能指示灯闪烁的次数。亮亮家的电能表标明“6400imp/（kW·h）”，当某用电器单独接在该表上，用电器正常工作5min，指示灯闪烁了640次，则5min内该用电器消耗的电能为________kW·h，该用电器的额定功率为________W。15、如图，是探究影响电荷间相互作用力的因素的实验图，这个实验目的是研究电荷间的相互作用力的大小和______的关系，该实验采用的实验方法是______。16、如图所示是_________（选填“正”或“负”）点电荷的电场线，A、B是该电场中的两点，其中_________点电势低，________点电场强度大（选填“A”或“B”）。17、如图是用游标卡尺测量某金属圆筒外径的示意图，由图中可以读出该圆筒外径的测量值为___________mm。

18、『判一判』

（1）电流做功的过程就是电能向其他形式的能量转化的过程。（______）

（2）电功率越大，表示电流做功越多。（______）

（3）电功与能量的单位都是焦耳，电功就是电能。（______）

（4）电动机消耗的电能，一部分转化为机械能，一部分转化为线圈内阻上的电热。（______）

（5）电功W=UIt只能用来计算纯电阻电路中电流所做的功。（______）

（6）焦耳定律的表达式为Q=I2Rt，此式适用于任何电路。（______）19、如图，有一水平方向的匀强电场，场强为9×103N／C．在电场内的竖直平面内作半径为1m的圆，圆心处放置电量为1×10-6C的正点电荷，则圆周上C点处的场强大小为______N／C，方向________．(k=9.0×109N.m2/C2)

评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)20、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

21、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)22、游标卡尺和螺旋测微器是常用的测量工具；甲图是20等分的游标卡尺，乙图是螺旋测微器，下图是它们的测量结果，则它们的测量值分别是：甲图：___________mm；乙图：________mm。

23、下图是改装并校准电流表的电路图，已知微安表头的量程为Ig=600µA，内阻为Rg=198Ω，要求把表头改装成量程为I=60mA的电流表，则图中需要并联分流电阻Rp的阻值为______Ω，改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上原来100µA处,则被测电流的大小是____________mA．

24、太阳能电池是一种利用太阳光直接发电的光电半导体薄片；又称为“太阳能芯片“或“光电池”，只要光照达到一定的强度，瞬间就可输出电压。某物理兴趣小组想利用下面所给器材测量某光电池的电动势和内阻，已知相同光照强度下该光电池的电动势不变。

待测光电池（电动势约为内阻约为）；

电流表（量程为内阻）；

电流表（量程为内阻约为）；

定值电阻

定值电阻

滑动变阻器

开关S；导线若干。

（1）根据所给器材设计最合理的实验电路，其中定值电阻应选________（填“”或“”），并在答题纸上完成实物连接________。

（2）该同学用一定强度的光照射该电池，闭合开关S，调节滑动变阻器R的阻值，读出电流表的读数和电流表的读数得到该电池的曲线如图所示。由图可知，该电池的电动势为________V（保留三位有效数字），当的示数为时，电池内阻为________（保留两位有效数字）。

（3）当滑动变阻器接入电路的电阻为时，滑动变阻器上消耗的电功率为________W（保留两位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)25、如图所示为某同学自制的电子秤原理图：粗细均匀的电阻棒尺（每厘米长的电阻为1Ω）竖直放置、其总长度L=10cm，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，保护电阻R0=4Ω，托盘连接在竖直放置、下端固定的轻弹簧上端，其质量mo=0.1kg，水平金属轻杆一端连接弹簧上端、一端通过滑片与电阻棒接触．当托盘内不放物体静止时，弹簧的形变量x=1cm，轻杆的滑片刚好与电阻棒上端接触．若电路各处接触良好、导线及轻杆电阻不计、弹簧的形变始终未超过限度、轻杆只能上下平移，g取10m/s2．求:

（1）弹簧的劲度系数k；

（2）该电子秤能称出的最大物体质量m及对应的理想电压表V的示数U．26、在电场中把电荷量q=2.0×10-9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功为-1.5×10-7J，再把该电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0×10-7J．

(1)求A、B间以及B、C间的电势差UAB和UBC．

(2)若该电荷只在电场力作用下从A点运动到C点，求电荷动能的增加量∆EK．27、在如图所示的实验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，B极板接地。静电计中连接转动指针的外壳也接地，当静电计所加的电压增大时，转动指针与竖直固定的指针的夹角θ也增大。

若只把极板B稍向上移动一点，θ应________（增大、减小、不变），若只把极板B稍向内移动一点，θ应________（增大、减小、不变）若把铁块插入平行板内，θ应________。（增大、减小、不变）参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

当的滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，整个电路的电阻减小，由欧姆定律知电路电流增大，由

可知内电压增大，外电压减小即电压表示数减小；由于干路电流增大故流经R2电流增大，R2两端电压增大即电压表示数增大；因外电压减小，R2两端电压增大，故R1两端电压减小，流经R1电流减小即电流表示数减小；由于干路电流增大，流经R1电流减小，故流经R2电流增大即电流表示数增大。故ABD错误C正确。

故选C。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．甲图所示为可变电容器；动片旋出时与定片的距离不变，通过减小极板间的正对面积，从而改变电容，A错误；

B．乙图构成一个简易的电容器；能够储存电荷，B正确；

C．丙图中；电容器充电过程中，电流表的读数不为零，电路稳定时电流表的示数为零，C错误；

D．丁图所示是电解电容器；额定电压为80V，小于击穿电压，D错误。

故选B。3、D【分析】【详解】

AB．水平匀速，根据

大小相同的初速度从左上端水平射入平行板电容器，所以

故AB错误；

CD．竖直方向

所以

故C错误D正确。

故选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

AB．据题，电子由静止释放，且由a向b运动，则电子所受的电场力一定是由a指向b．因为电子带负电荷，所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b指向a．由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况；因此无法确定场强大小关系，故A错误，B错误；

CD．由题意知，电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb；故C正确；故D错误；

故选C。5、D【分析】【详解】

A．根据电势能与电势的关系有粒子带正电，即可知粒子的电势能越大，粒子所在处的电势越高，所以有故A错误；

B．根据及电场强度与电势差的关系得，由数学知识可知图像切线的斜率在0~段，图像是直线，说明带电粒子受到的电场力不变，粒子在0~段做匀加速直线运动；B错误；

C．从到图像是曲线，图像切线斜率变小，电场力变小；带电粒子的加速度变小，由图像可知，其电势能减小，根据能量守恒定律知，其动能将增加，C错误；

D．如果粒子带负电，则其所在位置的电势越高，其电势能越小，一个带负电的粒子从处运动到处；粒子的电势能减小，根据能量守恒定律知其动能将增加，D正确。

故选D。二、多选题(共6题，共12分)6、A:C:D【分析】【详解】

A．电荷量为的点电荷从无穷远处（电势为0）移到C点，电场力做功为W，由

得

故A正确；

B．固定于C点，B点在中垂线上，即等量异种电荷连线中垂线上，电势与无穷远处电势相同，所以从无穷远处移到B点的过程中；电场力不做功，故B错误；

C．由电场强度的合成可知，移到B点后，C处的合场强为

则C处的正电荷受力大小为故C正确；

D．移入前，C点的电势

移入后，B点与C点距离和A点与C点距离相等，则此时C点的电势

所以此时电势能为故D正确。

故选ACD。7、A:B【分析】【详解】

A.将滑动变阻器滑片向左滑动时接入电路的电阻增大，电路中电流减小，R上的电压减小；则电荷所在处电势减小，电荷的电势能减小，故A正确；

B.电路中电流减小；通过灯泡的电流减小，所以灯泡变暗，故B正确；

C.根据U2=E−Ir，得保持不变。故保持不变，故C错误；

D.因电源内外阻大小关系未知；根据电源输出功率和外阻的关系，电源的输出功率不一定变小，故D错误。

故选：AB8、A:B【分析】【详解】

A．电场线分布如图所示，cd所在的直线为等势线，则

故A正确；

B．电场线的疏密表电场的强弱，由图可知

故B正确；

C．四个电荷在O点产生的电场刚好抵消，O点电场强度为零，正点电荷放在O点受到的电场力为零；故C错误；

D．电场线分布如图所示，ab和cd所在的直线为等势线，则

将某一负电荷由P到Q电场力做功为零；故D错误。

故选AB。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．同一个等势面上电场力不做功；所以电势能不发生变化，故A正确；

B．一电子从a点运动到d点，电场力做功为

故B错误；

C．电场线与等势面处处垂直，沿着电场线反向电势降低，所以b点电场强度垂直于该点所在等势面；方向向左，故C正确；

D．电场强度的大小看电场线疏密，根据电场线与等势面处处垂直，所以b点的电场强度大小最大；故D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

对物块受力分析，物块受到竖直向下的重力水平向左的电场力则电场力在垂直于斜面的分力为

重力在垂直于斜面的分力为

因为

所以物块不沿着斜面下滑，物块向左做曲线运动；则对物块受力分析，在竖直方向有

由运动学公式

联立解得，物块到达地面的时间为

水平方向有

水平位移

联立解得

物块从静止释放到落地的过程中电场力做功为

物块从静止释放到落地的过程中，由动能定理可得

代入解得，物块落地的动能大小为

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

A．粒子从O点运动至B点过程中，根据动能定理有

解得

又

所以

故A错误；

C．在图象中，图线与横轴所围面积大小表示两点间电势差大小，结合图像有

解得

故C错误；

B．粒子在间先做加速运动，过B点后电场反向，粒子开始做减速运动，所以粒子在A点动能最大，粒子从O运动至A，利用动能定理，有

故B正确；

D．若将粒子从B点由静止释放，粒子先在BA间加速，再在AO间减速，因为粒子到O点速度减为零，而后反向加速，在BO间做往复运动；故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由于带电小球向左偏；所受电场力方向向左，电场线方向也向左，则小球带正电．分析小球的受力情况，作出受力图如下图所示。

根据平衡条件得

得

[2]如果将细线烧断，小球受到重力和电场力，合力恒定，球沿合力方向即绳子方向向下做匀加速直线运动。【解析】沿绳方向向下做初速度为零的匀加速直线13、略

【分析】【分析】

考查电场线。

【详解】

[1][2]．有电荷存在的地方，周围就有电场存在，电场对放入其中的电荷有力的作用，为了形象的描述电场的分布，我们人为引入电场线，使这些线上每一点的切线方向跟该点电场强度方向一致，使线的疏密程度来表示电场强度的相对大小。【解析】电场线电场线的疏密14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由于没闪烁6400次消耗1kW·h；因此闪烁640次消耗0.1kW·h；

[2]由于

因此该用电器的额定功率【解析】①.0.1②.15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题图可看出；本实验改变了电荷间的距离，没有改变电荷量的大小，所以这个实验的目的是研究电荷间的相互作用力的大小和两点电荷之间距离的关系。

[2]探究影响电荷间相互作用力的因素有电荷电量的大小和电荷之间的距离，研究一个变量与多个变量之间的关系时，采用的实验方法是控制变量法。【解析】两点电荷间距控制变量法16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据人为引入的电场线都是正电荷出发；负电荷终止的特点，可知图示是正点电荷的电场线；

[2]沿着电场线电势逐渐降低，则B点电势较低；

[3]电场线的疏密反映电场强度的大小，因A处电场线较密，则A点电场强度大。【解析】正BA17、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数【解析】23.6018、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]电流做功的过程就是电能向其他形式的能量转化的过程。故正确。

(2)[2]电功率越大；表示电流做功越快，不一定越多。故错误。

(3)[3]电功与能量的单位都是焦耳。电功是电流做的功；是过程量；电能是电源具有的对外做功的能力，是状态量；二者的物理意义不同。故错误。

(4)[4]电动机消耗的电能；一部分转化为机械能，一部分转化为线圈内阻上的电热。故正确。

(5)[5]电功公式W=UIt是对一切电路都适用；故错误。

(6)[6]焦耳定律的表达式为Q=I2Rt，此式适用于任何电路。故正确。【解析】正确错误错误正确错误正确19、略

【分析】【分析】

根据公式求出点电荷在C点处产生的场强大小；判断出场强方向，C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解C点处的场强大小和方向；

【详解】

点电荷在C点处产生的场强大小为，方向从O→C，C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则得，C点的场强大小为，方向与水平成斜向右上方．【解析】N/C右上方与水平方向成45度角四、作图题(共2题，共18分)20、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共3题，共27分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]游标卡尺读数为。

2.3cm+0.05mm×17=23.85mm[2]螺旋测微器读数为。

8.5mm+0.01mm×6.0=8.560mm【解析】23.85mm8.560mm23、略

【分析】【详解】

分流电阻阻值为：原来电流表量程为改装后电流表量程为60mA，电流表量程扩大了100倍，分度值扩大100倍，指针指在表盘上原来处，则被测电流的大小为：

【点睛】

根据并联电路特点与欧姆定律可以求出分流电阻阻值；根据电流表的量程确定其分度值，然后读出其示数．【解析】2；10；24、略

【分析】【详解】

（1）[1]待测光电池的电动势约为则将电流表改装成3V的电压表，则

故选

[2]电路的实物连接图如图所示。

（2）[3]根据闭合电路欧姆定律有

得

有

解得

电动势计算结果在2.88V~2.92V范围内均可；

[4]当的示数为时，由图知电流表的读数80mA，根据闭合电路欧姆定律

带入数据得电池内阻为

电池内阻阻值在7.3Ω~8.0Ω范围内均可；

（3）[5]当滑动变阻器接入电路的电阻为时，将的定值电阻的U-I图像画到电源的U-I图像中，由于电压表是用电流表改装成3V的电压表；则有。