2025年人教版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理下册月考试卷27考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示是一火情报警系统的一部分电路示意图．其中Rt为半导体热敏材料（电阻值随温度升高而降低）制成的传感器，R1、R2为定值电阻，电源的电动势为E、内阻为r，电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器（图中未画出）．当传感器Rt所在处出现火情时，显示器的电流I，报警器两端的电压Uab的变化情况是（）A.I变大，Uab变大B.I变大，Uab变小C.I变小，Uab变大D.I变小，Uab变小2、如图是平抛竖落仪，用小锤打击弹性金属片，金属片把a球沿水平方向抛出，同时b球松开自由落下，两球质量相等，不计一切阻力，则（）A.b球比a球先落地B.下落相同高度时，a求速率比b球速率大C.a球在水平和竖直方向的运动相互没有影响D.两球之所以同时落地是因为在竖直方向上都是自由落体运动3、如图所示，为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环E、F连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的总电阻．以线圈平面与磁感线平行时为计时起点；下列判断中正确的是（）

A.若发电机线圈在某时刻处于图示位置时，变压器原线圈中的电流瞬时值为零B.发电机线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωsinωtC.当用户数目增多时，线路的总电阻减小，为了使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动D.当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高4、如图所示，稳定的匀强磁场中有一金属圆环垂直于磁场放置，电键S可控制圆环的闭合与断开，下列各情况中能使圆环产生感应电流的是（）A.S闭合瞬间B.S闭合后，磁场变强C.S闭合，再断开的瞬间D.S闭合后，环在磁场内平移5、足够长的粗糙斜面上，用力推着一物体沿斜面向上运动，t=0时撤去推力，0～6s内速度随时间的变化情况如图所示，由图象可知（）A.0～1s内与1～6s内重力的平均功率之比为5：1B.0～1s内与1～6s内的加速度大小之比为1：2C.0～1s内与1～6s内的位移大小之比为1：4D.0～1s内与1～6s内机械能的变化量之比为1：56、现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关，如图连接．在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针向右偏转．由此可以推断（）A.仅让线圈A向上移动，电流计指针向右偏转B.仅断开开关，电流计指针向左偏转C.仅让滑动变阻器的滑动端P匀速向左，电流计指针静止在中央D.因为线圈线圈B的绕线方向未知，故无法判断上述选项中电流计指针偏转的方向7、银河系的恒星中大约四分之一是双星，某双星由质量不等的星体S1

和S2

构成，两星在相互间的万有引力作用下绕两者连线上某一点C

做匀速圆周运动.

由天文观察测得其运行周期为TS1

到C

点的距离为r1S2

的质量为m

已知引力常量为G

由此可求出两星间的距离r

及两星的总质量M

分别为(

)

A.r=T2娄脨Gmr1M=mT2娄脨Gmr1

B.r=T2娄脨Gmr1M=mT2娄脨r1Gmr1

C.r=2娄脨TGmr1M=mT2娄脨Gmr1

D.r=2娄脨TGmr1M=mT2娄脨r1Gmr1

8、图中理想变压器的原、副线圈匝数之比为2：1，电阻R1=R2=10Ω，电表均为理想交流电表．若R1两端电压u1=10sin100πt（V），则下列说法正确的有（）A.电压表示数为14.14VB.电流表的示数为0.5AC.R1消耗的功率为20WD.原线圈输入交流电频率为100Hz9、如图所示，在同一平台上的O点水平抛出的三个物体，分别落到a、b、c三点，则三个物体运动的初速度va、vb、vc的关系和三个物体运动的时间ta、tb、tc的关系分别是（）A.va＞vb＞vc，ta＞tb＞tcB.va＜vb＜vc，ta=tb=tcC.va＞vb＞vc，ta＜tb＜tcD.va＜vb＜vc，ta＞tb＞tc评卷人得分二、双选题(共6题，共12分)10、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键12、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种13、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡15、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、把自由落体的高度分成三段，若通过这三段的时间相等，则这三段长度的比是____，若这三段的长度相等，则通过这三段的时间之比是____．17、（2010春•桥西区校级月考）如图，匀强磁场的磁感应强度为B，一束电量为e、质量为m的电子以某一速度沿垂直于磁场线并平行于d的方向射入磁场．已知电子飞出磁场时的速度方向和原来入射方向之间的夹角是30°，则电子的初速度为____，通过磁场的时间为____．18、若加在导体两端的电压变为原来的时，导体中的电流减小0.2A，如果所加电压变为原来的2倍，则导体中的电流将变为____．19、【题文】如图,所示通电直导线在垂直纸面向外磁场中，请画出通电直导线所受安培力的方向。20、质量为2×103kg的汽车，发动机的额定功率为3.0×104W．现该车保持额定功率不变在水平公路上由静止开始启动，假定汽车在运动过程中所受的阻力大小恒为2000N，则该车能达到的最大速度为____m/s；该车达到最大之前，做____运动．（填“匀加速”、“变加速”）21、一个质量为2kg的物体放在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.3，g取10m/s2，当给物体施加一个大小为6N的水平推力时，物体的加速度大小为____；当给物体施加一个大小为12N的水平推力时，物体的加速度大小为____．22、（2013春•红塔区校级期末）在研究平抛物体的运动实验中。

（1）下列哪个因素不会使实验误差增大：____

A．小球与斜槽间有摩擦B．安装斜糟时其末端切线不水平。

C．建立坐标时y轴不够竖直D．每次小球不是从斜槽上的同一点释放。

（2）某同学做该实验时得到如图所示图象，点和数据已标出，则平抛小球的初速度为____m/s．评卷人得分四、判断题(共2题，共6分)23、穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，回路中感应电流就一定为零．____（判断对错）24、运动的电荷在磁场中一定受洛伦磁力的作用．____（判断对错）评卷人得分五、识图作答题(共3题，共21分)25、大麦种子萌发时，胚产生的赤霉素（GA）转运到糊粉层后，诱导相关酶的合成进而调节相关的代谢过程，促进种子萌发．如图所示，请回答：（1）种子萌发时，胚乳中葡萄糖的含量先增加后减少．葡萄糖先增加的原因是________；后减少的原因是葡萄糖转运至胚后，一方面用于细胞呼吸的消耗，另一方面是用于________，从而构建新的细胞．

（2）β﹣淀粉酶由钝化到活化过程中，其组成的氨基酸数目将________，理由是________________________．

（3）为研究淀粉酶的来源，研究者为萌发的种子提供14C标记的氨基酸，结果发现α﹣淀粉酶有放射性，而β﹣淀粉酶都没有放射性．这表明______________________．26、为了研究某干旱地区棉花的光合特性，分别测定棉花单叶光合速率和群体光合速率的日变化，结果见图：

回答下列问题：（1）光合作用速率受多种环境因素的影响，当光照强度减弱时，光合色素吸收的光能减少，导致光反应阶段_________过程减慢，从而释放02减少。（2）图中单叶光合速率在午后出现下降(“光合午休”），是由于________，直接导致了_______(填“光反应”或“暗反应”)减弱造成的。（3）曲线Ⅱ与曲线Ⅰ相比，群体光合作用速率没有出现“光合午休”现象，请从群体的角度推测其原因可能是___________________。27、下图表示胰液分泌调节的部分过程。请回答：（1）图中A物质称为____。由图可知机体是通过____调节胰液的分泌。（2）研究者进一步研究刺激传出神经、注射不同剂量A对胰液分泌的影响，结果如下表:①刺激传出神经时，刺激部位膜内侧发生电位变化____，产生兴奋，传导至突触小体，释放神经递质作用于____，从而促进胰腺分泌胰液。②由表可得结论:____。评卷人得分六、实验题(共4题，共12分)28、（2010春•寿县校级期中）在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了测定小球在不同时刻的速度，实验时用如图所示的装置，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于紧靠槽口处．使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离糟口平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C．若测得木板每次移动距离x=10.00cm，A、B间距离y1=4.78cm，B、C间距离y2=14.82cm．（g取9.8m/s2）

①根据以上直接测量的物理量得小球平抛初速度为v0=____（用题中所给字母表示）．

②小球撞在木板上B点时速度大小为____m/s．（结果保留2位有效数字）29、某同学使用多用电表测量二极管的反向电阻．完成下列测量步骤：

（1）检查多用电表的机械零点．

（2）将红；黑表笔分别插入正、负表笔插孔；将选择开关拔至电阻测量挡适当的量程处．

（3）将红、黑表笔____；进行欧姆调零．

（4）测反向电阻时，将____表笔接二极管正极，将____表笔接二极管负极；读出电表示数．

（5）为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘____（填“左侧”；“右侧”或“中央”）；否则；在可能的条件下，应重新选择量程，并重复步骤（3）、（4）．

（6）测量完成后，将选择开关拔向____位置．30、【题文】（6分）一个电压表V0，量程3V，内阻约为1kΩ．为进一步测量V0的内阻，有甲、乙两个电路可选择．备选器材有：。A．电流表A1，量程3mA；B．电流表A2，量程0.6A；C．电压表V，量程3V，内阻Rv＝1.2kΩ；D．滑动变阻器R，0～3000Ω；E．电源E；6V电池组，内阻不计．

（1）若选用甲电路，电流表应选用____（填写前面的字母代号），若V0和选用电流表示数分别为U0和I，则测得电压表的内阻R0＝____．

（2）若选用乙电路，若V0和V示数分别为U0和U，则测得电压表的内阻R0＝____．（用U0、U、RV等字母表示）．31、（2015•淮南模拟）在“验证力的平行四边形定则”试验中；需要将橡皮条的一端固定在水平木板上A点先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到O点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．

（1）某同学认为在此过程中必须注意以下几项：

A．两弹簧秤的拉力必须等长。

B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上。

C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行。

D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等。

E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到O点位置。

其中正确的是____．（填入相应的字母）．

（2）实验情况如图甲所示；图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图．

①图乙种的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是____．

②本实验采用的科学方法是____．

A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】Rt为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器Rt所在处出现火情时，分析Rt的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解析】【解答】解：当传感器Rt所在处出现火情时，Rt的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，则Uab变小．电路中并联部分的电压U并=E-I（R1+r），I变大，其他量不变，则U并变小；I也变小．所以I变小，U变小．故D正确，ABC错误；

故选：D2、B【分析】【分析】a球做平抛运动，b球做自由落体运动，不论a球的初速度如何，两球都同时落地，从而说明平抛运动在竖直方向是自由落体运动，进而可以一一作答．【解析】【解答】解：A；两球同时落地．故A错误．

B、a球在竖直方向做自由落体运动，平抛时，则有水平速度，因此下落相同高度时，a球速率比b球速率大；故B正确；

C；根据分运动相互影响；则a球在水平和竖直方向的运动相互没有影响，故C正确；

D、a球做平抛运动，b球做自由落体运动；不论a球的初速度如何，两球都同时落地，从而说明平抛运动在竖直方向是自由落体运动，则它们的加速度相同，故D正确；

故选：BCD．3、C【分析】【分析】当线圈与磁场平行时，感应电流最大，当两者垂直时，感应电流最小；确定瞬时表达式时，注意线圈开始计时的位置，从而得出正弦还是余弦；根据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会改变原线圈的电压，从而即可求解．【解析】【解答】解：A；当线圈与磁场平行时；感应电流最大，故A错误；

B；从垂直中性面计时；则感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt，故B错误；

C；当用户数目增多时；线路的总电阻减小，电流增大，则导线上消耗的电压增大；则为了使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动；故C正确；

D；当触头P向下移动；只会改变副线圈的电流，从而改变原线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故D错误．

故选：C．4、B【分析】【分析】产生感应电流的条件：闭合电路中的磁通量发生变化．或一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件：闭合电路中的磁通量发生变化．

A；S闭合瞬间；线圈中的磁通量没有发生变化，不能产生感应电流．故A错误；

B；S闭合后；磁场变强，线圈中的磁通量增大，能产生感应电流．故B正确；

C；S闭合；再断开的瞬间，线圈不闭合，而且线圈中的磁通量没有发生变化，不能产生感应电流．故C错误；

D；S闭合后；环在磁场内平移，线圈中的磁通量没有发生变化，不能产生感应电流．故D错误．

故选：B5、D【分析】【分析】平均功率根据=Fv即可计算，加速度等于图象的斜率．位移大小等于图象与时间轴所围“面积”大小．机械能的变化量等于除重力以外的力做的功．【解析】【解答】解：A、根据图象可知：0-1s内的平均速度大小为：v1=m/s=5m/s；

1-6s内平均速度大小为：v2==5m/s，所以0-1s内重力的平均功率为P1=mgv1=5mg，1-6s内重力平均功率P2=mgv2=5mg；则重力的平均功率之比为1：1，故A错误。

B、速度时间图象的斜率等于加速度，则0～1s内与1～6s内的加速度大小之比为：a1：a2=：=2：1；故B错误．

C、图象与时间轴所围“面积”大小表示位移大小，则0～1s内与1～6s内的位移大小之比为：s1：s2=m：m=1：5；故C错误．

D、机械能的变化量等于滑动摩擦力做的功，0一1s内机械能变化量大小为Wf1=Pft1=Pf，1～6s内机械能变化量大小为Wf2=Pft2=5Pf；所以0一1s内机械能变化量大小与1～6s内机械能变化量大小之比为1：5，故D正确；

故选：D6、A【分析】【分析】由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，然后分析各选项可得出正确答案．【解析】【解答】解：由题意可知当P向左加速滑动时；线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减弱，此时线圈B中产生的电流使指针向右偏转，由此可知，当B中的磁通量减小时，电流计指向右偏；

A；仅让线圈A向上移动；穿过线圈B的磁通量减少，电流计指针向右偏转，故A正确；

B；仅断开开关；穿过线圈B的磁通量减少，电流计指针向右偏转，故B错误；

C；仅让滑动变阻器的滑动端P匀速向左；穿过线圈B的磁通量减少，电流计指针向右偏，故C错误；

D；虽然线圈A、线圈B的绕线方向未知；只要知道穿过线圈B的磁通量如何变化即可判断出电流计指针偏转方向，故D错误；

故选：A．7、B【分析】解：根据万有引力提供向心力有：Gm1mr2=m1r14娄脨2T2

整理得：r=T2娄脨Gmr1

又：Gm1mr2=mr24娄脨2T2

解得：m1=mr1(r鈭�r1)

．

则：M=m+m1=mrr1=mT2娄脨r1Gmr1.

所以选项B正确．

故选：B

这是一个双星的问题；S1

和S2

绕C

做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供各自的向心力，S1

和S2

有相同的周期，结合牛顿第二定律和万有引力定律解决问题．

该题属于双星问题，双星的特点是两个星体周期相等，星体间的万有引力提供各自所需的向心力．【解析】B

8、B【分析】【分析】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据部分电路的欧姆定律、以及电流与匝数成反比即可求得结论．【解析】【解答】解：A、R1两端电压u1=10sin100πt（V），其最大值是10V，有效值是10V；由于电阻R1=R2=10Ω则两个电阻上分担的电压是相等的；所以电压表的读数是10V．，故A错误；

B、副线圈中的电流与流过R1、R2的电流是相等的，即：A，由原副线圈的电流与匝数的关系得：A；故B正确；

C、流过R1、R2的电流是相等的，R1消耗的功率为W；故C错误；

D、变压器不会改变电流的频率，则副线圈输出电流的f==50Hz；故D错误．

故选：B．9、D【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移比较初速度的大小．【解析】【解答】解：因为ha＞hb＞hc，根据t=知，则ta＞tb＞tc．

因为xa＜xb＜xc，根据v=知，va＜vb＜vc．故D正确；A；B、C错误．

故选：D．二、双选题(共6题，共12分)10、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共7题，共14分)16、1：3：51：【分析】【分析】设每段时间为t，则总时间为3t，表示出这三段时间的位移，即可求得位移比．也可以根据初速度为0的匀变速直线运动的特殊推论，初速度为0的匀加速直线运动在相等时间内的位移比为1：3：5，连续通过相等位移内所用的时间比为1：来求解【解析】【解答】解：设每段时间为t；则总时间为3t；

则：

=

=

故：h1：h2：h3=1：3：5

初速度为0的匀加速直线运动，连续通过相等位移内所用的时间比为1：

把下落的距离分成相等的三段；按从上到下的顺序，经过这三段距离所用的时间之比为。

1：

故答案为：1：3：5，1：17、【分析】【分析】（1）电子垂直射入匀强磁场中；只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出轨迹的半径，由牛顿第二定律求出电子的初速度．

（2）由几何知识求出轨迹所对的圆心角α，结合周期公式求出穿越磁场的时间．．【解析】【解答】解：粒子的运动轨迹图如图所示，根据几何关系有：r==2d

根据洛伦兹力提供向心力得，Bev=m

解得电子的初速度v=

电子的周期T=

所以电子穿越磁场的时间t=T=．

答：电子的初速，通过磁场的时间为；18、1.2A【分析】【分析】根据欧姆定律对电压变化前、后列方程，求出原来导体中的电流．电压变为原来的2倍时，电阻不变，电流变为原来的2倍，再求出导体中电压变化后的电流．【解析】【解答】解：设是导体两端原来的电压为U；电流为I，则

导体电阻R=

又由题，导体两端的电压变为原来的时，导体中的电流减小0.2A，则有R=

联立得

解得：I=0.6A

当电压变为2U时；I'=2I=1.2A

故答案为：1.2A19、略

【分析】【解析】左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．根据左手定则的内容判断安培力的方向．【解析】【答案】略20、15变加速【分析】【分析】根据P=Fv知，汽车速度最大时牵引力与阻力相等，根据额定功率和阻力大小可以计算汽车所能达到的最大速度，根据汽车的受力情况分析汽车的运动情况．【解析】【解答】解：汽车速度最大时，汽车的牵引力大小与阻力大小相等，故汽车所能达到的最大速度为：；

汽车以额定功率启动；功率不变，根据P=Fv可知，速度增大，则牵引力减小，根据牛顿第二定律可知，加速度减小，则汽车做加速度减小的加速运动，是变加速运动．

故答案为为：15，变加速21、03m/s2【分析】【分析】分析物体受力情况，根据牛顿第二定律求加速度．【解析】【解答】解：对物体受力分析；受重力；支持力、推力和摩擦力，受力如图。

根据牛顿第二定律；有：

F-f=ma①

f=μmg②

当物体施加一个大小为6N的水平推力时，联立①②解得：a=0m/s2

当给物体施加一个大小为12N的水平推力时，物体的加速度大小为：a′=3m/s2

故答案为：0，3m/s2．22、A2【分析】【分析】（1）小球做平抛运动；必须保证斜槽末端切线水平；实验过程中要保证小球每次做平抛运动的初速度相同，每次应从斜槽的同一位置由静止释放小球；

（2）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上△y=gT2，求出时间间隔，再根据水平方向上的匀速直线运动求出初速度．【解析】【解答】解：（1）A；只要小球从斜槽上同一高度由静止释放；小球到达斜槽末端时的速度相等，小球与斜面间有摩擦不影响实验的测量，故A正确．

B；安装斜糟时其末端切线不水平；小球不能做平抛运动，影响实验的测量，故B错误．

C；建立坐标时；x轴、y轴正交，但y轴不够竖直，将会影响长度的测量，故C错误．

D；为保证小球做平抛运动的速度相等；每次小球应从斜槽上的同一点释放，故D错误；故选A．

（2）根据△y=gt2得，t===0.1s；

则平抛运动的初速度v0===2m/s．

故答案为：（1）A；（2）2．四、判断题(共2题，共6分)23、×【分析】【分析】结合产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化即可正确判定．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件是闭合回路的磁通量发生变化；题目中穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，没有说明磁通量是否变化，所以不能判断出没有感应电流产生．所以以上说法是错误的．

故答案为：×24、×【分析】【分析】电场的性质是对电荷有力的作用，而电荷受到电场力的方向与电场强度可以相同，也可以相反．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，洛伦兹力的方向与磁场方向的关系．【解析】【解答】解：当运动的电荷的速度方向与磁场方向平行时；不受洛伦兹力；

故答案为：×．五、识图作答题(共3题，共21分)25、（1）淀粉水解合成有机物（2）减少β—淀粉酶的活性是在蛋白酶的作用下完成的，水解掉了部分氨基酸（3）α—淀粉酶是种子萌发过程中新合成的，而β—淀粉酶是种子中已存在的【分析】

【分析】本题考查种子萌发过程中细胞代谢的过程的理解，意在考查考生结合所学知识解释生物现象的能力。【解答】由图可知，胚产生的赤霉素转运到糊粉层，糊粉层的蛋白酶和α—淀粉酶继而转运到胚乳中。蛋白酶使β—淀粉酶活化，活化后的β—淀粉酶与α—淀粉酶一起催化淀粉水解成葡萄糖，使胚乳中的葡萄糖含量增加。胚乳中产生的葡萄糖又可转运到胚中。（1）由上述可知，葡萄糖先增加的原因是淀粉水解。后减少的原因是葡萄糖转运到胚后，一方面通过细胞呼吸产能，用于自身的代谢；另一方面用于合成有机物，为构建新的细胞做准备。（2）由图可知，钝化的β—淀粉酶在蛋白酶的作用下变为活化的β—淀粉酶，此过程中，蛋白酶水解部分的氨基酸，所以β—淀粉酶在活化的过程中，其组成的氨基酸数目会减少。（3）α—淀粉酶和β—淀粉酶都属于蛋白质，其都是通过氨基酸在核糖体上脱水缩合而形成的。该实验表明β—淀粉酶是种子中已存在的，而α—淀粉酶是新合成的，因此其带有放射性。【解析】（1）淀粉水解合成有机物（2）减少β—淀粉酶的活性是在蛋白酶的作用下完成的，水解掉了部分氨基酸（3）α—淀粉酶是种子萌发过程中新合成的，而β—淀粉酶是种子中已存在的26、（1）水的光解（2）气孔关闭，叶片吸收CO2不足暗反应（3）群体中叶片相互遮挡，导致部分叶片的气孔未关闭，从而使群体光合作用速率未下降【分析】【分析】本题以曲线图为载体，考查光合作用过程、影响光合作用速率的因素知识点，意在考查考生识记并能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。【解答】（1）光合作用速率受多种环境因素的影响，当光照强度减弱时，光合色素吸收的光能减少，导致光反应阶段水的光解过程减慢，从而释放O2减少。（2）图中单叶光合速率在午后出现下降(“光合午休”），是由于温度过高，植物为了降低蒸腾作用，气孔关闭，叶片吸收CO2不足，直接导致了暗反应减弱。（3）由于群体中叶片相互遮挡，导致部分叶片的气孔未关闭，从而使群体光合作用速率未下降，没有出现“光合午休”现象。【解析】（1）水的光解（2）气孔关闭，叶片吸收CO2不足暗反应（3）群体中叶片相互遮挡，导致部分叶片的气孔未关闭，从而使群体光合作用速率未下降27、（1）促胰液素神经-体液调节（或神经-激素调节）（2）①由负变正胰腺细胞（靶细胞、突触后膜）②单独刺激传出神经或注射A与二者同时作用相比，二者同时作用对胰腺分泌胰液的促进作用更显著【分析】【分析】本题考查胰液分泌调节相关知识，意在考查考生识图分析问题的能力。掌握神经调节和激素调节相关知识点，准确识图分析是解答此题的关键