2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷725考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻和的阻值分别为和为理想交流电流表，为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定.当开关断开时，电流表的示数为当闭合时，电流表的示数为该变压器原；副线圈匝数比为（）

A.2B.3C.4D.52、下列关于磁场、磁感应强度、磁通量说法正确的是（）A.小磁针N极在某点所受的磁力方向跟该点的磁感线方向一致B.磁感线在空中能相交，并且是客观存在的一系列曲线C.磁感线较密处，磁感应强度较小；磁感线较疏处，磁感应强度较大D.磁通量的单位是特斯拉3、图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用；根据此图不能作出判断的是。

A.带电粒子所带电荷的符号B.带电粒子在a、b两点的受力方向C.带电粒子在a、b两点的速度何处较大D.带电粒子在a、b两点的加速度方向4、截面为等腰三角形的三棱镜，它的两个底角都为30°，棱镜的折射率为．两条平行光线垂直于棱镜底面入射；如图所示，两条光线由棱镜射出时所成的角度为（）

A.30°B.60°C.90°D.120°5、如图所示，由三个铝制薄板互成120°角均匀分开的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个匀强磁场区域，其磁感应强度分别用表示．现有带电粒子自a点垂直Oa板沿逆时针方向射入磁场中，带电粒子完成一周运动，在三个磁场区域中的运动时间之比为1∶2∶3，轨迹恰好是一个以O为圆心的圆，则其在b、c处穿越铝板所损失的动能之比为。

A.1∶1B.5∶3C.3∶2D.27∶5评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、如图所示，足够长的“U”形光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0<θ<90°)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的部分的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电荷量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中()

A.a点的电势高于b点的电势B.ab棒中产生的焦耳热小于ab棒重力势能的减少量C.下滑的位移大小为D.受到的最大安培力大小为sinθ7、一定质量的理想气体，其状态变化的图象如图所示，其中过程气体既不吸热、也不放热，过程气体体积不变。对此下列说法正确的是（）

A.过程中，外界对气体做功B.过程中，气体分子的平均动能不变C.过程中，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增多E.过程中，单位体积内的气体分子数减少E.过程中，单位体积内的气体分子数减少8、两根光滑金属导轨MNPQ、水平平行固定，MN、之间宽度是PQ、之间宽度的两倍，且均处于竖直向上的匀强磁场中，在MN、导轨上放置质量为2m的金属杆a、在PQ、导轨上放置质量为m的金属杆b，两金属杆平行且始终与导轨垂直接触良好．某时刻金属杆以以初速度v0．水平向右滑行，同时金属杆b由静止释放，当金属杆a滑到位置时，金属杆b的速度大小为已知足够长，两金属杆最终都在上运动；两金属杆由粗细相同的同种金属材料制成，导轨电阻不计，下列说法正确的是。

A.以金属杆a、b为系统，整个运动过程中动量守恒B.金属杆a滑到位置时，速度大小为C.最终金属杆a、b一起运动的速度大小为D.整个运动过程中，回路产生的焦耳热为9、如图所示，某发电站的电能输送示意图，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4；两变压器均为理想变压器．若发电机的输出电压与负载的额定电压刚好相等，要使负载正常工作，下列判断正确的是。

A.B.C.升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率D.升压变压器的输出电流等于降压变压器的输入电流10、某横波在介质中沿轴传播，图甲是时的波形图，图乙是介质中处质点的振动图象，则下说法正确的是____

A.波沿轴正向传播，波速为1m/sB.＝2s时，＝2m处质点的振动方向为y轴负向C.＝lm处质点和＝2m处质点振动步调总相同E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小11、下列几幅图的有关说法中正确的是（）图中镉棒能使核反应产生的快中子减速A.

图中紫外光灯照射带负电的锌板，验电器指针张角变大B.

图中少数α粒子发生了较大偏转，因为原子的质量绝大部分和全部的正电荷集中在很小空间范围内C.

图中一个具有10.3eV动能的电子与处于基态的氢原子发生碰撞，能使氢原子跃迁到高能级D.评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、带有活塞的汽缸中封有一定质量的理想气体，缸内气体从状态A变化到状态B，如图所示。设气体在状态A时的压强为pA，体积为VA，温度为TA，到状态B时的温度为TB。此过程中，汽缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力____（选填“变大”“不变”或“减小”），____（选填“气体对外做功”或“外界对气体做功”）的绝对值为____，缸内气体____（选填“吸收”或“放出”）热量。

13、如图所示，电源电动势E=9.0V，内阻r=1.0Ω，定值电阻R0=0.5Ω，R为滑动变阻器，其电阻可调范围为0～10Ω，当R=________Ω时，R上获得电功率最大，最大功率是________W．

14、如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动；线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计．

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极。

b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A

c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；15、波速相等的两列简谐波在x轴上相遇，一列波（虚线）沿x轴正向传播，另一列波（实线）沿x轴负向传播．某一时刻两列波的波形如图所示，两列波引起的振动在x=8m处相互__________（填“加强”或“减弱”），在x=10m处相互__________（填“加强”或“减弱”）；在x=14m处质点的振幅为________cm．

16、如图所示，把一根条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置，第一次快插，第二次慢插，两种情况下线圈中产生的感应电动势的大小关系是E1_____E2．

17、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共8分)21、在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：

A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ）

B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ）

C．电流表A1（量程3A；内阻约为0.2Ω）

D．电流表A2（量程600mA；内阻约为1Ω）

E．变阻器R1（0～100Ω，0.3A）

F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）

G．电池E（电动势为3V；内阻约为0.3Ω）

H．开关S；导线若干。

为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有______．

为了减小实验误差，应选用图甲中______（选填“a”或“b”）为该实验的电路图．

评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)22、在如图所示的空间里，存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度在数值上满足．在竖直方向存在交替变化的匀强电场（竖直向上为正），电场大小为．一倾角为长度足够的光滑绝缘斜面放置在此空间．斜面上有一质量为m；带电量为-q的小球，从t＝0时刻由静止开始沿斜面下滑，设第5秒内小球不会离开斜面，重力加速度为g．求：

(1)第6秒内小球离开斜面的最大距离.

(2)第19秒内小球未离开斜面，角应满足什么条件？23、轻薄柔软的家用密封收纳袋主要用于装棉被和一些家用物品，抽出空气后具有防潮、防异味等特点（如图所示），某同学用家里的密封收纳袋进行探究和测算，密封收纳袋内装有一定体积的物品，抽出部分空气后在℃时收纳袋总体积为19dm3，将其拿到27℃的空调房间里时，收纳袋的体积膨胀了1dm3，密封收纳袋中气体看成理想气体，大气压强保持不变。

（1）求内装物品的实际体积：

（2）若封闭气体的内能U与热力学温度T的关系为U=10TJ，求该过程中封闭气体吸收的热量Q。

24、一台小型发电机的最大输出功率为100kW；发电机输出电压恒为500V，现用总电阻为10Ω的输电线向远处的用电单位输电，在发电机以最大输出功率工作时，若输电线上的损失功率为发电机输出功率的4%，求：

(1)所用的理想升压变压器原；副线圈的匝数比是多少？

(2)如果用户用电器的额定电压为220V；那么所用的理想降压变压器原；副线圈的匝数比是多少？

(3)在保持输电线的电阻以及升压、降压变压器各自匝数比不变的前提下，如果用电单位的电路中总电流为96A，求此时输电线上损失的电压。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

设理想变压器的原、副线圈的电压比原则电流比结合本题数据，当开关断开时有当开关闭合时有综合得到解得故选B.2、A【分析】【详解】

A．由磁场方向的规定可知；磁针北极在某点所受的磁力方向跟该点的磁感线方向一致，故A正确；

B．磁体外部磁感线从磁体北极出来回到南极；任何两条磁感线都不能相交，而且磁感线不是客观存在的，故B错误；

C．磁感线的疏密表示磁场的强弱；磁感线越密的地方磁场越强，越疏的地方，磁场越弱，故C错误；

D．磁通量的单位是韦伯，符号为故D错误。

故选A。3、A【分析】ABC、由图,粒子的运动轨迹向左弯曲,说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左,因为电场线方向不明,无法确定粒子的电性和产生该电场的点电荷的电性.故A错误,B正确.

C、根据电场线的疏密程度,判断ab两点场强的大小,从而判断ab两点电场力大小,再根据牛顿第二定律得a点加速度的大,所以C选项是正确的.

D、由a到b,电场力做负功,动能减小,故b处的速度小,D正确。

本题选不正确的；故选A

综上所述本题答案是：A4、A【分析】试题分析：作出光路图，由sinC=求出棱镜的临界角．由几何知识得到两条光线射到右侧面时的入射角；由折射定律求出折射角．再根据几何知识求解两条光线由棱镜射出时所成的角度．

解：作出光路图．由棱镜材料的临界角：sinC===得C=45°，从题图由几何知识可知，光线从棱镜内射向另一侧面时的入射角i=30°＜C，所以光线从侧面折射出去，根据折射定律得。

n=得sinr=nsini=×sin30°=则r=45°；

同理可知；第二条出射光线的折射角也是45°；

从图中的四边形可求出α=360°﹣120°﹣90°﹣90°=60°；

β=360°﹣135°﹣135°﹣α=90°﹣60°=30°；所以A正确．

故选A

【点评】本题解题的关键是作出光路图；运用几何知识和折射定律相结合进行求解．

____5、D【分析】【详解】

带电粒子在磁场运动的时间为在各个区域的角度都为对应的周期为则有故则三个区域的磁感应强度之比为三个区域的磁场半径相同为又动能联立得故三个区域的动能之比为：故在b处穿越铝板所损失的动能为故在c处穿越铝板所损失的动能为故损失动能之比为D正确，选D.二、多选题(共6题，共12分)6、B:C【分析】【详解】

根据右手定则知，通过ab棒的电流方向为b到a，则a点的电势高于b点的电势，故A错误；ab棒下降的过程中，重力势能的减小量等于动能的增加量以及ab棒产生的焦耳热之和，B正确；根据得下滑的位移大小为C正确；当导体棒的加速度为零时，速度最大，感应电流最大，安培力最大，即为故D错误．7、A:C:E【分析】【详解】

A．过程；气体体积减小，则外界对气体做功。所以A正确；

B．过程；由题意知该过程气体既不吸热；也不放热，由热力学第一定律知气体内能一定增加，则理想气体分子的平均动能一定增大。所以B错误；

C．过程；气体体积不变而压强增大，体积不变则单位体积的气体分子数不变，压强增大则气体的温度一定升高，气体分子的热运动更加剧烈，分子在单位时间内与器壁单位面积的碰撞次数增多。所以C正确；

D．过程，由（常数）

知气体温度升高。所以D错误；

E．过程中；气体体积增大，则单位体积内的气体分子数减少。所以E正确。

故选ACE。8、B:D【分析】【详解】

金属杆a受到的安培力金属杆b受到的安培力金属杆ab在不同轨道上运动时安培力方向相反，但合力不为零，动量不守恒，进入右侧轨道后两者安培力等大反向，动量守恒，A错误；根据动量定理，对金属杆a有对金属杆b有解得B正确；进入右侧轨道后动量守恒，由动量守恒定律可得解得C错误；由能量守恒定律可得D正确．9、B:D【分析】【详解】

由变压器的电压比与匝数之比的关系得：因为线路电压损失，即U2＞U3，由题意U1=U4，所以选项A错误，B正确；因是理想变压器，则其输入功率与输出功率相等，但由于电线电阻功率损失，所以升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率．故C错误．升压变压器的输出电流等于降压变压器的输入电流，故D正确；故选BD．

点睛：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．10、B:D:E【分析】A、由甲图知，波长λ=2m，由乙图知，质点的振动周期为T=2s，则波速为：由乙图知，t=1s时刻，x=2m处质点向上运动，根据甲图可知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；

B；由乙图知；t=2s时，x=2m处质点的振动方向为y轴负向，故B正确；

D、因则在C；x=lm处质点和x=2m处质点相距半个波长，振动步调总相反，故C错误；

1s的时间内；波动图象上任意质点通过的路程都是两个振幅，为10cm，故D正确；

E、在t=1s到t=2s经历的时间为t=1s时刻x=0.5m处的质点位于波峰，则在t=1s到t=2s的时间内该质点的速度先增大后减小，故E正确；

故选BDE．

【点睛】本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的传播方向．11、B:C【分析】【详解】

用紫外光灯照射与验电器相连的锌板，发生光电效应，电子从锌板逃出，由于开始时锌板和验电器均带负电，故验电器指针张角变小，故A错误。B图为α粒子散射实验示意图，卢瑟福根据此实验提出了原子的核式结构模型，原子的质量绝大部分和全部的正电荷集中在很小空间范围内，故B正确。当用动能为10.3eV的电子去射向一群处于基态的氢原子，氢原子受电子照射后，原子可能吸收10.2eV的能量，从而使得原子能跃迁到n=2能级的轨道上去，故C正确。D图为核反应堆示意图，镉棒的作用是吸收中子，控制速率，故D错误。三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】【详解】

[1]．缸内气体从状态A变化到状态B为等压变化，故气缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力不变；

[2][3]．气体体积变大；对外做功；

由可得

则气体对外做功的绝对值

[4]．理想气体对外做功的同时，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即气体吸收热量．【解析】不变气体对外做功吸收13、略

【分析】【分析】

把R0看成是电源的一部分，此时等效电源的电动势没变，内阻为R0+r，所以当R=R0+r=1+0.5=1.5Ω时，电阻R的电功率最大，最大功率为．

【详解】

当R=R0+r=1+0.5=1.5Ω时，电阻R的最大电功率．

【点睛】

知道电源的输出功率何时最大，当外电路的电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，最大为．【解析】①.1.5②.13.514、略

【分析】【分析】

据右手定则判断感应电流的方向；即可确定等效电源的正负极；

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向．

【详解】

a.电路abcd中ab棒切割磁感线；产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；

b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感应电流为：

c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a；由左手定则得知，安培力的方向向左．

【点睛】

解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左15、略

【分析】【详解】

两列波在x=8m处引起的振动都是方向向下，可知此位置的振动是加强的；在x=10m处是峰谷相遇，可知此位置振动减弱；在x=14m处也是峰谷相遇，振动减弱，则质点的振幅为．【解析】加强减弱216、略

【分析】【分析】

两次磁铁的起始和终止位置相同；知磁通量的变化量相同，应用法拉第电磁感应定律比较感应电动势的大小．

【详解】

条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置处，磁通量的变化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第电磁感应定律：可知，感应电动势：E1＞E2．

【点睛】

知道磁通量的变化量相等、应用法拉第电磁感应定律即可正确解题．【解析】大于17、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.695四、作图题(共3题，共27分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共8分)21、略

【分析】【详解】

（1）必选器材有电池、开关和导线；因为电动势为：E=3V，故电压表选择V1，最大电流为：Imax==0