2025年沪科新版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，一个均匀的带电圆环，带电荷量为＋Q，半径为R，放在绝缘水平桌面上．圆心为O点，过O点作一竖直线，在此线上取一点A，使A到O点的距离为R，在A点放一检验电荷＋q，则＋q在A点所受的电场力为。

A.方向向上B.方向向上C.方向水平向左D.不能确定2、如图所示的电路，将两个相同的电流计分别改装成A1（0﹣3A）和A2（0﹣0.6A）的电流表；把两个电流表并联接入电路中测量电流强度，则下列说法正确的是（）

A.A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B.A1的指针还没半偏时，A2的指针已经半偏C.A1的读数为1A时，A2的读数为0.6AD.A1的读数为1A时，干路的电流I为2A3、一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q。此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为（）A.nvStB.nvtC.D.4、一半径为R的半球面均匀带有正电荷Q，电荷Q在球心O处产生的场强大小方向如图所示。把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E1、E2；把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图乙所示，左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E3、E4；则（）

A.B.C.D.5、如图所示，三个完全相同的金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上。a和c带正电，b带负电，a所带的电荷量比b所带的电荷量小。已知c受到a和b的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它应是（）

A.F1B.F2C.F3D.F46、如图所示，MN是某匀强电场中的一等势线。虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，在纸面内由a运动到b的轨迹。下列判断正确的是（）

A.电场方向一定是垂直MN向上B.a点的电势一定不等于b点的电势C.带电粒子的加速度可能平行MN向右D.带电粒子由a运动到b的过程中动能可能增加7、如图所示，平行板电容器中间充有电介质，现要使此电容器的电容增大，下列措施中正确的是（）

A.将电介质从电容器中抽出B.增大两极板间的距离C.减小两极板间的距离D.减小极板间的正对面积8、如（a）图所示的两平行金属板P、Q加上（b）图所示电压，t=0时，Q板电势比P高5V，在板正中央M点放一电子，初速度为零，电子只受电场力而运动，且不会碰到金属板，则这个电子处于M点右侧，速度向右，且速度逐渐减小的时间段是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图，在匀强电场中，质量为m、电荷量为+q的小球由静止释放沿斜向下做直线运动，轨迹与竖直方向的夹角为θ；则（）

A.场强最小值为B.电场力对小球可能不做功C.电场方向可能水平向左D.小球的电势能可能增加10、将一个表头G改装成多量程的电流表，通常有两种连接方式。如图甲所示的连接方式称作开路转换式（其中电阻）。如图乙所示的连接方式称作闭路抽头式。两种连接方式在实际中均有使用，下列说法正确的是（）

A.开路转换式中，开关S接1时的量程大于开关S接2时的量程B.开路转换式中，若电阻发生变化，则开关S接1、2对应的两个量程都会发生变化C.闭路抽头式中，抽头3对应的量程大于抽头4对应的量程D.闭路抽头式中，若电阻发生变化，则抽头3、4对应的两个量程都会发生变化11、如图所示，倾角为α的光滑斜面下端固定一绝缘轻弹簧，M点固定一个电荷量为的小球Q。整个装置处在电场强度大小为E、方向沿斜面向下的匀强电场中。现把一个质量为m、电荷量为的小球P从N点由静止释放，释放后P沿着斜面向下运动。N点与弹簧的上端和M点的距离均为s0。P、Q的连线以及弹簧的轴线ab与斜面平行。两小球均可视为质点和点电荷，弹簧的劲度系数为k0且始终在弹性限度内，静电力常量为k，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）

A.小球P沿着斜面向下运动的过程中，其电势能一定减小B.小球P在N点的加速度大小为C.小球P返回时，不可能越过N点撞到小球QD.当弹簧的压缩量为时，小球P的速度最大12、如图，电荷量分别为＋Q和－Q（Q>0）的点电荷固定在正四面体的两个顶点a、b上，c、d是四面体的另外两个顶点，E、F、G、H分别是ab、bc、ca、cd的中点，选无穷远处为零电势点。则（）

A.E点的电场强度为零B.E、H两点的电势均为零C.c、d两点的电场强度大小相等、方向相同D.将一检验正电荷从G点移到F点，电荷的电势能增大13、用细绳拴一个质量为m带正电的小球B，另一个也带正电的小球A固定在光滑绝缘的竖直墙上，A、B两球离地面的高度均为h。小球B在重力；拉力和库仑力的作用下静止不动；如图所示，现将细绳剪断并同时释放A球后（）

A.小球B在细绳剪断开始做平抛运动B.小球B在细绳剪断瞬间加速度大于gC.小球B落地的时间小于D.小球B落地的速度大于14、如图所示，在光滑绝缘水平面上，两个带等量正电的点电荷M、N，分别固定在A、B两点，O为AB连线的中点，CD为AB的垂直平分线．在CO之间的F点由静止释放一个带负电的小球P（设不改变原来的电场分布），在以后的一段时间内，P在CD连线上做往复运动．若（）

A.小球P的带电量缓慢减小，则它往复运动过程中振幅不断减小B.小球P的带电量缓慢减小，则它往复运动过程中每次经过O点时的速率不断减小C.点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，则小球P往复运动过程中周期不断减小D.点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，则小球P往复运动过程中振幅不断减小15、如图所示，真空中固定放置两等量正点电荷A、B，它们的电荷量均为Q，O为两点电荷连线的中点，D点与两点电荷构成等腰直角三角形，绝缘光滑杆固定在OD所在直线上。套在杆上的带电小球由D点静止释放，运动到O点时，速度大小为v。带电小球的质量为m，电量大小为q，不计重力。将电荷B的电量改变为2Q，仍将小球由D点释放；下列说法中正确的是（）

A.电荷B改变电量前，D点电势高于O点电势B.电荷B改变电量前，OD两点电势差的大小为C.电荷B改变电量后，D点场强大小变为之前的倍D.电荷B改变电量后，小球运动到O点时的速度大小为16、我们在冬天夜间脱外衣时经常会发现产生火花的现象，将内衣外衣看成电容器的两个极板，则对此过程说法正确的是（）A.电容器在放电B.电容器电容在减少C.能释放大量能量D.产生很高的电压17、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为R，L1和L2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻的阻值均为R，电压表为理想电表，S为单刀双掷开关；当开关由1位置打到2位置时，下列说法中正确的是（）

A.电压表读数将变小B.L1亮度不变，L2将变亮C.L1将变亮，L2将变暗D.电源内阻的发热功率将变小评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、如图所示，开关S闭合后，将变阻器滑片p从a滑向b的过程中，电流表A示数将________（选填“增大”、“减小”或“不变”），电压表V示数将_______（选填“增大”、“减小”或“不变”），小灯泡L的亮度将________（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）。19、如图所示；竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线框与导线处于同一平面内，让线框向右平动，线圈产生感应电流的方向是_____。

20、平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10-8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为________；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的_______倍，此时平行板电容器的电容为______．21、一次闪电，流动的电荷量大约为300C，持续的时间大约是0.005s，所形成的平均电流为________A。22、多用电表使用时应先将______旋转到与被测物理量对应的位置上并选择合适的______．23、如所示电路图中，电源两端的电压保持不变，三个电阻的阻值都相等．当开关S闭合前，电压表的示数为U；当开关S闭合后，电压表的示数为U，则U：U=____________．

24、一个标有“12V”字样；功率未知的灯泡；测得灯丝电阻随灯泡两端电压变化的关系如图所示，试利用这条图线计算：

（1）在正常发光情况下，灯泡的电功率________W．

（2）设灯丝电阻与其绝对温度成正比，室温为300K，在正常发光情况下，灯丝的温度为________K．

（3）若一定值电阻与灯泡串联，接在20V的电压上，灯泡能正常发光，则串联电阻的阻值为________Ω．25、为了研究某种化学电源的性能，设计如图所示电路，闭合所有开关，并改变滑动变阻器阻值，观察电压表V1、V2示数的变化，得到如下数据：某一次的测量电压表的读数分别为改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，发现电流表读数变为0.50A，电压表V1读数变化了0.4V，由上面数据可求：该电源电动势E=_________V；电源的内阻为r=__________Ω。

评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)26、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

27、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

28、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

29、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)30、在练习使用多用电表时：

(1)下列关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是。

A．测量电阻时；如果红；黑表笔分别插在负、正插孔，则不会影响测量结果。

B．双手捏住两表笔金属杆；测量值将偏大。

C．测量电路中的电阻时；应该把该电阻与电路断开。

D．欧姆表使用一段时间后；电池电动势变小，内阻变大，但仍能调零，其测量结果与原来相比不变。

(2)用多用电表探测二极管的极性，用欧姆挡测量，黑表笔接a端，红表笔接b端。

时，指针向右偏转角较大，然后黑、红表笔反接指针偏转角较小，说明____（选填“a”或“b”）端是二极管正极．

(3)现有两相同的某型号多用表；一同学在研究性学习过程中想获得10V量程直流电压档的内阻和×lk欧姆档的内部电源的电动势，已知×lk欧姆档中央刻度线对应的数据，为完成实验，进行了如下操作：

①将甲多用表档位旋钮拨到10V电压档；将乙多用表档位旋钮拨到×lk欧姆档；

②应将甲多用表的红表笔与乙多用表的__________（填“红”或“黑”）表笔连接；再将另外两表笔连接；

③在连接两多用表表笔之前应对乙多用表进行的操作为：_____________

④两多用表连接后，两表读数分别为6.0V和30k，可知10V量程直流电压档内阻为___k，×lk欧姆档的内部电源的电动势为_________V．31、某小组研究电源和小灯泡两端的电压随电流的变化规律；实验电路如图甲。

①按规范连接好实验电路；

②闭合电键S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置，读出电流表A（量程为3A、内阻为0.5Ω）和电压表V1、V2（量程3V；内阻约为3kΩ）的示数；并记录数据；

③改变滑动变阻器滑片P的位置；重复步骤②多次测量；

④根据数据描绘U—I图像；获得图线A；B，如图乙；

⑤完成实验；整理实验器材。

（1）在步骤②中，移动滑动变阻器滑片P到某位置时，电压表V2的指针如图丙所示；则其读数为________V。

（2）由图乙可知，电源的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。

（3）如图甲；当滑片P移到滑动变阻器的最左端时，小灯泡的实际功率为___________W。（结果保留两位有效数字）

（4）下列选项中；使滑动变阻器和小灯泡的功率最为相近的电流表A示数为___________

A．1.05AB．1.25AC．1.55AD．1.75A32、某实验学习小组从实验室找到小灯泡L（额定电压标称值为6.8V；额定功率约为3.5W），他们想通过描绘小灯泡的伏安特性曲线的方法来测出该小灯泡的额定功率。实验室有以下器材可供选择：

A．电流表A1（量程0.6A；内阻约0.2Ω）

B．电流表A2（量程3A；内阻约0.04Ω）

C．电压表V1（量程3V；内阻3kΩ）

D．电压表V2（量程15V；内阻15kΩ）

E．定值电阻R0=6kΩ

F．滑动变阻器R1（阻值0～5Ω；2A）

G．滑动变阻器R2（阻值0～200Ω；1A）

H．电源E（电动势8V；内阻不计）

I．开关和导线若干。

实验要求小灯泡两端的电压能从0开始进行调节；并在不超过额定电压的情况下尽可能精确测量多组数据。

(1)为减少实验误差，实验中应选滑动变阻器______；（填写器材字母序号）

(2)根据设计的实验电路图将图甲实物连接补充完整______；

(3)闭合开关前，应将滑动变阻器滑动触头置于_______处（选填P或Q）；

(4)根据实验数据，描绘出了小灯泡的I—U图象，如图乙所示，由实验图象可知，随着小灯泡两端电压的增大，小灯泡的电阻______（选填“增大”“不变”或“减小”），小灯泡的额定功率为_______W（结果保留2位有效数字）；

(5)现找到两只与上述实验中规格相同的小灯泡，把它们与另一电源E0（电动势8V，内阻1Ω）和一个阻值为4Ω的定值电阻连成闭合电路，如图丙所示。闭合开关S，此电路中每只小灯泡实际的功率约为_________W。（结果保留1位有效数字）

33、某同学想要测量一只电压表V的内阻；实验室提供的器材如下：

A.电池组（电动势约为3V；内阻不计）；

B.待测电压表V（量程3V，内阻约）；

C.电流表A（量程3A，内阻）；

D.滑动变阻器（最大阻值为）

E.变阻箱（0～9999）；

F.开关和导线若干。

（1）该同学设计了如下四个电路，为了较准确地测出该电压表内阻，你认为合理的是________．

A.B.C.D.

（2）用你选择的电路进行实验时，为了能作出相应的直线图线、方便计算出电压表的内阻，你认为应该选________为纵坐标，_________为横坐标建立坐标轴进行数据处理（填所测物理量的名称或符号）．

（3）根据前面所做的选择，利用实验数据所作图像的斜率为截距为b，则待测电压表V内阻的表达式___．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

检验电荷受的库仑力沿着电荷的连线指向+q，由对称性可知在垂直于竖直线的方向上的分力相互抵消，只有沿竖直线方向的分力．所以+q在A点所受的电场力方向向上．

由库仑力公式知：

A．方向向上，与结论不相符，选项A错误；

B．方向向上，与结论相符，选项B正确；

C．方向水平向左，与结论不相符，选项C错误；

D．不能确定，与结论不相符，选项D错误；2、A【分析】【分析】

【详解】

AB．电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，知两表头也并联，流过两表头的电流相等，所以A1的指针半偏时，A2的指针也半偏；B错误A正确；

CD．两电流表的内阻之比为1：5，则电流之比为5：1．A1的读数为1A时，A2的读数为0.2A；干路中的电流为1.2A，CD错误。

故选A。3、A【分析】【详解】

通过铜导线横截面的自由电子数目vt∙S∙n=nvSt；或者时间t内流过导体某截面的电量为It，则电子数为

故选A。4、A【分析】【详解】

AB．根据点电荷电场强度公式

且电荷只分布球的表面，对于图甲，表面积相同，所分布电荷总量相同，由电场强度的矢量叠加可知，上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小关系为El＞E2；因电荷Q在球心O处产生电场的场强大小

则

故A正确；B错误；

CD．对于图乙，半球面分为表面积相等的左、右两部分，由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小相等，则根据电场的叠加可知，左侧部分在O点产生的场强与右侧部分O点产生的场强大小相等，即E3＝E4，由于方向不共线，根据合成法则可知

故CD错误。

故选A。5、B【分析】【分析】

【详解】

根据“同电相斥，异电相吸”规律，确定金属小球c受到a和b的静电力的方向，考虑a的带电荷量小于b的带电荷量；根据平行四边形定则求合力如图所示。

选项B正确；ACD错误。

故选B。6、B【分析】【分析】

【详解】

AC．MN是某匀强电场中的一等势线，只受电场力的作用，根据轨迹可以判断电场力的方向垂直MN向上，带电粒子的加速度垂直MN向上；但不知道带电粒子的电性，所以无法判断电场的方向，故AC错误；

B．MN是某匀强电场中的一等势线，而a点和b点位于MN两侧，所以a点的电势一定不等于b点的电势；故B正确；

D．带电粒子由a运动到b的过程中，电场力与速度的夹角是钝角，所以带电粒子由a运动到b的过程中动能减小；故D错误。

故选B。7、C【分析】【分析】

【详解】

由平行板电容器的决定式C=得知；电容与极板间的距离成反比，与正对面积成正比，插入电介质，电容增大，所以要让电容器的电容增大，可减小两极板间的距离；增大正对面积，或在极板间插入电介质。

故选C。8、B【分析】【详解】

A．在0＜t＜2×10-10s时间内，Q板比P板电势高5V，所以电场方向水平向左，电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子从M点向右做匀加速直线运动；故A错误.

B．在2×10-10s＜t＜4×10-10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当t=4×10-10s时速度为零，此时电子在M点的右侧；故B正确.

C．在4×10-10s＜t＜6×10-10s时间内，Q板比P板电势低5V；电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；故C错误.

D．在6×10-10s＜t＜8×10-10s时间内，Q板比P板电势高5V，电场强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀减速直线运动，到8×10-10s时刻速度为零，恰好又回到M点．故D错误.二、多选题(共9题，共18分)9、B:D【分析】【详解】

A．分析带电小球受力，受重力mg、电场力F，小球运动轨迹为直线，那么小球受力的合力也必定沿运动轨迹直线斜向下，由力合成的三角形定则求合力，如图所示，由解析图可知，当电场力F与小球运动轨迹直线垂直时，电场力F最小；场强最小，则有。

F=qEmin=mgsinθ

解得

A错误；

B．场强是最小值时；电场力与小球运动方向垂直，所以电场力对小球可能不做功，B正确；

C．小球带正电；受电场力方向只能向右侧，所以电场方向不可能向左，C错误；

D．如果小球受电场力方向与运动方向之间的夹角大于90°；则电场力对小球可能做负功，小球的电势能可能增加，D正确；

故选BD。10、A:C:D【分析】【详解】

A．根据

则并联的电阻越小，则量程越大，因则开路转换式中，开关S接1时的量程大于开关S接2时的量程，选项A正确；

B．开路转换式中，若电阻发生变化；则开关S接1时对应的量程会发生变化，而开关S接2时对应的量程不会发生变化，选项B错误；

CD．闭路抽头式中，接抽头3时并联的电阻只有R1，而接抽头4时并联的电阻有R1和R2，则抽头3对应的量程大于抽头4对应的量程，并且若电阻发生变化；则抽头3；4对应的两个量程都会发生变化，选项CD正确；

故选ACD。11、B:C【分析】【详解】

A．因为匀强电场电场力所做的正功跟固定于M点的负电荷的库仑力所做负功的代数和不确定；故小球P沿着斜面向下运动过程中，其电势能的变化无法确定，A错误；

B．在N点，根据牛顿第二定律得

解得

B正确；

C．根据能量的转化和守恒定律，小球最高只能到达N点；不能与小球Q相碰，C正确；

D．当P受到的合力为0时，速度最大，当弹簧的压缩量为时；小球P仍受库仑力作用，合力不为0，速度不是最大，D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【详解】

A．在E点，＋Q和－Q的场强方向均由a点指向b点；故合场强不为零，A错误；

B．过中点E且与＋Q和－Q连线垂直的平面为等势面，H点也在该等势面上，且零电势点在无穷远处，E、H两点的电势均为零；B正确；

C．因正四面体的边长均相等，故＋Q和－Q独自在c、d两点产生的场强大小相等，进一步分析知，在c、d两点，＋Q和－Q的场强方向的夹角均为120°，由平行四边形定则可得：c、d两点的合场强大小相等、方向均平行于ab向右；C正确。

D．因G点电势高于F点，故将检验正电荷从G点移到F点；电势能减小，D错误。

故选BC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．将细绳剪断瞬间，小球受到球的重力和库仑力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，因此绳子剪断瞬间，B不可能做平抛运动，且加速度大于故A错误，B正确；

CD．小球在落地过程中，除受到重力外，还受到库仑斥力（水平向右），B在竖直方向做自由落体运动，水平方向做加速度减小的加速运动，则竖直方向的加速度等于因此球落地的时间等于B落地时，除了竖直方向的速度外，还具有水平方向的速度，则小球B落地的速度大于故C错误，D正确。

故选BD。14、B:C:D【分析】【详解】

试题分析：等量同种正电荷在其连线的中垂线上产生的电场强度方向为：中垂线上方；沿中垂线向上，中垂线下方，沿中垂线向下，大小向上或者向下减小，若小球P的带电量缓慢减小，它在电场中某点的电场力在不断地减小，由平衡位置向最大位移运动时，动能向电势能转化时，克服电场力做功需要经过更长的距离，所以它往复运动过程中的在振幅不断增大，由最大位移返回平衡位置时，电场力做的功在不断地减小，它往复运动过程中每次经过O点时的速率不断减小，所以B正确A错误；若M；N的带电荷量等量缓慢增大，则小球P所受电场力产生的加速度在同一位置时将更大，速度变化将更快，即周期将变小，C正确；由于对P在同一位置的电场力变大，减速的距离减小，故振幅变小，D正确．

考点：考查了带电粒子在电场中的运动。

【名师点睛】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和带电小球的运动的情况15、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．离两点荷越近的位置电势越高，则D点电势低于O点电势；故A错误；

B．从D到O只有电场力做功；由动能定理得。

解得。

故B正确；

C．设AD间距离为r，电荷B改变电量前；由。

及电场强度的叠加法则可得，D点场强大小为。

电荷B改变电量后，D点场强大小为。

则。

故C正确；

D．电荷B改变电量前，设AB两点电荷在D点产生电势为φ1，在O点产生电势为φ2，则OD两点的电势差为。

电荷B改变电量后，OD两点的电势差为。

则。

电荷B改变电量后，小球运动到O点时的速度大小v′为。

故D正确。

故选BCD。16、A:B:D【分析】【详解】

AC．我们在冬天夜间脱外衣时经常会发现产生火花的现象；是由于内外衣服上的异种电荷放电产生的，但其能量不是很大，选项A正确，C错误；

BD．将内衣外衣看成电容器的两个极板，将外衣脱下的某个过程中两衣间电荷量一定，根据可知，d增大，电容减小，根据可知电压增大；即产生很高的电压。选项B；D正确。

故选ABD。17、A:B【分析】【分析】

【详解】

开关在位置1时，外电路总电阻R总＝R

电压表示数U＝E＝E

同理，每个灯泡两端的电压U1＝U2＝E

电源内阻的发热功率为P热＝＝

开关在位置2时，外电路总电阻R总′＝R

电压表示数U′＝E＝E

灯泡L1两端的电压U1′＝E

L2两端的电压为U2′＝E

电源内阻的发热功率为P热′＝＝

综上所述，电压表读数变小；L1亮度不变，L2将变亮；电源内阻的发热功率将变大；故AB正确，CD错误。

故选AB。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【详解】

[1][2][3]开关S闭合后，将变阻器滑片p从a滑向b的过程中，电阻R的阻值减小，则总电阻减小，总电流变大，则电流表A的示数将增大，路端电压减小，则电压表V示数将减小，小灯泡两端电压减小，则亮度将变暗。【解析】增大减小变暗19、略

【分析】【详解】

电流的方向向上，由安培定则可知线框所在处的磁场的方向垂直于纸面向里，当线框向右运动时磁场减小，则穿过线框的磁通量减小，由楞次定律可知，线框内产生的感应电流沿顺时针方向。【解析】顺时针方向20、略

【分析】【详解】

[1]根据C=Q/U得，电容器的电容C=＝2×10−8F．

[2]电荷量减半，电容不变，仍然为2×10-8F．则两板间的电压

[3]根据E＝U/d知；电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的0.5倍；

[4]此时平行板电容器的电容仍为2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】6×10422、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.选择开关②.量程23、略

【分析】【详解】

[1]设电源的电压为E．

开关断开时，三个电阻串联，电压表的读数为

开关闭合时，R3被短路，另外两个电阻串联，则电压表的读数为

故U：U′=4：3．【解析】4：324、略

【分析】【详解】

(1)[1]在正常发光情况下，灯丝的电压U=12V，由图读出此时的电阻为R=6Ω，则灯泡的电功率

(2)[2]由图读出；室温时灯丝电阻为1Ω，正常发光时电阻为6Ω，根据灯丝电阻与其绝对温度成正比，室温为300K，得到在正常发光情况下，灯丝的温度为1800K；

(3)[3]灯泡能正常发光时，电流

串联电阻的电压

阻值为【解析】241800425、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律

[2]改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，第二次的路端电压为

根据闭合电路欧姆定律

解得【解析】1.51四、作图题(共4题，共20分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析28、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】29、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共4题，共24分)30、略

【分析】【分析】

(1)掌握欧姆档的使用方法及注意事项：每选定一次欧姆档位后电路发生改变要重新进行欧姆调零；测量电阻要把电阻与其它元件独立；测完要把选择开关正确放置；

(2)二极管有单向导电性；正向导通时电阻很小，反向截止的电阻很大；

(3)欧姆表的黑表笔接的是内部电源的正极；电流要从电压表正极流入,欧姆表示数是所测电阻阻值，应用串联电路特点与欧姆定律求出电源电动势．

【详解】

(1)A项：由于欧姆表是由直流电流表改装成的；所以要求电流应从“+”插孔进从“-”插孔出，否则指针将反向偏转，因此如果红黑表笔分别插在负；正插孔时不会影响测量结果，A正确；

B项：若双手捏住两表笔金属杆；测量值将偏小，人是导体，会使测量结果偏小，B错误；

C项：测量电阻一定要断电作业；即把该电阻与电路断开．故C正确；

D项：根据闭合电路欧姆定律，调零时应有：所以若电池电动势变小内阻变大，调零时应有：比较可知，两次的中值电阻阻值不同，即测量结果会发生变化，故D错误．

故应选：AC．

(2)根据欧姆表改装原理可知，红表笔应接“+”插孔，但恰好与欧姆表内部电池的负极相接，同理黑表笔应接“-”插孔，但与欧姆表内部电池的正极相接，所以黑表笔接a端，红表笔接b端时；指针偏转角较大，然后黑；红表笔反接指针偏转角较小，说明a端是二极管的正极；

(3)②甲多用电表选择电压档；应将甲多用表的红表笔与乙多用表的黑表笔连接，在将另两表笔连接；

③由于乙的档位被拨了一次；故应该在测量前进行欧姆调零，方法是两表笔短接调零；

④×1k欧姆档中央刻度线对应的数据为15；则其中值电阻为15kΩ，欧姆表中值电阻等于其内阻，则欧姆表内阻为15kΩ；

两多用表连接后；两表读数分别为6V和30kΩ．可知10V量程直流电压档的内阻为30kΩ，欧姆表内阻为15kΩ；电压表内阻为30kΩ；

电压表示数为6V；则欧姆表电压两端为3V，×1k欧姆档的内部电源的电动势为E=6+3=9V．

【点睛】

本题考查了多用电表的使用与读数，关键是记