2025年华师大新版高二化学上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版高二化学上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于钠的叙述中，正确的是A.钠是银白色金属，硬度很大B.将金属钠放在坩埚里用酒精灯加热，生成淡黄色固体氧化钠C.金属钠在空气中燃烧，产生黄色火焰，生成过氧化钠D.金属钠的熔点很高2、战国时成书的rm{隆露}尚书rm{?}洪范篇rm{隆路}有“稼稿作甘”之句，“甘”即饴糖，饴糖的主要成分是一种双糖，rm{1mol}该双糖完全水解可生成rm{2mol}葡萄糖rm{.}饴糖的主要成分是rm{(}rm{)}A.淀粉B.蔗糖C.果糖D.麦芽糖3、用括号中的试剂除去下列各组中的少量杂质，最恰当的一组是rm{(}rm{)}A.苯中的苯酚rm{(}溴水rm{)}B.乙醇中的水rm{(}新制的氧化钙rm{)}C.苯酚中的乙酸rm{(}饱和碳酸钠溶液rm{)}D.乙酸乙酯中的乙酸rm{(}乙醇rm{)}4、一定条件下进行反应：rm{COCl_{2}(g)?Cl_{2}(g)+CO(g)}向rm{COCl_{2}(g)?

Cl_{2}(g)+CO(g)}恒容密闭容器中充入rm{2.0L}经过一段时间后达到平衡。反应过程中测得的有关数据见下表：。rm{1.0molCOCl_{2}(g)}rm{t/s}rm{0}rm{2}rm{4}rm{6}rm{8}rm{n(Cl_{2})/mol}rm{0}rm{0.30}rm{0.39}rm{0.40}rm{0.40}下列说法正确的是。

A.保持其他条件不变，升高温度，平衡时rm{c(Cl_{2}}rm{)=0.22mol隆陇L}rm{)=0.22mol隆陇L}rm{{,!}^{-1}}B.若在，则反应的rm{娄陇H<0}恒容绝热rm{娄陇H<0}与外界没有热量交换rm{2L}密闭容器进行该反应，化学平衡常数不变C.保持其他条件不变，起始向容器中充入rm{(}rm{)}和rm{1.2molCOCl_{2}}反应达到平衡前的速率：rm{0.60molCl_{2}}正rm{0.60molCO}逆rm{v(}D.保持其他条件不变，起始向容器中充入rm{)>v(}和rm{)}达到平衡时，rm{1.0molCl_{2}}的转化率小于rm{0.8molCO}rm{Cl_{2}}5、实验室里需要480mL0.10mol/L的CuSO4溶液，以下操作正确的是（）A.称取12.5g胆矾（CuSO4·5H2O），溶于500mL水配成溶液B.称取12.0g胆矾（CuSO4·5H2O），配成500mL溶液C.称取1.0gCuSO4，配成500mL溶液D.称取12.5g胆矾（CuSO4·5H2O），配成500mL溶液评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、下列有关有机化学实验的叙述正确的是。（填序号）①向电石中滴加饱和食盐水制取乙炔气体。②1－氯丁烷在NaOH水溶液中，可以发生消去反应生成1－丁烯③可向皂化反应后的混合液中，加入饱和食盐水，使肥皂析出④酒精与浓H2SO4的混合物，加热到140℃可以制取乙烯⑤向淀粉溶液中加入少量稀硫酸，加热使淀粉水解，再加入银氨溶液，加热，检验淀粉是否发生水解7、（15分）下表是元素周期表的一部分，请参照①～⑥在表中的位置，用化学用语回答下列问题：。IAⅡAⅢAⅣAVAⅥAⅦA02①②③④3⑤⑥（1）⑥有两种同位素，其中一种原子核内有18个中子，其原子符号为_______；（2）②与④可以形成一种温室气体，其电子式为_______；（3）③和⑤的氢化物沸点__________（填分子式）高，原因是______________；（4）②和⑥按原子个数比为1:4形成的化合物为_______分子（填极性或非极性），含有_______键（填极性或非极性）（5）②形成的单质可以是不同类型的晶体，它们可能是____________（填字母）A原子晶体B分子晶体C金属晶体D离子晶体E．混合型晶体8、哪些共价键是δ键；哪些共价键是π键呢？

一般规律是：共价______是δ键；而共价双键中有______δ键，另一个是______，共价三键由______δ键和______π键组成．9、下表是某食品包装袋上的说明．

。品名×××配料鲜鸡蛋、精面粉、精炼植物油、赖氨酸、甜密素、柠檬黄、苯甲酸钠请从配料中分别选出一种物质；填在相应的横线上：

属于防腐剂的是____；属于着色剂的是____．10、（12分）由于温室效应和资源短缺等问题，如何降低大气中的CO2含量并加以开发利用，引起了各国的普遍重视。目前工业上有一种方法是用CO2生产燃料甲醇。一定条件下发生反应：CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)，图1表示该反应进行过程中能量(单位为kJ·mol—1)的变化。图1图2（1）写出该反应的热化学方程式____。（2）关于该反应的下列说法中，正确的是。A．△H>0，△S>0B．△H>0，△S<0C．△H<0，△S<0D．△H<0，△S>0（3）该反应的平衡常数K的表达式为：。（4）温度降低，平衡常数K（填“增大”、“不变”或“减小”）。（5）为探究反应原理，现进行如下实验：在体积为1L的密闭容器中，充入1molCO2和3molH2，测得CO2和CH3OH(g)的浓度随时间变化如图2所示。从反应开始到平衡，用氢气浓度变化表示的平均反应速率v(H2)=。（6）下列措施中能使n(CH3OH)/n(CO2)增大的有。A．升高温度B．加入催化剂C．将H2O(g)从体系中分离D．充入He(g)，使体系总压强增大11、（8分）在化学反应中，能引发化学反应的分子间碰撞称之为有效碰撞，这些分子称为活化分子。使普通分子变成活化分子所需提供的最低能量叫活化能，其单位用kJ•mol-1表示。请认真观察下图，然后回答问题。（1）图中反应是____（填“吸热”或“放热”）反应，该反应（填“需要”或“不需要”）环境先提供能量，该反应的△H=（用含E1、E2的代数式表示）。（2）对于同一反应，图中虚线(II)与实线(I)相比，活化能，因此反应速率，你认为最可能的原因是：。（3）已知拆开1molH－H键，1molN－H键，1molN≡N键分别需要的能量是436kJ、391kJ、946kJ，则N2与H2反应生成NH3的热化学方程式为：____________________12、常温下，在pH=2的溶液中滴加酚酞试液显______色，滴加石蕊试液显______色．13、请完成下列各题的填空：rm{(}用序号或字母答题rm{)}

rm{(1)}有以下物质：rm{垄脵CH_{4}}rm{垄脷C_{2}H_{4}}rm{垄脹H_{2}O}rm{垄脺NH_{3}}rm{垄脻CH_{2}O}rm{垄脼CO_{2}}

非极性分子的是______；既有rm{娄脛}键又有rm{娄脨}键的是______；中心原子没有孤电子对的是______；中心原子杂化类型为rm{sp^{3}}的是______。

rm{(2)}有下列rm{8}种晶体；用序号回答下列问题：

A.水晶rm{B.}冰醋酸rm{C.}白磷rm{D.}固态氩rm{E.}氯化铵rm{F.}铝rm{G.}金刚石。

rm{垄脵}由极性分子构成的晶体是______；含有共价键的离子晶体是______，属于分子晶体的单质是______．

rm{垄脷}在一定条件下能导电而不发生化学反应的是___；分子内存在化学键，但受热熔化时，化学键不发生变化的是_____，受热熔化，需克服共价键的是____．

rm{(3)}前四周期元素中，未成对电子数为rm{5}的元素在周期表中的位置为______，位于______区．评卷人得分三、推断题(共9题，共18分)14、芳香族化合物rm{G}是重要的香料；也是合成高分子材料的重要原料，它可由下列合成路线得到：

回答下列问题：

rm{(1)D}的化学名称为______，rm{C}的分子式为______．

rm{(2)F}中含氧官能团的名称为______．

rm{(3)}由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为______；其反应类型为______．

rm{(4)A}有多种同分异构体，其中无环状结构，且核磁共振氢谱图有rm{3}组峰，峰面积之比为rm{1}rm{1}rm{6}的结构简式为______．15、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}有机物rm{F}是有机合成工业中一种重要的中间体。以甲苯和丙烯为起始原料合成rm{F}的工艺流程如下：回答下列问题：rm{(1)}化合物rm{B}中含氧官能团名称是_________rm{F}的结构简式__________________rm{(2)}写出rm{C}与银氨溶液共热的化学反应方程式：________________________________rm{(3)}化合物rm{D}不能发生的反应有__________________rm{(}填序号rm{)}rm{垄脵}加成反应rm{垄脷}取代反应rm{垄脹}消去反应rm{垄脺}氧化反应rm{垄脻}水解反应rm{(4)B}的含苯环结构的同分异构体还有__________种，其中一种的核磁共振氢谱中出现rm{4}个峰且不与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应的是____________rm{(}填结构简式rm{)}rm{(5)B}与rm{D}发生反应的类型________________________16、环己烯可以通过丁二烯与乙烯发生环化加成反应得到：rm{(}也可表示为：rm{)}实验证明，下列反应中反应物分子的环外双键比环内双键更容易被氧化；现仅以丁二烯为有机原料，无机试剂任选，按下列途径合成甲基环己烷：请按要求填空：rm{(1)A}的结构简式是__________________；rm{B}的结构简式是__________________。rm{(2)}写出下列反应的化学方程式和反应类型：反应rm{垄脺}_____________________________________，反应类型：___________。反应rm{垄脻}_____________________________________，反应类型：___________。17、有关物质的转化关系如下图所示rm{(}部分生成物与反应条件已略去rm{).}其中rm{A}是最常见的无色液体，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均为单质，rm{G}是一种极易溶于水的碱性气体，rm{F}是胃酸的主要成分，rm{K}是不溶于稀硝酸的白色沉淀，反应rm{4}是工业制rm{X}的主要反应之一．

rm{(1)G}的电子式为______．

rm{(2)I}的化学式为______．

rm{(3)}写出反应rm{2}的离子方程式______．

rm{(4)}写出反应rm{4}的化学方程式______．18、黄酮醋酸(F)具有独特抗癌活性，它的合成路线如下：已知：RCN在酸性条件下发生水解反应：RCNRCOOH（1）上述路线中A转化为B的反应为取代反应，写出该反应的化学方程式_________________________________________________________________。（2）F分子中有3种含氧官能团，名称分别为醚键、_____________和______________。（3）E在酸性条件下水解的产物可通过缩聚反应生成高分子化合物，该高分子化合物的结构简式为_________________________。（4）写出2种符合下列条件的D的同分异构体的结构简式_____________、________________。①分子中有4种化学环境不同的氢原子②可发生水解反应，且一种水解产物含有酚羟基，另一种水解产物含有醛基。（5）对羟基苯乙酸乙酯()是一种重要的医药中间体。写出以A和乙醇为主要原料制备对羟基苯乙酸乙酯的合成路线流程图（无机试剂任选）。合成路线流程图请参考如下形式：19、A、rm{B}rm{C}rm{D}为原子序数依次增大的四种元素，rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的电子层结构；rm{C}rm{D}为同周期元素，rm{C}核外电子总数是最外层电子数的rm{3}倍；rm{D}元素最外层有一个未成对电子。回答下列问题：

rm{(1)}四种元素中电负性最大的是______rm{(}填元素符号rm{)}其中rm{C}原子的核外电子排布式为______。

rm{(2)}单质rm{A}有两种同素异形体，其中沸点高的是______rm{(}填分子式rm{)}原因是______；鉴别rm{A}和rm{B}形成的离子化合物是否为晶体；最可靠的科学方法是______。

rm{(3)C}和rm{D}反应可生成组成比为rm{1}rm{3}的化合物rm{E}rm{E}的立体构型为______rm{(}用文字描述，下同rm{)}中心原子的杂化轨道类型为______。

rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}的立体构型为______，rm{VSEPR}模型为______。20、有一种香料rm{X}的相对分子质量为rm{88}只含有rm{C}rm{H}rm{O}三种元素，其原子个数比为rm{2}rm{4}rm{1}含有碳氧双键，与其有关的反应如下：

已知：

rm{(1)}香料rm{X}的分子式为______；

rm{(2)Y}是香料rm{X}的同分异构体；属于酯类，其同分异构体的总数为______；

rm{(3)}写出反应rm{垄脵}rm{垄脹}的反应类型：rm{垄脵}______、rm{垄脹}______；

rm{(4)}写出下列物质的结构简式：rm{X}______、rm{C}______；

rm{(5)}写出rm{D隆煤E}反应的化学方程式______．21、以石油裂解气为原料，通过一系列化学反应可得到重要的化工产品增塑剂rm{G}．请完成下列各题：rm{(1)}写出反应类型：反应rm{垄脵}________，反应rm{垄脺}________．rm{(2)}写出反应条件：反应rm{垄脹}________，反应rm{垄脼}________．rm{(3)}反应rm{垄脷垄脹}的目的是：________．rm{(4)}写出反应rm{垄脻}的化学方程式：________．rm{(5)B}被氧化成rm{C}的过程中会有中间产物生成，该中间产物可能是________rm{(}写出一种物质的结构简式rm{)}检验该物质存在的试剂是________rm{(6)}写出rm{G}的结构简式________22、华法林是治疗心脑血管疾病的药物，其合成路径如图rm{(}部分反应条件略去rm{)}．

已知：

rm{(1)A}属于芳香烃；其名称是______．

rm{(2)B隆煤C}的化学方程式是______．

rm{(3)C}的含氧官能团名称是______．

rm{(4)C隆煤D}的化学方程式是______．

rm{(5)}尝试推测rm{E}的结构简式是______．评卷人得分四、实验题(共2题，共20分)23、（10分）某研究性学习小组成员，利用稀硫酸与某金属的反应来探究影响化学反应速率的因素，下表是研究过程中记录的实验数据(表中某些数据记录已模糊不清，个别数据已丢失)。若实验操作、数据记录均是正确的，试分析上述数据回答下列问题：（1）（6分）该实验主要是探究_______________、和对反应速率的影响。（2）（4分）经仔细辨认，模糊的数据疑为25、50、125、250，试将这些疑似数据填入表中，使实验数据较为合理。24、为达到下表中的实验目的，请选择合适的试剂及实验方法，将其标号填入对应的空格。

。实验要求试剂及方法鉴别rm{CuSO_{4}}rm{Na_{2}SO_{4}}两种粉末检验自来水中是否含有rm{Cl^{-}}证明rm{Na_{2}CO_{3}}溶液具有碱性除去铁粉中混有少量铝粉试剂及实验方法：。A.用试纸测定溶液的rm{pH}B.取样，加少量蒸馏水C.取样，加稀硝酸和硝酸银溶液D.加过量rm{NaOH}溶液后，过滤、洗涤、干燥评卷人得分五、解答题(共1题，共10分)25、在发射“神舟”七号的火箭推进器中装有肼（N2H4）和过氧化氢；当两者混合时即产生气体，并放出大量的热．已知：

N2H4（l）+2H2O2（l）═N2（g）+4H2O（g）△H=-641.6kJ/mol

H2O（l）═H2O（g）△H=+44kJ/mol

若用3.2g液态肼与足量过氧化氢反应生成氮气和液态水；则整个过程中转移的电子的物质的量为______，该反应的热化学方程式为______．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【解析】试题分析：钠是银白色金属，硬度小，A不正确；将金属钠放在坩埚里用酒精灯加热，生成淡黄色固体过氧化钠，B不正确，C正确；金属钠的熔点很低，答案选C。考点：考查金属钠的性质【解析】【答案】C2、D【分析】解：rm{1mol}麦芽糖完全水解可生成rm{2mol}葡萄糖；糖的主要成分是麦芽糖．

故选D．

rm{1mol}麦芽糖完全水解可生成rm{2mol}葡萄糖；据此解题．

本题考查糖类的水解，难度不大，掌握糖类水解方程式的书写是解题的关键．【解析】rm{D}3、B【分析】解：rm{A.}溴单质；三溴苯酚易溶于苯；无法分离，故A错误；

B.氧化钙能与水反应生成氢氧化钙；然后蒸馏可得到乙醇，故B正确；

C.二者都与碳酸钠溶液反应；应加入碳酸氢钠除杂，故C错误；

D.乙醇与乙酸乙酯混溶；应加入饱和碳酸钠溶液除杂，故D错误．

故选B．

A.三溴苯酚易溶于苯；

B.水和氧化钙反应；

C.二者都与碳酸钠溶液反应；

D.乙醇与乙酸乙酯混溶．

本题考查物质的分离、提纯，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握物质性质的异同，除杂时注意不能引入新的杂质，且不能影响被提纯的物质，难度不大．【解析】rm{B}4、D【分析】【分析】本题综合考查化学平衡的计算、等效平衡，难度较大，注意理解平衡常数的意义及应用，注意rm{D}选项中利用等效平衡思想进行解答。【解答】A.由表中数据可知，rm{6s}rm{8s}时氯气的物质的量都是rm{0.4mol}说明rm{6s}时反应到达平衡，平衡时氯气的浓度为rm{0.2mol/L}升高温度，到达新平衡，氯气的浓度变为rm{0.22mol/L}氯气浓度增大，说明平衡向正反应方向移动，故正反应为吸热反应，即rm{triangleH>0}故A错误；B.正反应为吸热反应，恒容绝热密闭容器进行该反应，随反应进行温度降低，而平衡常数只受温度影响，故平衡常数一定发生变化，故B错误；C.平衡时rm{c(Cl_{2})=0.2mol/L}rm{COCl_{2}(g)?Cl_{2}(g)+CO(g)}起始rm{(mol/L)}rm{0.5}rm{0}rm{0}转化rm{(mol/L)}rm{0.2}rm{0.2}rm{0.2}平衡rm{(mol/L)}rm{0.3}rm{0.2}rm{0.2}该温度下平衡常数rm{k=dfrac{0.2隆脕0.2}{0.3}=0.013}若起始向容器中充入rm{k=dfrac{0.2隆脕0.2}{0.3}=0.013

}rm{1.2}rm{molCOCl_{2}}rm{0.60}和rm{molCl_{2}}rm{0.60}此时rm{Qc=dfrac{dfrac{0.6}{2}隆脕dfrac{0.6}{2}}{dfrac{1.2}{2}}=0.15>0.13}则反应向逆反应方向移动，反应达到平衡前rm{molCO}故C错误；D.原平衡等效为起始向容器中充入rm{Qc=dfrac{dfrac{0.6}{2}隆脕

dfrac{0.6}{2}}{dfrac{1.2}{2}}=0.15>0.13}和rm{v_{脮媒}<v_{脛忙}}达到平衡时rm{1.0molCl_{2}}的转化率rm{1.0molCO}如加入rm{Cl_{2}}rm{=1mol-0.4mol1mol隆脕100%=60%}rm{1.0}和rm{mol}rm{Cl_{2}}相当于在原来的基础上减小rm{0.8mol}平衡在原来的基础上向正反应方向移动，则rm{CO}的转化率减小，则rm{0.2molCO}的转化率小于rm{Cl_{2}}故D正确。故选D。rm{Cl_{2}}【解析】rm{D}5、D【分析】【解析】【答案】D二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】向电石中滴加饱和食盐水制取乙炔气体，减慢速率，因为电石和水反应很快①正确。1－氯丁烷在NaOH水溶液中，可以发生水解反应生成1－丁醇。②错误。④酒精与浓H2SO4的混合物，加热到170℃可以制取乙烯，140℃可以制取二乙醚，错误。淀粉水解产生葡萄糖，有醛基可以检验淀粉已经水解，但是淀粉的检验要用碘。错误。【解析】【答案】①③7、略

【分析】试题分析：根据各元素在元素周期表中的位置可知：①为B元素、②为C元素、③为N元素、④为O元素、⑤为P元素、⑥为Cl元素。（1）⑥为Cl元素，一种原子核内有18个中子，则质量数为35，所以原子符合为：3517Cl。（2）②与④可以形成一种温室气体，为CO2，电子式为：（3）③和⑤的氢化物分别为NH3和PH3，NH3分子间形成氢键，分子间作用力增强，沸点高于PH3。（4）②和⑥按原子个数比为1:4形成的化合物为CCl4，含有的共价键为极性键，因为CCl4为正四面体结构，所以CCl4为非极性分子。（5）②为C元素，可形成多种单质，金刚石为原子晶体，C60为分子晶体，石墨为混合型晶体，故ABE增强。考点：本题考查元素的推断、电子式、氢键、化学键和分子的极性、晶体类型的判断。【解析】【答案】（１）3517Cl（2分）（２）（2分）（３）ＮＨ３（2分），氨分子间存在氢键（2分）（４）非极性（2分），极性（2分）（５）ＡＢＥ（3分）8、略

【分析】解：分子中单键中只含σ键；双键和三键中含π键和σ键，所以共价单键是δ键；而共价双键中有一个是δ键，另一个是π键，共价三键由一个δ键和两个π键组成；

故答案为：单键；一个；π键；一个；两个．

分子中单键中只含σ键；双键和三键中含π键和σ键，由此分析解答．

本题考查共价键的形成及类型，注意σ键、π键的形成过程及判断的一般规律即可解答，注重基础知识的考查，题目难度不大．【解析】单键；一个；π键；一个；两个9、略

【分析】

根据苯甲酸钠；山梨酸钾是常用的防腐剂；柠檬黄、胭脂红、胡萝卜素等是常用的着色剂．

故答案为：苯甲酸钠；柠檬黄．

【解析】【答案】根据苯甲酸钠；山梨酸钾是常用的防腐剂；柠檬黄、胭脂红、胡萝卜素等是常用的着色剂．

10、略

【分析】【解析】试题分析：（1）根据图1可知反应过程中的能量变化为n-m，所以热化学方程式为：CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)△H＝-(n-m)kJ•mol‾1。（2）根据反应方程式可知反应是放热反应，所以△H<0，反应后的物质比反应前的物质少，所以混乱度减小，△S<0。因此选C。（3）K=（4）降低温度，平衡正向移动，K值增大。（5）根据图2可知v(CO2)=所以v(H2)=0.225mol/(L.min)。（6）升高温度平衡逆向移动，n(CH3OH)/n(CO2)减小，加催化剂，平衡不移动，n(CH3OH)/n(CO2)不变，将H2O(g)从体系中分离，平衡正向移动，n(CH3OH)/n(CO2)增大，充入He(g)，使体系总压强增大，平衡不移动，n(CH3OH)/n(CO2)不变。考点：化学平衡移动【解析】【答案】（1）CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)△H＝－（n-m）kJ•mol‾1（2）C（3）c(CH3OH)·c(H2O)/c(CO2)·c(H2)3（4）增大（5）0.225mol/（L.min）（6）C11、略

【分析】（1）根据图像可判断，反应物的总能量高于生成物的总能量，是放热反应。反应物要先转化为活化分子，所以需要提供能量。反应热就是生成物的总能量和反应物的总能量的差值，因此△H＝E2-E1。（2）根据图像可知虚线表示的活化能小，所以反应速率加快。能降低活化能的是催化剂。（3）反应热是断键吸收的能量和形成化学键所放出的能量的差值，所以生成2mol氨气的反应热是946kJ/mol＋3×436kJ/mol－2×3×391kJ/mol＝－92kJ/mol，所以热化学方程式为N2(g)+3H2(g)2NH3(g)ΔH＝－92kJ·mol－1。【解析】【答案】（1）放热；需要；E2-E1（2）降低；加快；使用了催化剂（3）N2(g)+3H2(g)2NH3(g)ΔH＝－92kJ·mol－112、略

【分析】解：石蕊试液的变色范围为7-9；酚酞试液的变色范围是8-10，常温下pH=2的溶液呈酸性，石蕊试液遇酸变红色；酚酞试液遇酸显无色，所以常温下在pH=2的溶液中滴加酚酞试液显无色、滴加石蕊试液显红色；

故答案为：无；红．

石蕊试液的变色范围为7-9；酚酞试液的变色范围是8-10，石蕊试液遇酸变红色；酚酞试液遇酸显无色，据此分析解答．

本题考查酸碱指示剂遇酸、碱溶液时颜色变化，熟练掌握石蕊试液、酚酞试液、甲基橙试液变色范围，酸碱中和滴定时会正确选择酸碱指示剂，题目难度不大．【解析】无；红13、（1）

（2）①BEC、D

②FB、CA、G

（3）第四周期第ⅤⅡB族d【分析】【分析】本题考查了共价键的极性、rm{娄脪}键和rm{娄脨}键、价层电子对互斥理论、杂化轨道、分子晶体、离子晶体以及分子间作用力，考点较多，难度一般。【解答】rm{(1)}rm{垄脵CH}rm{垄脵CH}是rm{{,!}_{4}}非极性分子，只有rm{娄脛}中心原子没有孤电子对，杂化方式为键，价层电子对数目为rm{4}中心原子没有孤电子对，杂化方式为rm{sp^{3}}杂化，rm{垄脷C}杂化，rm{4}rm{sp^{3}}rm{垄脷C}rm{{,!}_{2}}是rm{H}rm{H}rm{{,!}_{4}}非极性分子，既有rm{娄脛}键又有rm{娄脨}键，中心原子没有孤电子对，杂化方式为rm{sp^{2}}rm{sp^{3}}rm{垄脹H}rm{sp^{2}}是极性分子，只有rm{sp^{3}}rm{垄脹H}个孤电子对，杂化方式为rm{{,!}_{2}}rm{O}是极性分子，只有rm{O}rm{娄脛}是键，中心原子有rm{2}个孤电子对，杂化方式为rm{sp}rm{2}rm{sp}个孤电子对，杂化方式为rm{{,!}^{3}}杂化，rm{垄脺NH}rm{垄脺NH}rm{{,!}_{3}}极性分子，只有是极性分子，既有rm{娄脛}键，中心原子有rm{1}个孤电子对，杂化方式为rm{sp}rm{1}rm{sp}rm{{,!}^{3}}杂化，rm{垄脻CH}rm{垄脻CH}rm{{,!}_{2}}rm{O}是极性分子，既有是rm{O}rm{娄脛}键又有rm{娄脨}键，中心原子没有孤电子对，杂化方式为rm{sp}杂化，故答案为：rm{sp}rm{{,!}^{2}}、rm{sp}A.水晶是原子晶体，rm{sp}冰醋酸是由极性分子构成的分子晶体，rm{{,!}^{3}}白磷是由非极性分子构成的分子晶体，，rm{垄脼CO}固态氩是分子晶体，rm{垄脼CO}氯化铵是离子晶体，rm{{,!}_{2}}铝是金属晶体非极性分子，既有金刚石是原子晶体，rm{娄脛}由题意知，故答案为：键又有rm{娄脨}，键，中心原子没有孤电子对，杂化方式为rm{sp}杂化，故答案为：rm{sp}；在一定条件下能导电而不发生化学反应的是金属晶体铝，分子内存在化学键，但受热熔化时，化学键不发生变化的是分子晶体白磷和冰醋酸，受热熔化，需克服共价键的是原子晶体水晶和金刚石，故答案为：；rm{(2)}rm{(2)}rm{B.}rm{C.}；rm{D.}前四周期元素中，未成对电子数为rm{E.}的元素是rm{F.}位置是第四周期第ⅤⅡrm{G.}族，位于rm{垄脵}由题意知，区，故答案为：第四周期第rm{垄脵}族，rm{B}。rm{E}【解析】rm{(1)}rm{(2)垄脵B}rm{E}rm{C}rm{D}rm{垄脷F}rm{B}rm{C}rm{A}rm{G}rm{(3)}第四周期第ⅤⅡrm{B}族rm{d}三、推断题(共9题，共18分)14、略

【分析】解：rm{(1)D}为苯甲醛；rm{C}为可知rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}O}故答案为：苯甲醛；rm{C_{5}H_{8}O}

rm{(2)F}中含氧官能团为羧基；故答案为：羧基；

rm{(3)B}发生水解反应生成rm{C}反应的方程式为也为取代反应；

故答案为：rm{+NaBr}取代反应rm{(}或水解反应rm{)}

rm{(4)}根据rm{A}的结构简式可知，rm{A}的不饱和度为rm{2}核磁共振氢谱有rm{3}组峰，即有rm{3}种位置的氢，峰面积之比为rm{1}rm{1}rm{6}即个数比为rm{1}rm{1}rm{6}所以该同分异构体的结构简式为

故答案为：．

根据题中各物质转化关系，rm{A}发生取代反应生成rm{B}rm{B}发生碱性水解得rm{C}比较rm{F}和rm{G}的结构简式可知，rm{C}为rm{C}和rm{F}发生酯化反应生成rm{G}

rm{(1)D}为苯甲醛；rm{C}为以此可确定rm{C}的分子式；

rm{(2)F}含有碳碳双键和羧基；

rm{(3)B}发生水解反应生成rm{C}

rm{(4)}根据rm{A}的结构简式可知，rm{A}的不饱和度为rm{2}核磁共振氢谱有rm{3}组峰，即有rm{3}种位置的氢，峰面积之比为rm{1}rm{1}rm{6}即个数比为rm{1}rm{1}rm{6}以此解答该题．

本题考查有机物推断及合成，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，要求学生熟练掌握常见有机物官能团及其性质、反应条件、反应类型，题目难度不大．【解析】苯甲醛；rm{C_{5}H_{8}O}羧基；取代反应rm{(}或水解反应rm{)}15、(1)酚羟基；(2)CH2=CHCHO+2Ag(NH3)2OHCH2=CHCOONH4+2Ag↓+3NH3+H2O

(3)③⑤(4)4(5)取代反应。

【分析】【分析】甲苯与氯气分子苯环上取代反应生成rm{A}rm{A}发生水解反应得到rm{B}而rm{B}与rm{D}反应得到rm{E}由rm{E}的结构及可知，rm{B}为rm{D}为rm{CH_{2}=CHCOOH}丙烯发生氧化反应得到rm{C}rm{C}与银氨溶液反应得到丙烯酸，则rm{C}为rm{CH_{2}=CHCHO.E}发生加聚反应生成rm{F}为据此解答。【解答】根据rm{B}与rm{D}反应的生成物结构简式可知，该反应是酯化反应，则rm{B}和rm{D}的结构简式分别是rm{CH_{2}=CHCOOH}则rm{C}的结构简式是rm{CH_{2}=CHCHO}rm{A}的结构简式为则rm{(1)}根据以上分析可知化合物rm{B}中的含氧官能团名称是酚羟基。分子中含有碳碳双键，能发生加聚反应，则rm{F}的结构简式为故答案为：酚羟基；

rm{(2)C}分子中含有醛基，因此rm{C}与银氨溶液共热的化学反应方程式为rm{CH_{2}=CHCHO}rm{+2Ag(NH_{3})_{2}OH}rm{CH_{2}=CHCOONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}故答案为：rm{CH_{2}=CHCOONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+

H_{2}O}rm{CH_{2}=CHCHO}rm{+2Ag(NH_{3})_{2}OH}rm{CH_{2}=CHCOONH_{4}}rm{+2Ag隆媒+3NH_{3}}

rm{+H_{2}O}有机物rm{(3)}中含有碳碳双键和羧基，因此能发生加成反应、取代反应、氧化反应，不能发生消去反应和水解反应，故rm{D}正确。故答案为：rm{垄脹垄脻}

rm{垄脹垄脻}的含苯环结构的同分异构体还有rm{垄脹垄脻}种，分别是苯甲醇、苯甲醚、对甲基苯酚、间甲基苯酚。其中一种的核磁共振氢谱中出现rm{(4)B}个峰且不与rm{4}溶液发生显色反应的是苯甲醚，结构简式为故答案为：rm{4}rm{FeCl_{3}}与rm{4}发生反应的类型为酯化反应或取代反应，故答案为：取代反应。rm{(5)B}与rm{D}发生反应的类型为酯化反应或取代反应，故答案为：取代反应。【解析】rm{(1)}酚羟基；rm{(2)}rm{CH_{2}=CHCHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH}rm{CH_{2}=CHCOONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}

rm{CH_{2}=CHCHO+

2Ag(NH_{3})_{2}OH}rm{CH_{2}=CHCOONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+

H_{2}O}rm{(3)}rm{垄脹垄脻}rm{(4)}取代反应。

rm{4}16、（1）

（2）消去反应

加成反应【分析】【分析】本题考查有机物推断，侧重考查学生获取信息、加工信息、利用信息的能力，正确理解题给信息是解本题关键，再结合rm{C}原子个数进行推断即可，题目难度中等。原子个数进行推断即可，题目难度中等。【解答】rm{C}的分子式由rm{C}的分子式rm{C}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{7}}rm{H}与甲基环己烷结构，根据碳原子数目可知，反应rm{H}为rm{{,!}_{14}}rm{O}与甲基环己烷结构，根据碳原子数目可知，反应rm{垄脵}为rm{1}rm{3-}丁二烯与rm{CH}丁二烯与rm{O}rm{垄脵}rm{1}rm{3-}rm{CH}则rm{{,!}_{2}}为rm{=CH-CH}发生信息Ⅱ中反应生成rm{=CH-CH}则rm{{,!}_{3}}为发生信息Ⅰ反应生成rm{A}则rm{A}为的分子式可知，rm{A}与氢气发生全加成反应生成rm{A}，结合rm{A}发生信息Ⅱ中反应生成rm{B}则rm{B}为为rm{A}发生消去反应生成rm{B}rm{B}为，结合rm{C}的分子式可知，rm{B}与氢气发生全加成反应生成rm{C}rm{C}为发生加成反应生成甲基环己烷，

rm{C}通过以上分析知，rm{B}的结构简式是rm{C}的结构简式是rm{C}

，rm{C}发生消去反应生成rm{D}rm{D}为rm{C}rm{D}

rm{D}反应，rm{D}发生加成反应生成甲基环己烷，方程式为：rm{D}

rm{(1)}通过以上分析知，rm{A}的结构简式是方程式为为：rm{(1)}

rm{A}，rm{B}的结构简式是rm{B}，【解析】rm{(1)}

rm{(1)}rm{(2)}rm{(2)}消去反应17、略

【分析】解：rm{(1)}由以上分析可知rm{G}为rm{NH_{3}}电子式为故答案为：

rm{(2)I}为rm{AgNO_{3}}故答案为：rm{AgNO_{3}}

rm{(3)}反应rm{2}为rm{Ag}与硝酸的反应，结合反应rm{6}可知，rm{Ag}与硝酸反应生成rm{NO_{2}}离子反应为rm{Ag+2H^{+}+NO_{3}^{-}篓TAg^{+}+NO_{2}隆眉+H_{2}O}

故答案为：rm{Ag+2H^{+}+NO_{3}^{-}篓TAg^{+}+NO_{2}隆眉+H_{2}O}

rm{(4)}反应rm{4}为氨气的催化氧化反应，氨气与氧气反应生成一氧化氮和水，反应的方程式为rm{4NH_{3}+5O_{2}dfrac{overset{{麓脽禄炉录脕}}{-}}{triangle}4NO+6H_{2}O}

故答案为：rm{4NH_{3}+5O_{2}dfrac{overset{{麓脽禄炉录脕}}{-}}{triangle}4NO+6H_{2}O.}

rm{4NH_{3}+5O_{2}dfrac{

overset{{麓脽禄炉录脕}}{-}}{triangle}4NO+6H_{2}O}是最常见的无色液体，rm{4NH_{3}+5O_{2}dfrac{

overset{{麓脽禄炉录脕}}{-}}{triangle}4NO+6H_{2}O.}为rm{A}rm{A}是一种极易溶于水的碱性气体，则rm{H_{2}O}为rm{G}rm{G}是胃酸的主要成分，为rm{NH_{3}}rm{F}是不溶于稀硝酸的白色沉淀，为rm{HCl}由转化关系可知rm{K}为rm{AgCl}rm{C}为rm{O_{2}}rm{D}为rm{H_{2}}反应rm{E}是工业制rm{N_{2}}的主要反应之一，则rm{4}为硝酸，反应rm{X}生成rm{X}为rm{4}rm{J}为rm{NO}和硝酸的反应，rm{2}为rm{Ag}rm{B}为rm{Ag}rm{H}为rm{NO_{2}}以此来解答．

本题考查无机物的推断，注意信息与转化图相结合来推断物质，熟悉物质的性质及转化中的各步反应是解答本题的关键，注意rm{I}中应生成rm{AgNO_{3}}为学生解答的易错点．rm{2}【解析】rm{AgNO_{3}}rm{Ag+2H^{+}+NO_{3}^{-}篓TAg^{+}+NO_{2}隆眉+H_{2}O}rm{4NH_{3}+5O_{2}dfrac{overset{{麓脽禄炉录脕}}{-}}{triangle}4NO+6H_{2}O}rm{4NH_{3}+5O_{2}dfrac{

overset{{麓脽禄炉录脕}}{-}}{triangle}4NO+6H_{2}O}18、略

【分析】试题分析：（1）由所给B的结构简式判断A为对甲基苯酚，所以A转化为B的反应方程式为（2）F中的含氧官能团除醚键外还有羧基、羰基；（3）E分子中的-CN在酸性条件下水解生成-COOH，与邻位的羟基发生脱水缩合反应，生成高分子化合物，结构简式为（4）可发生水解反应，且一种水解产物含有酚羟基，另一种水解产物含有醛基，说明该分子中有且分子中有4种氢原子，说明分子中存在对称结构，所以符合条件的D的同分异构体的结构简式为（5）以A和乙醇为主要原料制备对羟基苯乙酸乙酯，主要是使A分子通过反应增加1个羧基，根据所给流程图可知卤素原子可以与NaCN、乙醇反应使分子中增加-CN，然后酸性条件下水解得羧基，再与乙醇反应得目标产物，所以第一步应在A分子的甲基上增加卤素原子。流程图如下：考点：考查有机推断，结构简式、化学方程式的判断及书写，同分异构体的判断及书写，物质制备的流程的设计【解析】【答案】（1）（2）羰基；羧基（3）（4）（5）19、略

【分析】解：rm{(1)}四种元素分别为rm{O}rm{Na}rm{O}rm{Cl}电负性最大的为rm{O}元素，rm{C}为rm{P}元素，核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}

故答案为：rm{O}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}

rm{(2)A}为rm{O}元素，有rm{O_{2}}rm{O_{3}}两种同素异形体，二者对应的晶体都为分子晶体，因rm{O_{3}}相对分子质量较大，则范德华力较大，沸点较高；rm{A}的氢化物为水，为分子晶体，rm{B}的氢化物为rm{NaH}为离子晶体，故鉴别rm{A}和rm{B}形成的离子化合物是否为晶体，最可靠的科学方法是rm{X}射线衍射法；

故答案为：rm{O_{3}}rm{O_{3}}相对分子质量较大，范德华力较大；rm{X}射线衍射法；

rm{(3)C}和rm{D}反应可生成组成比为rm{1}rm{3}的化合物为rm{PCl_{3}}rm{P}形成rm{3}个rm{娄脛}键，孤电子对数为rm{dfrac{5-3隆脕1}{2}=1}则为rm{sp^{3}}杂化；立体构型为为三角锥形；

故答案为：三角锥形；rm{sp^{3}}

rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}为rm{Cl_{2}O}rm{O}为中心原子，形成rm{2}个rm{娄脛}键，孤电子对数为rm{dfrac{6-2隆脕1}{2}=2}则中心原子的价层电子对数为rm{4}立体构型为rm{V}形；rm{VSEPR}模型为四面体形；

故答案为：rm{V}形；四面体形。

A、rm{B}rm{C}rm{D}为原子序数依次增大的四种元素，rm{C}rm{D}为同周期元素，rm{C}核外电子总数是最外层电子数的rm{3}倍，则rm{C}为rm{P}元素；rm{D}元素最外层有一个未成对电子，rm{D}为rm{Cl}元素；

rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的电子构型，则rm{A}为rm{O}元素、rm{B}为rm{Na}元素；

rm{(1)}四种元素电负性最大的为rm{O}元素，rm{C}为rm{P}元素；

rm{(2)A}为rm{O}元素，有rm{O_{2}}rm{O_{3}}两种同素异形体，rm{O_{3}}相对分子质量较大，沸点较高，rm{B}的氢化物为rm{NaH}为离子晶体，据此进行分析；

rm{(3)C}和rm{D}反应可生成化合物为rm{PCl_{3}}为rm{sp^{3}}杂化；

rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}为rm{Cl_{2}O}立体构型为rm{V}形；据此进行分析。

本题考查物质结构和性质，为高频考点，侧重考查学生空间想象能力、知识运用能力，涉及核外电子排布、原子结构、价层电子对互斥理论等理论分析解答，题目难度中等。【解析】rm{O}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}rm{O_{3}}rm{O_{3}}相对分子质量较大，范德华力较大；rm{X}射线衍射法；三角锥形；rm{sp^{3}}rm{V}形；四面体形20、C4H8O2；4；消去反应；氧化反应；CH3CH（OH）CH（OH）CH3+2+2H2O【分析】解：rm{X}只含有rm{C}rm{H}rm{O}三种元素，其相对分子质量为rm{88}分子中rm{C}rm{H}rm{O}原子个数比为rm{2}rm{4}rm{1}设乙偶姻的分子式为rm{(C_{2}H_{4}O)_{n}}根据其相对分子质量得rm{(12隆脕2+1隆脕4+16隆脕1)n=88}rm{n=2}所以其分子式为rm{C_{4}H_{8}O_{2}}rm{X}中含有碳氧双键，能生成rm{A}rm{A}的相对分子质量比rm{X}小rm{2}故rm{X}中还含有羟基rm{-OH}rm{X}能与氢气发生加成反应反应生成rm{D}rm{D}在rm{HIO_{4}}作用下反应生成rm{F}结合题目中信息可知，rm{D}中含有rm{2}个相邻的rm{-OH}且为对称结构，故D为rm{CH_{3}CH(OH)CH(OH)CH_{3}}rm{F}为rm{CH_{3}CHO}rm{X}结构为rm{A}的结构为rm{X}在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成rm{B}rm{B}为rm{C}是链状高分子化合物，rm{B}发生加聚反应生成rm{C}rm{C}为rm{F}与氢气发生加成反应生成rm{G}rm{G}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{D}与足量的苯甲酸发生酯化反应生成rm{E}rm{E}为

rm{(1)}通过以上分析知，乙偶姻的分子式为rm{C_{4}H_{8}O_{2}}

故答案为：rm{C_{4}H_{8}O_{2}}

rm{(2)Y}是香料rm{X}的同分异构体，属于酯类，从甲酸酯开始，依次为乙酸酯、丙酸酯，所以rm{X}可能的结构简式：rm{HCOOCH_{2}CH_{2}CH_{3}}rm{HCOOC(CH_{3})_{2}}rm{CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}COOCH_{3}}共rm{4}种；

故答案为：rm{4}

rm{(3)}反应rm{垄脵}是乙偶姻在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成反应rm{垄脹}是rm{CH_{3}CH_{2}OH}发生氧化反应生成rm{CH_{3}CHO}

故答案为：消去反应；氧化反应；

rm{(4)}由以上分析可知rm{X}为rm{C}为故答案为：

rm{(5)D隆煤E}是rm{CH_{3}CH(OH)CH(OH)CH_{3}}与足量的苯甲酸发生酯化反应生成反应方程式为rm{CH_{3}CH(OH)CH(OH)CH_{3}+2}rm{+2H_{2}O}

故答案为：rm{CH_{3}CH(OH)CH(OH)CH_{3}+2}rm{+2H_{2}O}

rm{X}只含有rm{C}rm{H}rm{O}三种元素，其相对分子质量为rm{88}分子中rm{C}rm{H}rm{O}原子个数比为rm{2}rm{4}rm{1}设乙偶姻的分子式为rm{(C_{2}H_{4}O)_{n}}根据其相对分子质量得rm{(12隆脕2+1隆脕4+16隆脕1)n=88}rm{n=2}所以其分子式为rm{C_{4}H_{8}O_{2}}rm{X}中含有碳氧双键，能生成rm{A}rm{A}的相对分子质量比rm{X}小rm{2}故rm{X}中还含有羟基rm{-OH}rm{X}能与氢气发生加成反应反应生成rm{D}rm{D}在rm{HIO_{4}}作用下反应生成rm{F}结合题目中信息可知，rm{D}中含有rm{2}个相邻的rm{-OH}且为对称结构，故D为rm{CH_{3}CH(OH)CH(OH)CH_{3}}rm{F}为rm{CH_{3}CHO}rm{X}结构为rm{A}的结构为rm{X}在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成rm{B}rm{B}为rm{C}是链状高分子化合物，rm{B}发生加聚反应生成rm{C}rm{C}为rm{F}与氢气发生加成反应生成rm{G}rm{G}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{D}与足量的苯甲酸发生酯化反应生成rm{E}rm{E}为以此解答该题．

本题考查有机合成，为高考高频点，涉及醇、醛、酯的性质、反应类型及方程式的书写、官能团的检验，正确推断物质是解本题关键，难点是官能团的检验中操作方法的书写，要注意化学用语的正确运用．【解析】rm{C_{4}H_{8}O_{2}}rm{4}消去反应；氧化反应；rm{CH_{3}CH(OH)CH(OH)CH_{3}+2}rm{+2H_{2}O}21、（1）加成反应；取代反应（2）氢氧化钠醇溶液、加热；氢氧化钠水溶液、加热（3）保护碳碳双键，防止被氧化（4）CH2=CHCH2Br+HBr→CH2BrCH2CH2Br；（5）HOCH2CHClCH2CHO或OHCCHClCH2CHO或OHCCHClCH2COOH；银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液【分析】本题考查有机物的推断，涉及常见有机反应类型、卤代烃、烯烃、醇、醛。rm{1}rm{3-}丁二烯可以与氯气发生rm{1}rm{4}加成反应生成rm{A}为rm{ClCH}rm{1}丁二烯可以与氯气发生rm{3-}rm{1}加成反应生成rm{4}为rm{A}rm{ClCH}rm{2}rm{2}rm{CH=CHCH}rm{CH=CHCH}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{2}rm{2}rm{Cl}rm{A}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{HOCH}rm{Cl}rm{A}与rm{HOCH}发生加成反应生成rm{2}为rm{2}rm{CH=CHCH}rm{CH=CHCH}rm{2}rm{2}rm{OH}与rm{HCl}发生加成反应生成rm{B}为rm{HOCH}rm{OH}rm{HCl}酸化得到rm{B}rm{HOCH}rm{2}rm{2}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{CH(Cl)CH}rm{CH(Cl)CH}rm{2}rm{2}rm{OH}rm{D}酸化得到rm{C}故B发生催化氧化生成rm{OH}为rm{D}rm{C}rm{4}rm{4}在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成rm{H}则rm{H}为rm{4}．rm{4}rm{O}rm{O}rm{4}rm{4}，故D为盐，则rm{C}rm{C}rm{4}rm{4}发生加成反应生成rm{H}为rm{H}rm{4}rm{4}rm{O}rm{O}rm{4}rm{4}为rm{HOOC-CH=CH-COOH}故B发生催化氧化生成rm{C}为rm{HOOCCH}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{HOOC-CH=CH-COOH}rm{C}rm{HOOCCH}rm{2}rm{2}rm{CH(Cl)COOH}rm{C}在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成rm{D}则rm{D}为rm{NaOOC-CH=CH-COONa}．rm{CH(Cl)COOH}与rm{C}通过酯化反应进行的缩聚反应生成高聚物rm{D}为rm{D}rm{NaOOC-CH=CH-COONa}反应rm{CH}是rm{CH}rm{3}丁二烯与氯气发生rm{3}rm{CH=CH}加成反应生成rm{CH=CH}rm{2}rm{2}与溴发生取代反应生成rm{BrCH}rm{BrCH}反应rm{2}是rm{2}rm{CH=CH}rm{CH=CH}rm{2}rm{2}，与rm{HBr}发生加成反应生成rm{F}为rm{BrCH}rm{HBr}rm{F}rm{BrCH}rm{2}反应rm{2}是rm{CH}rm{CH}rm{2}在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成rm{2}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}反应rm{Br}rm{F}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{HOCH}是rm{Br}rm{F}rm{HOCH}rm{2}rm{2}rm{CH}rm{CH}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成rm{2}rm{2}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{OH}与rm{HOOC-CH=CH-COOH}通过酯化反应进行的缩聚反应生成高聚物rm{G}为故答案为：氢氧化钠醇溶液、加热；氢氧化钠水溶液、加热；rm{OH}rm{HOOC-CH=CH-COOH}rm{G}，rm{(1)}反应rm{垄脵}是rm{1}rm{3-}丁二烯与氯气发生rm{1}rm{4-}加成反应生成rm{ClCH}中含有rm{(1)}双键，氧化羟基时也可以氧化rm{垄脵}双键，转化生成rm{1}为rm{3-}rm{1}中含有rm{4-}双键，故反应rm{ClCH}的目的是：保护碳碳双键，防止被氧化，故答案为：保护碳碳双键，防止被氧化；rm{2}rm{2}反应rm{CH=CHCH}的化学方程式为：rm{CH=CHCH}rm{