2025年冀教新版选修3物理下册月考试卷含答案

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A.保持R不变，将触头P向上移动，则A1的示数变小，A2的示数变小B.保持R不变，将触头P向下移动，电源输出的总功率变小C.保持P的位置不动，增大R，则A1的示数减小，A2的示数减小D.保持P的位置不动，增大R，则R的电功率变小，R1的电功率不变2、某激光器能发射波长为的激光。设发射功率为P，用c表示光速，h表示普朗克常量，则激光器每秒钟发射的光子数为（）A.B.C.D.3、下列说法正确的是（）A.温度低的物体内能一定小B.温度低的物体分子运动的平均速率小C.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大D.分子距离增大，分子势能一定增大4、关于物体的内能，下列说法正确的是（）A.水分子的内能比冰分子的内能大B.物体所处的位置越高分子势能越大C.一定质量的0℃的水结成的0℃冰，内能一定减少D.相同质量的两个同种物体，运动物体的内能一定大于静止物体的内能5、在大树下，由于阳光的照射，常看到地上有许多圆形的亮斑A.这些都是太阳的正立虚像B.这些都是太阳的倒立虚像C.这些都是太阳的正立实像D.这些都是太阳的倒立实像6、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时（）A.速度最大B.回复力最大C.加速度最大D.弹性势能最大7、如图所示，两个大小相同、质量均为m的小弹珠静止在水平地面上，某小孩在极短时间内给第一个弹珠一个水平冲量使其向右运动，当第一个弹珠运动了距离L时与第二个弹珠发生弹性正碰，碰后第二个弹珠运动了2L后停下。已知弹珠所受阻力大小恒为重力的k倍，重力加速度为g，则小孩对第一个弹珠（）

A.施加的冲量为B.施加的冲量为C.做的功为kmgLD.做的功为3kmgL8、如图所示，平面镜与夹角为一条平行于平面镜的光线经过两个平面镜的多次反射后，能够沿着原来的光路返回．则平面镜之间的夹角不可能是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、在外力作用下两分子间的距离达到不能再靠近时，固定甲分子不动，乙分子可自由移动，去掉外力后，当乙分子运动到很远时，速度为v，则在乙分子的运动过程中（乙分子的质量为m）（）A.乙分子的动能变化量为mv2B.分子力表现为引力时比表现为斥力时多做的功为mv2C.分子力表现为斥力时比表现为引力时多做的功为mv2D.乙分子克服分子力做的功为mv210、以下说法正确的是（）A.一定质量的气体，在吸收热量的同时体积增大，内能有可能不变B.内能相等的两个物体相互接触，也可能发生热传递C.仅知道阿伏伽德罗常数和氮气的摩尔体积，能算出氮气分子的体积D.当分子间的作用力表现为斥力时，分子间的距离越小，分子势能越大11、下列说法正确的是（）

A.图甲为氧气分子在不同温度下的速率分布图像，由图可知状态①的温度比状态②的温度高B.图乙为一定质量的理想气体状态变化的图线，由图可知气体由状态A变化到B的过程中，气体分子的平均动能先增大后减小C.图丙为分子间作用力的合力与分子间距离的关系，可知当分子间的距离r＞r0时，分子势能随分子间的距离增大而增大E.一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，气体内能增加的同时向外界释放热量E.一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，气体内能增加的同时向外界释放热量12、下列各种说法中正确的是________A.热量不可能从低温物体传到高温物体B.布朗运动是由于液体分子无规则运动引起的C.当气体分子热运动的剧烈程度减弱时，气体分子的平均动能减小E.有两个相距较远的分子甲和乙，设乙分子固定不动，现让甲分子以一定的初速度向乙运动且两分子始终在同一直线上，当甲分子到达r=r0处时，甲、乙分子系统的分子势能最小E.有两个相距较远的分子甲和乙，设乙分子固定不动，现让甲分子以一定的初速度向乙运动且两分子始终在同一直线上，当甲分子到达r=r0处时，甲、乙分子系统的分子势能最小13、如图所示；通电直导线处在蹄形磁铁两极间，受到力F的作用发生偏转，以下说法正确的是()

A.这个力F是通过磁场产生的B.这个力F没有反作用力C.这个力F的反作用力作用在通电导线上D.这个力F的反作用力作用于蹄形磁铁上14、如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，金属棒与两导轨始终保持垂直，并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在水平匀强磁场中，金属棒在竖直向上的恒力F作用下匀速上升的一段时间内；下列说法正确的是。

A.金属棒中的电流方向向右B.金属棒受到的安培力方向向下C.恒力F做的功等于金属棒机械能的增加量D.金属棒克服安培力做功，其数值等于电路中产生的焦耳热15、图甲中直线PQ表示电场中的一条电场线，质量为m、电荷量为q的带负电粒子仅在电场力作用下沿电场线向右运动，经过P点时速度为v0；到达Q点时速度减为零，粒子运动的v-t图象如图乙所示．下列判断正确的是（）

A.P点电势高于Q点电势B.P点场强大于Q点场强C.P、Q两点的电势差为D.带负电粒子在P点的电势能大于在Q点的电势能16、下列说法正确的是（）A.温度越高，扩散现象越不明显B.橡胶无固定熔点，是非晶体C.做功和热传递是改变物体内能的两种方式E.第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律E.第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、两根粗细均匀的铜丝，横截面积相同，长度之比为则电阻之比为________。把一个的平行板电容器接在的电池上，电容器所带的电荷量为________如图所示的电路中，两个开关并联，控制同一个灯泡只要中有一个闭合，灯就亮，这种关系叫做“________”（选填“与”；“或”或“非”）逻辑关系。

18、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中和为已知量。

(1)从状态A到B；气体经历的是_______（选填“等温”，“等容”，或“等压”）过程。

(2)从B到C的过程中；气体的内能_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。

(3)从C到D的过程中，气体对外界_______（选填“做正功”“做负功”或“不做功”），同时________（选填“吸热”或“放热”）。19、反射定律：反射光线与入射光线、法线处在______内，反射光线与入射光线分别位于______；反射角______入射角．20、如图电路中，电源有内阻，开关S1、S2、S3、S4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P；

(1)若只断开S1，则P将________．

(2)若只断开S2，则P将________．

(3)若只断开S3，则P将________．

(4)若只断开S4，则P将________．21、如图，气缸固定于水平面，用截面积为20cm2的活塞封闭一定量的气体，活塞与缸壁间摩擦不计．当大气压强为1.0×105Pa、气体温度为87℃时，活塞在大小为40N、方向向左的力F作用下保持静止，气体压强为____Pa．若保持活塞不动，将气体温度降至27℃，则F变为______N．

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共1题，共2分)25、某种加速器的理想模型如题图1所示：两块相距很近的平行小极板中间各开有一小孔a、b，两极板间电压的变化图像如图图2所示，电压的最大值为U0、周期为T0，在两极板外有垂直纸面向里的匀强磁场。若将一质量为m0、电荷量为q的带正电的粒子从板内a孔处静止释放，经电场加速后进入磁场，在磁场中运动时间T0后恰能再次从a孔进入电场加速。现该粒子的质量增加了(粒子在两极板间的运动时间不计；两极板外无电场，不考虑粒子所受的重力)

(1)若在t=0时刻将该粒子从板内a孔处静止释放，求其第二次加速后从b孔射出时的动能；

(2)现在利用一根长为L的磁屏蔽管(磁屏蔽管置于磁场中时管内无磁场；忽略其对管外磁场的影响)，使题图中实线轨迹(圆心为O)上运动的粒子从a孔正下方相距L处的c孔水平射出，请在答题卡图上的相应位置处画出磁屏蔽管；

(3)若将电压的频率提高为原来的2倍，该粒子应何时由板内a孔处静止开始加速，才能经多次加速后获得最大动能？最大动能是多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A.保持R不变，将触头P向上移动，则增大，再由可知减少，又因为副线圈的总电阻不变，所以通过副线圈的电流减少，即A2的示数变小；A1的示数为。

和都不变，所以A1的示数不变．故A错误．

B.保持R不变，将触头P向下移动，则减少，再由可知增加，副线圈的负载电阻不变，由可知电源输出的总功率增大．故B错误．

C.保持P的位置不动，增大R，负载的总电阻增大，不变，由可知减小，所以A2的示数减小；A1的示数为和都不变，所以A1的示数不变．故C错误．

D.保持P的位置不动，增大R，负载的总电阻增大，不变，由可知减小，副线圈的输出功率为减小，由因为的功率不变，所以的功率是减小的；电阻不变，两端的电压不变，所以R1的电功率不变．故D正确．2、A【分析】【详解】

每个光子的能量为

设每秒激光器发出的光子数是n，则

联立可得

故选A。3、C【分析】【详解】

A．温度低的物体分子平均动能小，但如果物质的量大，则内能也可能大，故A不符合题意；

B．温度是分子平均动能的标志，温度低的物体若分子的质量小，平均速率不一定小，故B不符合题意；

C．温度是分子平均动能的标志；是大量分子运动的统计规律。温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大，故C符合题意；

D．分子距离增大；分子势能可能增大，也可能减小，故D不符合题意。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．分子内能和温度；质量等因素有关，所以水分子的内能不一定比冰分子的内能大，A错误；

B．物体所在的位置越高；所具有的重力势能可能大，但分子势能不一定大，分子势能和分子间的作用力有关，B错误；

C．一定质量的0℃的水结成0℃的冰需要释放热量；而温度不变，所以内能一定减小，C正确；

D．内能与宏观运动无关；运动物体的内能不一定大于静止物体的内能，故D错误；

故选C。5、D【分析】【详解】

沿直线传播的太阳光经过树叶之间的狭缝后照在地面上形成的光斑，属于小孔成像所以这些都是太阳的倒立实像；故ABC错误，D正确．故选D.

【点睛】

本题考查对光的直线传播的现象以及小孔成像，生活中有许多的光的直线传播形成的现象，如小孔成像、影的形成、日食月食等，要学会理论联系实际．6、A【分析】A、D、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时，弹性势能最小，动能最大，故速度最大，故A正确，D错误；B、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时，位移为零，根据F=-kx，回复力为零，故B错误；C、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时，位移为零，根据加速度为零，故C错误；故选A．

【点睛】本题关键是明确简谐运动的运动特点，熟悉回复力、加速度的计算公式．7、D【分析】【分析】

【详解】

CD．两个完全相同的小球发生弹性碰撞，速度交换，设第二个小球碰后的速度为v，根据速度位移公式有

解得对第一个小球，设小孩对其做功为W，根据动能定理

代入可得W=3kmgL；C错误；D正确；

AB．设小孩施加的冲量为I，产生向右的初速度为根据动能定理有

解得

根据动量定理有

故AB错误。

故选D。8、D【分析】【详解】

画光的反射光路图如下图所示。

由图知，光线第1次反射的入射角为：

第2次入射时的入射角为：

第3次的入射角为：

第次的入射角为：

要想沿原来光路返回需要光线某次反射的入射角为零，所以有

解得

由于为自然数，所以θ不能等于

故选D。二、多选题(共8题，共16分)9、A:C【分析】【详解】

A．当甲、乙两分子间距离最小时，两者都处于静止状态，当乙分子运动到分子力的作用范围之外时，乙分子不再受力，此时速度为v，故在此过程中乙分子的动能变化量为mv2；故A正确；

BC.在此过程中，分子斥力做正功，分子引力做负功，即W合=W斥-W引=△Ek

由动能定理得W斥-W引=mv2

故分子力表现为斥力时比表现为引力时多做的功为mv2；故B错误，C正确；

D.分子力对乙分子做的功等于乙分子动能的变化量，即W=mv2

故D错误。

故选AC。10、A:B:D【分析】【详解】

A．一定质量的气体；在吸收热量的同时有可能体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律可知内能有可能不变，故A正确；

B．内能相等的两个物体；温度不一定相同，温度不同相互接触就会发生热传递，因此可能发生热传递，故B正确；

C．仅知道阿伏伽德罗常数和氮气的摩尔体积；则可以算出氮气分子平均所占空间体积的大小，但气体分子之间的距离远大于其本身直径，所以氮气分子所占空间体积的大小远大于氮气分子体积的大小，不能算出氮气分子的体积，故C错误；

D．当分子间的作用力表现为斥力时；减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增大；所以当分子间的作用力表现为斥力时，分子间的距离越小，分子势能越大，故D正确；

故选ABD。11、A:B:C【分析】【详解】

A．；由甲图可知；①中速率大分子占据的比例较大，则说明①对应的平均动能较大，故①对应的温度较高，故A正确；

B．图乙为图像，对应的等温线为双曲线的一支，根据可知，等温线对应的位置越高，同其温度越大，如取AB段中点位置的坐标（4.5，2.5）可知，其对应的温度一定高于起点A和终点B的温度，故说明由状态A变化到B的过程中；气体温度先升高后降低，故B正确；

C．由图丙可知，当分子间的距离时；分子力表现为斥力，分子间的距离增大，分子力做负功，分子势能增加，故C正确；

D．已知阿伏加德罗常数；某种气体的摩尔质量和密度；可以估算该种气体分子所占空间的大小，但不能估算气体分子体积的大小，故D错误；

E．一定质量的理想气体等压膨胀的过程中，体积增大，温度升高，内能增加膨胀过程中气体对外做功根据热力学第一定律知即气体内能增加的同时从外界吸热，故E错误。

故选ABC。12、B:C:E【分析】【详解】

A．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体；若引起其他的变化，热量可以从低温物体传向高温物体，如空调，故A错误；

B．布朗运动是由于液体分子的无规则运动而不断撞击悬浮颗粒；从而引起悬浮颗粒的无规则运动，这个无规则运动称为布朗运动，故B正确；

C．温度是分子平均动能的标志；气体分子热运动的剧烈程度减弱时，说明气体的温度降低，那么气体分子的平均动能减小，故C正确；

D．已知阿伏伽德罗常数为NA，氧气的摩尔质量为M，则每个氧气分子的质量为

且气体的摩尔体积为

由于气体分子间的间隔较大，故可算出则每个氧气分子所占空间的体积为

并不能算出每个氧气分子的体积；故D错误；

E．分子甲从远处趋近固定不动的分子乙，一直到分子甲受到分子乙的作用力为零，这个过程中分子力表现为引力，一直做正功，分子的动能一直增大，则系统分子势能减小，当两分子之间的距离r<r0时；分子力对乙分子做负功，此后分子系统的势能增加，故E正确。

故选BCE。13、A:D【分析】磁场力是磁场本身性质的体现，磁场是一种物质，磁体间或磁体与电流间的作用都是通过磁场完成的，但是磁场看不见摸不着并不意味着只有受力物体没有施力物体，没有反作用力．这时我们需找出产生磁场的物体，它才是施力物体，力F的反作用力作用在施力物体上，故选AD.14、B:D【分析】【详解】

A.由右手定则可知；金属棒中的电流方向向左，故A错误；

B.金属棒中的电流方向向左；由左手定则可知，金属棒受到的安培力方向向下，故B正确；

C.由功能关系可知，力F做的功与安培力做功的代数和等于机械能的增加量；故C错误；

D.根据功能关系可知，金属棒克服安培力做功，其数值等于电路中产生的焦耳热，故D正确。15、A:B:C【分析】【详解】

A、由图乙知带电粒子的速度减小，受到向左的电场力，故电场线方向向右，P点电势一定高于Q点电势，故A正确；

B、由乙图可知，P处的加速度大于Q处的加速度，故P处的场强大于Q处的场强，故B正确；

C、由动能定理知可求出AB两点的电势差为故C正确；

D、负电荷在电势低的地方电势能大，故电荷在P点的电势能一定小于Q点的电势能，故D错误；

故选ABC．

【点睛】

速度图象看出，粒子的速度减小，负电荷受向左的电场力，故电场线方向向右，负电荷在电势低的地方电势能大，根据速度图象的斜率等于加速度，可比较加速度的大小，从而能比较出电场力的大小．16、B:C:E【分析】【详解】

A；温度越高；分子的运动越激烈，扩散现象越明显，故A错误；

B；橡胶是非晶体；无固定熔点，故B正确；

C；改变内能的方式有做功和热传递两种。故C正确；

D；布朗运动是固体小颗粒的运动；是液体分子的热运动，间接反映了液体分子的无规则运动，故D错误；

E、第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律，故E正确；三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可得两电阻丝的电阻之比为2:1；

[2]把一个的平行板电容器接在9V的电池上，电容器所带的电荷量为

[3]根据电路可知，这种关系叫做“或”逻辑关系。【解析】或18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]从状态A到B；由于体积没变，因此发生的是等容过程。

(2)[2]从B到C的过程；由于气体温度不变，因此气体的内能不变。

(3)[3][4]从C到D的过程中，由于体积减小，因此气体对外界做负功；而温度降低，内能减小，根据热力学第一定律，一定放出热量。【解析】等容不变做负功放热19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】同一平面法线的两侧等于20、略

【分析】【详解】

（1）只断开S1；电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静止状态．

（2）只断开S2；电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上做加速直线运动．

（3）只断开S3；电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下做加速直线运动．

（4）只断开S4；电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．

【点睛】

本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开s2，要知道稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解.【解析】静止向上做匀加速直线运动向下做加速直线运动静止21、略

【分析】【详解】

对活塞：，解得

若保持活塞不动，将气体温度降至27℃，则根据；解得；因此时内外气压相等，故F=0.【解析】0四、作图题(共3题，共15分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器