2025年浙教版高三物理下册阶段测试试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高三物理下册阶段测试试卷440考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一物体做竖直上抛运动，落回原处的速度为40m/s，则整个运动的时间是（g取10m/s2）（）A.2sB.4sC.8sD.初速度未知，时间无法确定2、下列说法正确的是（）A.分力与合力同时作用在物体上B.分力同时作用在物体上的共同效果与合力单独作用时效果相同C.合力可能大于分力的大小也可能小于分力的大小D.合力与分力是一对平衡力3、【题文】正电荷Q位于如图所示的坐标原点，另一负电荷－2Q放在何处才能使点的电场强度为零。

A.位于x轴上，x>1B.位于x轴上，x<0C.位于x轴上，0<x<1D.可以不在x轴上4、【题文】“六十甲子”是古人发明用来记计时的方法；也是一种表示自然界五行之气循环流转的直观表示法。某学校物理兴趣小组用空心透明粗糙塑料管制作了如图所示的竖直“60”造型。两个“0”字型圆的半径均为R。让一质量为m；直径略小于管径的小球从入口A处无初速度放入，B、C、D是轨道上的三点，E为出口，其高度低于入口A。已知BC是“0”字型的一条竖直方向的直径，D点是左侧“0”字型上的一点，与圆心等高，A比C高R，当地的重力加速度为g，不计一切阻力,则小球在整个运动过程中（）

A.如果是光滑小球；在D点处，塑料管的左侧对小球的压力为4mg

B.如果是光滑小球；小球一定能从E点射出。

C.如果是不光滑小球；且能到达C点，此处塑料管对小球的作用力小于mg

D.如果是不光滑小球，小球不可能停在B点5、如图，通过绝缘线将质量均为m的三个小球A、B、C连接在一起并悬于O点，其中A、B球带电，且带电量均为+q，C球不带电。整个空间存在方向竖直向下的匀强电场，场强大小为E=．当把OA段细线剪断的瞬间（）A.A球的加速度小于2gB.B球的加速度大于2gC.A球和B球之间的绳子拉力为0D.B球和C球之间的绳子拉力为06、如图所示，A，B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，沿电场线从A运动到B，则（）A.电场强度的方向向左B.A点场强一定大于B点场强C.电场力度电子做负功D.电子在电场中的电动势能增加7、夏季来临，空调、冷风机等大功率电器使用增多，用户消耗的功率增大．如图所示，发电厂的输出电压U1和输电线的电阻r均不变、变压器均为理想变压器，则下列说法中正确的是（）A.变压器的输出电压U2增大，且U2＞U1B.变压器的输出电压U4增大，且U4＜U3C.输电线损耗的功率占总功率的比例减小D.输电线损耗的功率增大8、如图所示；物体在恒力F作用下沿直线从A运动到B，这时突然使它所受的力反向，而保持其大小不变，则关于物体以后的运动情况：

①物体不可能沿Ba运动；

②物体可能沿Bb运动；

③物体不可能沿曲线Bc运动；

④物体不可能沿原曲线由B返回A

上述说法正确的是（）A.只有①B.只有③C.②③D.①④9、某同学设想驾驶-辆由火箭作动力的陆地太空两用汽车，沿赤道行驶并且汽车相对于地球的速度可任意增加，不计空气阻力，当汽车速度增加到某-值时，汽车将离开地球成为绕地球做圆周运动的“航天汽车”，则下列说法正确的是（g=10m/s2R0=6400km）（）A.汽车在地面上速度增加时，它对地面的压力增大B.当汽车离开地球的瞬间速度达到28800km/hC.此“航天汽车”环绕地球做圆周运动的最小周期为1hD.此“航天汽车”上弹簧测力计无法测量力的大小评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、一辆汽车在一条直线上行驶，第1s内通过5m，第2s内通过15m，第3s内通过20m，第4s内通过16m．则全部时间内的平均速度是____m/s．11、元电荷指质子所带的电量．电子带有等量异种电荷，用e表示．e=____C（填写1.60×10-19或-1.60×10-19）12、电扇的风叶的长度为1200mm，转速为180r/min，则它的转动周期是____s，角速度是____rad/s，叶片端点处的线速度是____m/s．13、合运动与分运动：一个物体实际发生的运动产生的效果跟另外两个运动共同产生的效果相同．我们就把物体实际发生的运动叫做这两个运动的____，这两个运动叫做这一实际运动的____．一个复杂的运动可以看成是几个____的分运动的合运动．14、【题文】若导体两端电压为12V时，通过它的电流是0.1A，则该导体的电阻大小为______Ω；若该导体两端电压为6V，则通过它的电流为_____A；若两端电压为零，则该导体的电阻为______Ω，依据是___________________________。15、【题文】(4分)在2010年温哥华冬奥会上，首次参赛的中国女子冰壶队喜获铜牌，如图为中国队员投掷冰壶的镜头。假设在此次投掷中，冰壶运动一段时间后以0.4m/s的速度与对方的静止冰壶发生正碰，碰后中国队的冰壶以0.1m/s的速度继续向前滑行。若两冰壶质量相等，则对方冰壶获得的速度为____m/s。

16、（2015春•蓟县校级月考）如图所示，线圈abcd每边长l=0.20m，线圈质量m1=0.10kg，电阻R=0.10Ω，砝码质量m2=0.14kg．线圈上方的匀强磁场磁感应强度B=0.5T，方向垂直线圈平面向里，磁场区域的宽度h=l．砝码从某一位置下降，使ab边进入磁场开始做匀速运动，则线圈做匀速运动的速度为____m/s．（g取10m/s2）评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)17、没有施力物体的力有可能存在．____（判断对错）18、同一汽车，速度越快，越难刹车，说明物体速度越大，惯性越大．____（判断对错）19、火车转弯时，若转弯处内外轨道一样高，则转弯时，对外轨产生向外的挤压作用．____．20、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）21、光的偏振现象说明光是横波____（判断对错）评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)22、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为UA=15V，UB=3V，UC=-3V；由此。

（1）可求D点电势UD得大小？

（2）若该正方形的边长为a=2cm，且电场方向与正方形所在平面平行，求场强为E的大小？并在图中画出经过A的一条电场线．23、如图所示，已知两个力F1=6N，F2=8N，如果这两个力的夹角是90°，请画出它们的合力并求出它们的合力大小．24、【题文】如图所示，L为垂直于纸面的通电直导线（通有垂直于纸面向里的电流I），放在水平向左的匀强磁场B中，请用箭头在图中标出通电直导线L所受安培力方向（用F表示）评卷人得分五、解答题(共4题，共8分)25、如图所示，一竖直固定且光滑绝缘的直圆筒底部放置一可视为点电荷的场源电荷A，已知带电量Q=+4×10-3C的场源电荷A形成的电场中各点的电势表达式为φ=k，其中k为静电力恒量，r为空间某点到A的距离．现有一个质量为m=0.1kg的带正电的小球B，它与A球间的距离为a=0.4m，此时小球B处于平衡状态，且小球B在场源电荷A形成的电场中具有的电势能表达式为ɛ=k，其中r为q与Q之间的距离．另一质量也为m的不带电绝缘小球C从距离B的上方H=0.8m处自由下落，落在小球B上立刻与小球B粘在一起以2m/s向下运动，它们到达最低点后又向上运动，向上运动到达的最高点为P（已知k=9×109N•m2/C2）；求：

（1）小球C与小球B碰撞前的速度大小v0为多少？

（2）小球B的带电量q为多少？

（3）P点与小球A之间的距离为多大？

（4）当小球B和C一起向下运动与场源电荷A距离多远时，其速度最大？速度的最大值为多少？26、一只标有“220V100W”的电炉；接入u=141sin314t（V）的电路上，求：

（1）与电炉并联的电压表的读数；

（2）与电炉串联的电流表的读数．27、如图所示，在O点悬一细长直杆，杆上串着一个弹性小球A，mA=0.5kg．用长为L=1m的细线系着另一个小球B；上端也固定于O点，将B拉开使细线偏离竖直方向一个小角度，使B作简谐振动，求：

（1）将B拉离平衡位置的最大距离是多少？

（2）将A停在距O点L/2处与B同时释放；若B球第二次回到平衡位置时与A球正好相碰，A球加速度是多少？

（3）A球受到的摩擦力为多少？取（π2=10）28、绝热容器A经一阀门与另一容积比A的容积大得很多的绝热容器B相连．开始时阀门关闭，两容器中盛有同种理想气体，温度均为30℃，B中气体的压强为A中的2倍．现将阀门缓慢打开，直至压强相等时关闭．问此时容器A中气体的温度为多少？假设在打开到关闭阀门的过程中处在A中的气体与处在B中的气体之间无热交换．已知每摩尔该气体的内能为，式中R为普适气体恒量，T是热力学温度．评卷人得分六、画图题(共2题，共10分)29、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）30、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】物体做竖直上抛运动，整个过程是匀变速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解即可．【解析】【解答】解：物体做竖直上抛运动；取竖直向上为正方向，整个过程是匀变速直线运动，位移为零，加速度为-g，初速度为10m/s，根据位移时间关系公式，有。

h=v0t-gt2

代入数据，有：0=40t-×10×t2

解得：t=0（舍去）或t=8s

故选：C．2、B【分析】【分析】当一个物体受到几个力的共同作用时；我们常常可以求出这样一个力，这个力产生的效果和原来几个力的共同作用产生的效果相同，这个力就叫做那几个力的合力，原来的几个力就叫做这个力的分力．

1．合力与分力是等效替换关系．

2．在进行受力分析时，合力与分力只能考虑其一，切忌重复分析．【解析】【解答】解：A；合力与分力是等效替代关系；不是重复受力，故A错误；

B；合力与分力是等效替代关系；故B正确；

C、D：两个分力F1、F2与合力F合的大小关系与两个分力方向间的夹角θ有关．当θ=0，则F合=F1+F2（F合最大）；当θ=180°，则F合=|F1-F2|（F合最小）．所以两个力的合力可以大于任一分力；也可以小于任一分力，还可以等于某一分力，并且在两力同向时合力最大，反向时合力最小，故C错误；

D；合力与分力是效果相等；不属于实际受力，故D也错误；

故选：B．3、B【分析】【解析】P点的电场强度为零，即+Q和-2Q在P点合场强为零，+Q在P点场强方向向右，则-2Q的电荷在P点场强方向向左，且应该在P点左边的x轴上，又因为因为负电荷电荷量较大，所以要想使它产生的电场跟+Q的电场大小相等，则间距必须增大，位于O点左边，即位于x轴上，x<0

故选:B【解析】【答案】B4、A|B【分析】【解析】分析：让小球在竖直放置的空心透明粗糙塑料管运动；利用牛顿第二定律与圆周运动的向心力公式，可求出某点的受力情况．同时运用动能定理，可找出某两点的速度与这两点的高度关系．小球从高于E点的A点静止释放，若光滑时则由机械能守恒定律，可得出小球是否能从E点射出．当小于到达最高C点，由速度结合牛顿第二定律可得出小球的受力情况．

解答：解：A选项，由于光滑小球则从A到D过程中机械能守恒，由守恒定律可得：2mgR=mv2-0（1）小球在D点受力分析：小球受到管道的支持力F=（2）

由（1）（2）联式可得：F=4mg；则小球对塑料管的左侧压力为4mg故正确；

B选项，若小球光滑，则A到E过程中机械能守恒，由守恒定律可得：mghAE=mv2

所以小球能从E点射出．故正确；

C选项，若小球光滑则小球到达C点的速度由机械能守恒定律求出：mghAC=mv2（1）

小球在C点受力分析与运动分析得：4mg+F=（2）

可得小球受到管道向下的弹力F="mg"但本选项是不光滑的；则小球的受到的力要小于mg．即使当小球到达C点速度变小，也不会等于0．所以小球能通过C点时此处塑料管对小球的作用力小于mg故正确；

D选项；若小球不光滑，在下滑过程中受到阻力，虽重力做正功但阻力做负功．做的总功可能为0所以小球能停在B点故不正确；

故选ABC

点评：本题从光滑与不光滑两种情况入手分析，利用机械能守恒定律与动能定理，来分析小球受力情况．值得注意是，当小球在C点的受力分析，可能受向上支持力，也可能受到向下“拉”力．【解析】【答案】AB5、D【分析】解：AB；剪断绳子OA的瞬间；假设AB和BC段的绳子均无作用力；

对A受力分析有：mg+qE-=maA；

对B：mg+qE+=maB；

对C：mg=maC，则有：aA＜2g，aB＞2g，aC=g；

结合轻绳的受力特点可知；AB段绳子绷紧，AB成为一个整体，BC段绳子松弛；

故由对AB整体：mg+mg+2qE=2maAB，则aAB=2g；故AB错误；

C、对A分析有：mg+qE+F-=maAB，故F=故C错误；

D；结合以上分析可知；BC段绳子松弛，故BC段绳子拉力为0，故D正确；

故选：D。

OA段被剪断；A球球被释放，由于电场力作用AB具有相同的向下加速度a，且加速度a大于重力加速度g，故BC段绳子松弛无弹力作用，采用整体法和隔离法处理AB间的相互作用力即可。

会采用整体法和隔离法求相互作用的物体间的作用力是解决本题的关键。【解析】D6、A【分析】【分析】根据电子所受电场力的方向确定电场强度的方向，根据电场力做功判断电势能的高低．【解析】【解答】解：A；电子受电场力作用；由A到B，知电场力的方向水平向右，则电场强度方向向左．故A正确．

B；由于电场线的疏密未知；则无法比较A、B两点的电场强度的大小．故B错误．

C；从A到B；电场力做正功，电子的电势能减小，故C、D错误．

故选：A．7、D【分析】【分析】升压变压器原线圈的电压不变，匝数比不变，则输出电压不变；根据用户端功率增大，得出降压变压器副线圈电流的变化，根据电流之比等于匝数之反比得出输电线上电流的变化，根据△U=IR得出电压损失的变化，从而得出降压变压器的输入电压和输出电压的变化．根据输电线上的电流的变化得出输电线上功率损失的变化，结合损耗的功率和输入功率之比求出输电线损耗的功率占总功率的比例变化．【解析】【解答】解：A、因为发电厂的输出电压U1不变，根据知，输出电压U2不变．故A错误．

B、因为用户端消耗的功率增大，知降压变压器副线圈中电流变大，则输电线上的电流变大，输电线上的电压损失变大，因为升压变压器的输出电压不变，则降压变压器的输入电压减小，输出电压U4也减小．故B错误．

C、因为输电线上的电流变大，则输电线上损耗的功率增大，输电线损耗的功率占总功率的比例为；因为输电线的电阻；输送电压不变，电流变大，则输电线损耗的功率占总功率的比例增大．故C错误，D正确．

故选：D．8、D【分析】【分析】物体做曲线运动时，运动轨迹是在速度与力的夹角之中，根据这一点可以判断原来的恒力F的方向是向下的，当F变成向上时，运动轨迹仍然要处于速度与合力的夹角之间．【解析】【解答】解：物体从A到B运动；因为运动轨迹是在速度与力的夹角之中，所以物体所受恒力方向应是向下的．到达B点后，力的大小不变方向相反，变成向上．

①；由于力的方向发生了改变；曲线Ba不在力与速度的夹角内，故①正确．

②、因为物体在B点的速度方向为切线方向，即直线Bb；而力与速度方向不同，所以物体不可能做直线运动，故②错误．

③；Bc在力与速度的夹角内；物体有可能沿Bc运动，故③错误．

④；很明显；物体不可能由B返回A，故④正确．

故①④正确．

故选：D．9、B【分析】【分析】汽车沿地球赤道行驶时，由重力和支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律分析速度减小时，支持力的变化，再由牛顿第三定律确定压力的变化．当速度增大时支持力为零，汽车将离开地面绕地球圆周运动．根据第一宇宙速度和地球半径求出“航天汽车”环绕地球做圆周运动的最小周期．在此“航天汽车”上物体处于完全失重状态，不能用弹簧测力计测量物体的重力．【解析】【解答】解：A；汽车沿地球赤道行驶时；由重力和支持力的合力提供向心力．设汽车的质量为m，支持力为F，速度为v，地球半径为R；

则由牛顿第二定律得：mg-F=m

即F=mg-m

当汽车速度v增大时；支持力F减小，则汽车对对地面的压力减小．故A错误．

B；7.9km/s是第一宇宙速度；当汽车速度v=7.9km/s≈8km/s=28800km/h时，汽车将离开地面绕地球做圆周运动，成为近地卫星．故B正确．

C；“航天汽车”环绕地球做圆周运动时半径越小；周期越小，则环绕地球附近做匀速圆周运动时，周期最小．

最小周期T=；v=7.9km/s，R=6400km，代入解得T=5087s=1.4h，“航天汽车”环绕地球做圆周运动的最小周期为1.4h．故C错误．

D；在此“航天汽车”上物体处于完全失重状态；不能用弹簧测力计测量物体的重力．但可以测量力的大小，故D错误．

故选：B．二、填空题(共7题，共14分)10、14【分析】【分析】由题意可明确位移和时间，再由平均速度公式可求得平均速度．【解析】【解答】解：由题意可知；总时间为4s，总位移x=5+15+20+16=56m；

故平均速度v==14m/s；

故答案为：1411、-1.60×10-19【分析】【分析】各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，电子带负电，所带电荷量为：e=-1.60×10-19C，【解析】【解答】解：电子带负电，所带电荷量为：e=-1.60×10-19C；

故答案为：-1.60×10-1912、6π7.2π【分析】【分析】转动的周期等于风叶转一圈所需的时间，根据转速求出周期的大小，根据ω=，v=rω求出角速度和线速度．【解析】【解答】解：转速的大小为180r/min，知转一圈的时间，即周期T=．

角速度ω==．

线速度v=rω=1.2×6π=7.2πm/s．

故答案为：，6π，7.2π．13、合运动分运动独立进行【分析】【分析】物体实际的运动产生的效果跟另外两个运动共同产生的效果相同．物体实际运动是合运动，另外两个运动是分运动．【解析】【解答】解：分运动的共同产生的效果和合运动产生的效果是相同的；所以实际发生的运动是合运动，两个运动是实际运动的分运动．一个复杂的运动可以分解为几个独立进行的分运动．

故答案为：合运动，分运动，独立进行．14、略

【分析】【解析】电阻大小为通过它的电流因为导体的电阻是导体本身的一种属性，所以若两端电压为零，则该导体的电阻不变为120Ω。【解析】【答案】15、略

【分析】【解析】

试题分析：设中国对冰壶的初速度为v0，碰后速度为v1，对方冰壶碰后的速度为v2，冰壶的质量都为m，两冰壶组成的系统在碰撞前后动量守恒，根据动量守恒定律有：mv0＝mv1＋mv2，解得：v2＝v0－v1＝0.4m/s－0.1m/s＝0.3m/s

考点：本题主要考查了动量守恒定律的应用问题，属于中档偏低题。【解析】【答案】0.316、4【分析】【分析】线圈进入磁场后收到重力、拉力与安培力作用而做匀速直线运动，由平衡条件可以求出线圈的速度．【解析】【解答】解：线圈上升时受到的安培力F安、绳子的拉力F和重力m1g作用而做匀速直线运动；

线圈处于平衡状态，由平衡条件得：F=F安+m1g①；

砝码做匀速直线运动，由平衡条件得：F=m2g②；

线圈受到的安培力：F安=BIL=；

代入数据解得：v=4m/s；

故答案为：4．三、判断题(共5题，共10分)17、×【分析】【分析】从力的概念，力作用的相互性，一个对另一个物体施加力的作用有两种形式：一是物体直接接触作用，二是物体之间的间接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物体对物体的作用；力不能脱离物体而存在；因此有力必然涉及两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，施力物体对受力物体施力的同时也受到受力物体对它的作用力，也就是说，物体间力的作用是相互的，没有施力物体的力有不可能存在．

故答案为：×18、×【分析】【分析】质量是惯性的唯一标志，与物体的速度大小，加速度大小，是否运动等全部无关．【解析】【解答】解：质量是惯性的唯一标志；与物体的速度大小，加速度大小，是否运动等全部无关，故此说法是错误的．

故答案为：×．19、√【分析】【分析】火车在水平轨道上转弯时，需要有力提供指向圆心的向心力，若转弯处内外轨道一样高，只能轨道的压力提供．【解析】【解答】解：火车在水平轨道上转弯时；做圆周运动，需要有力提供指向圆心的向心力，即方向指向内侧，此时外轨对火车的压力提供向心力，根据牛顿第三定律可知，火车对外轨产生向外的压力作用，此说法正确。

故答案为：√20、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√21、√【分析】【分析】可以把波分为横波和纵波两类，传播的只是振动形式和能量，而偏振现象与横波有关，从而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是横波特有的现象；所以光的偏振现象说明光是横波．以上说法是正确的．

故答案为：√四、作图题(共3题，共24分)22、略

【分析】【分析】连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势，场强方向与等势面垂直，由高电势指向低点势【解析】【解答】解：（1）因为UA-UB=12V，而UB-UC=6V；所以连结AC并将其三等分如图所示，则根据匀强电场的性可知：

P点电势为9V；Q点电势为3V；

而BQ∥PD；则可知：

UP=UD，UQ=UB；

解得：UD=9V．

（2）在（1）基础上可判断场强方向必与PD或BQ垂直．设场强方向与AB夹a角；于是有。

E•acosa=UA-UB

而根据正弦定理可得；

由此可求得：

答：（1）可求D点电势UD为9V；

（2）若该正方形的边长为a=2cm，且电场方向与正方形所在平面平行，求场强为E的为450V/m；电场线如图所示．23、略

【分析】【分析】根据平行四边形定则可作出两力的合力，注意力的图示．【解析】【解答】解：取1cm为2N，则两力F1=6N和F2=8N；当它们之间的夹角为90°时；

根据平行四边形定则可得；

量得F的长度为5cm；那么合力F的大小为10N；

答：如上图所示，合力的大小为10N．24、略

【分析】【解析】

试题分析：判断安培力的方向利用左手定则；本题中由于电流方向与磁场方向垂直，所以磁场垂直手心穿过，四指指向电流方向，大拇指指向安培力方向。

考点：考查对左手定则的应用。

点评：左手定则是否能够掌握主要是要多伸手，掌握放手的技巧，注意的是不能放错手【解析】【答案】

五、解答题(共4题，共8分)25、略

【分析】【分析】（1）根据自由下落的公式求出下落H距离的速度；由动量守恒定律求得C与小球B碰撞后的速度。

（2）小球B在碰撞前处于平衡状态；根据平衡条件求解小球B的带电量。

（3）C和B向下运动到最低点后又向上运动到P点；运动过程中系统能量守恒和能量守恒，列出等式求解。

（4）对C和B整体进行受力分析，由能量守恒列出等式求解【解析】【解答】解：（1）小球C自由下落H距离的速度v0==4m/s

小球C与小球B发生碰撞，由动量守恒定律得：mv0=2mv1；

所以v1=2m/s

（2）小球B在碰撞前处于平衡状态；

对B球进行受力分析知：；

代入数据得：

（3）C和B向下运动到最低点后又向上运动到P点；运动过程中系统能量守恒；

设P与A之间的距离为x；

由能量守恒得：

代入数据得：x=（0.4+）m（或x=0.683m）

（4）当C和B向下运动的速度最大时；与A之间的距离为y；

对C和B整体进行受力分析有：；

代入数据有：y=m（或y=0.283m）

由能量守恒得：

代入数据得：（或vm=2.16m/s）

答：（1）小球C与小球B碰撞后的速度为2m/s

（2）小球B的带电量q为C

（3）P点与小球A之间的距离为（0.4+）m

（4）当小球B和C一起向下运动与场源A距离是m，速度最大．其速度最大是m/s26、略

【分析】【分析】由交流电u=141sin314tV可知电压最大值Um=141V．由ω=2πf求解频率f．由U=Um求出电压的有效值．交流电压表测量的是有效值．【解析】【解答】解：（1）由交流电u=141sin314tV可知电压最大值为：Um=141V；

有效值为：U=Um=100V；与灯泡并联的交流电压表测量时，读数为100V．

（2）标有“220V100W”的电炉；接入u=141sin314t（V）的电路上；

电阻为：R==484W；

根据欧姆定律得电流表的读数为：I==A；

答：（1）与电炉并联的电压表的读数是100V；

（2）与电炉串联的电流表的读数是A．2