2025年人教新课标选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一含有理想降压变压器的电路如图所示，U为正弦交流电源，输出电压的有效值恒定，L为灯泡(其灯丝电阻可以视为不变)，R、R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻；其阻值的大小随照射光强度的增强而减小。现将照射光强度增强，则。

A.原线圈两端电压不变B.通过原线圈的电流减小C.R1两端的电压将增大D.灯泡L将变暗2、提出分子电流假说并用以解释物质磁性及磁化现象的科学家是（）A.奥斯特B.安培C.欧姆D.法拉第3、如图所示，一个带负电荷的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内部，闭合开关后，小球静止时悬线与竖直方向成θ角，则（）

A.闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角θ增大B.闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角θ减小C.断开开关后，使B板竖直向上移动，则夹角θ减小D.断开开关后，增大AB板间的距离，则夹角θ减小4、如图所示，一束由a、b两种单色光组成的复色光照射到横截面为三角形的玻璃砖上，经玻璃砖折射后照到右侧光屏上．光屏足够大，下列说法正确的是（）

A.玻璃砖对a光的折射率比b光大B.在真空中a光的传播速度比b光大C.若两种光分别照射某金属板均发生光电效应，a光照射时光电子的最大初动能比b光大D.减小复色光的入射角度，两种色光会在光屏上依次消失，最先消失的是b光5、把金属块放在磁场中，磁场方向垂直于里外两侧面向外，如图示，金属块中有电流通过，设金属上下表面电势分别为和则（）

A.B.C.D.无法判定6、如图所示；螺线管的导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是（）

A.向左摆动B.向右摆动C.保持静止D.无法判定评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图两根足够长光滑平行金属导轨PP′、QQ′倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面向上，导轨的上端与水平放置的两金属板M、N相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好．现在同时由静止释放带电微粒和金属棒ab；则()

A.金属棒ab一直加速下滑B.金属棒ab最终可能匀速下滑C.金属棒ab下滑过程中M板电势高于N板电势D.带电微粒可能先向N板运动后向M板运动8、如图所示；在绝缘的斜面上方存在着水平向右的匀强电场，一带电金属块沿斜面滑下，已知金属块在滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是。

A.金属块的机械能增加32JB.金属块的电势能增加4JC.金属块带正电荷D.金属块克服电场力做功8J9、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，L1、L2为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小。闭合电键S后，将照射光强度增强，则（）

A.电路的路端电压将减小B.R1两端的电压将减小C.r的发热功率将减小D.L1变亮10、下列各系统处于平衡态的是（）A.放在0℃的房间里的冰水混合物B.放在沸水中加热足够长时间的铜块C.刚刚放在教室中2分钟的一杯热水和一杯加较多冰块的可乐D.一瓶放在房间中很久的84消毒液11、某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为t的单位为s，则质点()A.第1s末与第5s末的位移相同B.第1s末与第5s末的速度相同C.第1s内速度不断增大D.第2s内加速度不断增大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、长为L的水平极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示．磁感应强度为B，板间离也为L，极板不带电．现有质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力)，从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，粒子的速度范围为______。13、图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的组等势面，已知平面b上的电势为2V．一电子经过a平面时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV．则电势为零的等势面是_____，电子经过c平面时的动能为_____eV．

14、我国南方谷雨时节，天气潮湿，门窗、墙面、地面都会“出汗”，这是由于空气中的水分子达到饱和，使得北方人在南方时大多感觉不适，那么在物理学中用来描述此潮湿感觉的物理量是_______。此现象中，水珠附着在墙面成露珠状，是由于液体_______作用的结果。15、劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒构成，其间留有空隙．若D形盒的半径为R，所加交变电压的频率为f，要加速质量为m，电荷量的粒子，则所加磁场的磁感应强度为___________，带电粒子离开加速器时能获得的最大动能__________．16、紧闭瓶盖的塑料瓶下方开一个小孔，让瓶中的水流出，此过程中瓶内气体可看成________过程；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，则此时瓶内气体的压强为________。（已知液体密度ρ，重力加速度g，外界大气压P0）17、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．18、如图所示，在光滑的水平面上放置一质量为m的小车，小车上有一半径为R的光滑的弧形轨道，设有一质量为m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圆弧轨道向上滑动，达到某一高度h后，又沿轨道下滑，试求h=______，小球刚离开轨道时的速度为______．19、如图所示，小球A的质量为mA=5kg，动量大小为PA=4kg.m/s，小球A沿着光滑水平面向右运动，与静止的B球发生弹性碰撞，碰后A的动量大小变为PA'=1kg·m/s，方向仍然向右．则由此可知碰撞后小球B的动量大小为______kg·m/s，小球B的质量为____kg.

20、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)24、图1为某同学组装完成的简易多量程欧姆表的电路图。该欧姆表具有“”，“”两种倍率。所用器材如下。

A．干电池（电动势内阻）

B．电流表G（满偏电流内阻）

C．定值电阻

D．可调电阻（最大阻值）

E．单刀双掷开关一个；红黑表笔各一支，导线若干。

根据实验电路和实验器材；完成以下问题：

（1）若单刀双掷开关K与a连接测量未知电阻，操作步骤正确，欧姆表的指针如图2所示，则未知电阻的阻值为______

（2）根据实验电路可知电阻的阻值为______

（3）单刀双掷开关K与b连接，欧姆调零后可调电阻接入电路的阻值为______单刀双掷开关K与a连接，欧姆调零后可调电阻接入电路的阻值为______

（4）欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能进行欧姆调零。若用此表测量电阻的值，则测量结果______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。25、用实验测一电池的内阻r和电流表内阻r．已知电池的电动势约6V；电池内阻和电流表内阻阻值都为数十欧．可选用的实验器材有：

待测电流表A（量程0～100mA）

电压表V1（量程0～6V；内阻约20k2）

电压表V2（量程0～15V；内阻约25kΩ）

滑动变阻器R1（阻值0～5Ω）

滑动变阻器R2（阻值0～300Ω）；

单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2导线若干条。

某同学的实验过程如下。

I．设计如图甲所示的电路图；正确连接电路．

Ⅱ．将R的阻值调到最大，开关S2接通a，闭合开关S1；逐次调小R的阻值，测出多组U和I的值，并记录．以U为纵轴，I为横轴，得到如图乙所示的图线。

Ⅲ．将开关S2接通b，重复Ⅱ的步骤，得到另一条UーI图线，图线与横轴I的交点坐标为（1，0），与纵轴U的交点坐标为（0，U0）回答下列问题。

（1）电压表应选用_________，滑动变阻器应选用___________；

（2）由图乙的图线得电源内阻r＝________Ω（保留两位有效数字）

（3）用I0、U0和r表示待测电阻的关系式rA＝__________代入数值可得rA；

（4）由第（2）问中测得的电源内阻与真实值的关系是r真______r测（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______（填“电压表分流”或“电流表分压”）26、如图所示为一个多量程电压表的电路，其表头为动圈式直流电流计，量程Ig=10mA、内阻Rg=200R1、R2为可调电阻．

（1）可调电阻应调为R1=______R2=_______

（2）现发现表头电流计已烧坏，我们要修复该电压表，手边只有一个“量程为2mA、内阻为40”的电流计和一个电阻为10的定值电阻R3．要使修复后电压表的满偏电流仍为10mA，请在虚框内画出该电压表的修复电路___．

（3）修复后的电路中，可调电阻R2应重新调为:=______

（4）接着用如图的电路对修复电压表的3V量程表进行校对,V0为标准电压表、V1为修复电压表．发现修复电压表V1的读数始终比标准电压表V0略大．应用以下哪种方法进行微调______．

A.只把R1略微调小；B.只把R1略微调大；27、用游标卡尺和螺旋测微器分别测量不同物体的宽度和厚度；请你读出它们的数据：

(1)游标卡尺的读数：________cm；

(2)螺旋测微器的读数：_________mm。

评卷人得分六、解答题(共2题，共14分)28、在xOy竖直平面内存在水平方向的匀强磁场，磁感应强度为粗糙细杆abc在b处弯出长度可忽略的一小段圆弧，ab段长度为l0，与水平方向成37°角，bc段在水平x轴上，c端处在坐标原点O．质量为m、带电荷量为q的带电小环套在细杆顶端，由a端从静止释放，恰能匀速通过水平段bc．重力加速度为g；（cos37°=0.8，sin37°=0.6）．

（1）求小环在细杆abc上运动克服摩擦力做的功

（2）若在x>0的区域加一竖直方向的匀强电场（图中未画出）；带电小环从c端离开细杆后能垂直通过y轴上的P点，且通过P点时的速度与通过坐标原点O时速度大小相等，求所加电场的电场强度E及小环通过y轴的位置坐标P；

（3）若在小环从P点通过y轴瞬间撤去磁场，通过计算判断小环能否在运动中垂直撞击细杆．29、如图所示，设电子刚刚离开金属丝时的速度可忽略不计，经加速电场加速后，沿平行于板面的方向射入偏转电场，并从另一侧射出．已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0．偏转电场可看做匀强电场；极板间电压为U，极板长度为L，板间距为d，不计电子所受重力．求：

（1）电子射入偏转电场时初速度的大小；

（2）电子从偏转电场射出时沿垂直板面方向的偏转距离y；

（3）电子从偏转电场射出时速度的大小和方向．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，电源输出的电压有效值不变，所以原线圈中的电流变大，电阻R两端的电压增大，原线圈两端的电压减小，故AB错误；根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压变小，由电流与匝数成反比，知副线圈中的电流增大，电阻R1两端的电压增大，并联部分的电压减小，电阻R2中的电流减小，灯泡中的电流增大，灯泡L将变亮，故C正确，D错误；故选C。2、B【分析】提出分子电流假说并用以解释物质磁性及磁化现象的科学家是安培，故选B.3、A【分析】【详解】

AB：保持开关S闭合，电容器两板间电压等于电源电动势不变，减小AB板间的距离则板间电场强度增大，小球所受电场力变大，小球静止时悬线与竖直方向的夹角θ变大．故A项正确；B项错误．

C：断开开关，电容器所带电荷量不变，据可得：B板竖直向上移动，两板正对面积减小，板间电场强度增大，小球所受电场力变大，小球静止时悬线与竖直方向的夹角θ变大．故C项错误．

D：断开开关，电容器所带电荷量不变，据可得：增大AB板间的距离，板间电场强度不变，小球所受电场力不变，小球静止时悬线与竖直方向的夹角θ不变．故D项错误．

【点睛】

①平行板电容器充电后，若保持其始终与直流电源相连，则板间电压不变．当电容器电容的影响因素发生变化后，据来判断各量如何变化．

②平行板电容器充电后与电源断开，由于电荷不能移动，电容器的带电量不变．当电容器电容的影响因素发生变化后，据来判断各量如何变化．4、D【分析】【详解】

A．由图可知，相对于原来的入射方向，b光较a光的偏折程度大，所以b光的折射率大；故A错误；

B．所有色光在真空中的传播速度都是故B错误；

C．因为b光的折射率大，对应的频率高，由爱因斯坦光电效应方程可知，发生光电效应时，b光最大初动能自然也大；故C错误；

D．因为b光的折射率大，发生全反射时的临界角小，所以，当减小复色光的入射角度，b光最先消失，a光最后消失，故D正确．5、A【分析】【详解】

电流从左向右运动，电子向左运动，根据左手定则，电子向下偏转，则上表面失去电子带正电，下表面带负电，则

故选A。6、A【分析】条形磁铁S极突然插入线圈时，螺线管磁场向左增加，楞次定律得左板为正极，右侧负极，带负电的通草球受向左电场力，将向左偏．A正确．故本题选A．二、多选题(共5题，共10分)7、A:C:D【分析】【详解】

根据牛顿第二定律有而联立解得因而金属棒将做匀加速运动，选项A正确B错误；ab棒切割磁感线，相当于电源，a端相当于电源正极，因而M板带正电，N板带负电，C正确；若带电粒子带负电，在重力和电场力的作用下，先向下运动然后再反向向上运动，D正确．8、B:C【分析】【分析】

金属块滑下的过程中；电场力；重力和摩擦力做功引起动能变化，由动能定理求出电场力对金属块做功．根据电场力和摩擦力做功之和确定机械能的变化量．根据电场力做功，确定电势能的变化，并判断金属块的电性．

【详解】

在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：W电=-4J；所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J；由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故BC正确，D错误；在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，故A错误．故选BC．

【点睛】

解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．9、A:B:D【分析】【分析】

由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出两端的电压的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化。

【详解】

AC．当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，所以电源内电压增大，路端电压减小；由于总电流增大，所以r的发热功率将增大；故A正确；C错误；

BD．电路中的电流增大，所以两端的电压增大，变亮；并联部分两端的电压

也将减小，即两端的电压将减小；故BD正确。

故选ABD。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．系统处于平衡态时；其状态参量不变，金属块放在沸水中加热足够长的时间，冰水混合物处在0℃环境中，其状态参量不再变化，即处于平衡态，故AB正确；

C．刚刚放在教室中2分钟的一杯热水和一杯加较多冰块的可乐；温度未达到相同，则未处于平衡态，故C错误；

D．一瓶放在房间中很久的84消毒液；与环境温度相同，则处于平衡态，故D正确。

故选ABD。11、A:C:D【分析】【详解】

A．1s末物体的位移5s末物体的位移故A正确；

B．物体做简谐运动的周期因此1s末和5s末差半个周期，速度大小相同方向不同，故B错误；

C．物体在1s时在平衡位置速度最大；而周期为8s，四分之一周期为2s，说明在0-1s内物体向平衡位置运动，因此速度越来越大，故C正确；

D．物体1s在平衡位置，则1-2s物体向最大位移处运动，速度越来越小加速度越来越大，因此D正确．三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【详解】

欲使粒子不打在极板上，如图所示，带正电的粒子从左边射出磁场时，其在磁场中圆周运动的半径R＜L/4；粒子在磁场中做圆周运动由洛伦兹力提供向心力，即：qvB=m可得粒子做圆周运动的半径：

所以粒子不打到极板上且从左边射出，则：即：

带正电的粒子从右边射出，如图所示，此时粒子的最小半径为R，由上图可知：R2=L2+（R-）2；可得粒子圆周运动的最大半径：R=则：即：故欲使粒子不打在极板上，粒子的速度必须满足或【解析】或13、略

【分析】【分析】

根据只有电场力做功；动能与电势能之和不变，当电场力做负功时，动能转化为电势能，在电势为零处，电势能为零，从而即可求解．

【详解】

虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV，动能减小了6eV，电势能增加了6eV，因此a、d的电势差为6V；等势面间的电势差为2V，因平面b上的电势为2V，由于电子的电势能增加，等势面由a到f是降低的，因此平面c上的电势为零；在平面b上电势为2V；则电子的电势能为-2eV，动能为8eV，电势能与动能之和为6eV，当电子经过平面c时，其电势能为0，动能为6eV；

【点睛】

考查电场力做功与电势能变化的关系，掌握电势能与动能之和不变，理解电势为零处的电势能为零是解题的关键．【解析】C614、略

【分析】【详解】

[1]在物理学中用来描述此潮湿感觉的物理量是相对湿度。

[2]此现象中，水珠附着在墙面成露珠状，是由于液体表面有张力作用的结果．【解析】相对湿度表面张力15、略

【分析】【分析】

【详解】

粒子在加速器中运动的频率等于所加交变电压的频率为f，则解得所加磁场的磁感应强度为当粒子的运动半径等于D型盒的半径R时，粒子的动能最大，此时且解得【解析】16、略

【分析】【详解】

在让瓶中的水流出过程中，气体的温度没发生变化，所以是等温变化；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，根据压强关系可知：，解得气体压强：【解析】等温17、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同18、略

【分析】【详解】

小球从进入轨道；到上升到h高度时为过程第一阶段，这一阶段类似完全非弹性的碰撞，动能损失转化为重力势能（而不是热能）．

小球到达最大高度h时；小球与小车的速度相同，在小球从滑上小车到上升到最大高度过程中，系统水平方向动量守恒，以水平向左方向为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系统的机械能守恒，则得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球从进入到离开，整个过程属弹性碰撞模型，又由于小球和车的等质量，由弹性碰撞规律可知，两物体速度交换，故小球离开轨道时速度为零．【解析】019、略

【分析】【详解】

以向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：由机械能守恒定律得：代入数据解得：．【解析】3320、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】四、作图题(共3题，共6分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]接a时通过的电流比较大，根据

电流比较大，则较小，量程较小，故选“”倍率，未知电阻的阻值为

（2）[2]K与b连接时，是“”，中值电阻为

则有

解得

（3）[3]K与b连接时，部分的总电阻

此时则可调节电阻接入电路的阻值为

解得

[4]K与连接a时，部分的总电阻

此时则可调节电阻接入电路的阻值为

解得

（4）[5]当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式

欧姆表内阻得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由

可知当变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了。【解析】150.0901419.5139.7偏大25、略

【分析】【分析】

据题目中给出的电源及待测电阻的大约阻值；略算对应的电流，则可明确电流表及滑动变阻器应选择的仪器；

由图象的性质及闭合电路欧姆定律可得出电源内阻；

根据电路结构；利用闭合电路欧姆定律可得出对应的表达式．

【详解】

(1)由于电源电动势约为6V，所以电压表选V1，电流表最大电流为100mA，若选R1，则可能超电流表量程，所以滑动变阻器应选用R2；

(2)当开关接a时，此时图线斜率的负值代表电源内阻即

(3)当开关接b时，由等效电源可知，此时图线斜率的负值代表电源内阻与电流表内阻之和，即解得：

(4)由于电压表内阻并不是无穷大；所以分流作用不能忽略，由等效电源原理可知测量值为电压表内阻和电源内阻的并联值，因此测量值偏小．

【点睛】

本题考查测量电源内阻及电阻的实验，关键在于明确电路