2025年人教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、（2015秋•新余校级月考）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法错误的是（）A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C.电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D.电流表A的读数变化量与电压表V的读数变化量之比不变2、（2016春•哈尔滨校级月考）如图所示，弹性轻绳的一端固定在O点，另一端拴一物体．物体静止在水平面上，并对水平面有压力．B处有一根光滑杆且与OA垂直，OB为弹性绳的自然长度．现在用水平力使物体沿水平面运动．这一过程中，物体所受水平面的摩擦力的大小将（）A.先变大后变小B.先变小后变大C.保持不变D.条件不足，无法判断3、如图所示，固定斜面倾角为θ，整个斜面分为AB、BC两段，且2AB＝BC。小物块P（可视为质点）与AB、BC两段斜面之间的动摩擦因数分别为μ1、μ2。已知P由静止开始从A点释放，恰好能滑动到C点而停下，那么θ、μ1、μ2间应满足的关系是A.tanθ＝B.tanθ＝C.tanθ＝2μ1－μ2D.tanθ＝2μ2－μ14、如图所示；调节可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大△U，在这个过程中（）

A.通过电阻R1的电流增加，增加量一定大于

B.电阻R2两端的电压减小；减少量一定等于△U

C.通过电阻R2的电流减小，但减少量一定小于

D.路端电压增加；增加量一定等于△U

5、电场中某区域的电场线分布如图所示；在A；B、C、D四点中，电场强度最小的是（）

A.A点B.B点C.C点D.D点评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)6、如图所示是某时刻一列机械波的图象，图乙是坐标原点O处质点从此时刻开始的振动图象，由此可知，K、M、L三个质点，____质点最先回到平衡位置；该机械波的波速为v=____．

7、（选修模块3-3）

（1）下列说法中正确的是____

A．布朗运动的剧烈程度与温度有关；所以布朗运动也叫做热运动。

B．彩色液晶显示屏是应用液晶在不同电场中对不同颜色的光吸收强度不同制成的。

C．能量耗散说明能量在不断减少。

D．热力学第二定律也可以表述为：气体向真空的自由膨胀是不可逆的。

（2）将剩有半杯热水的玻璃杯盖子旋紧后经过一段时间，若玻璃杯盖子不漏气，则杯内水蒸汽饱和气压____（填“增大”、“减小”或“不变”），杯内气体压强____（填“增大”；“减小”或“不变”）．

（3）如图气缸放置在水平地面上，缸内封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为S，外界大气压强为p，气缸内电热丝热功率为P，测得通电时间t内活塞缓慢向左移动距离为h，气缸向外界放出热量为Q，不计活塞与气缸之间的摩擦，则在时间t内缸内气体内能的变化量为____．

8、如图所示，一个斜面固定在水平面上，从斜面顶端以不同初速度v水平抛出小物体，得到物体在空中运动时间t与初速度v的关系如下表，试求：。v/m•s-12910t/s0.301.0001.000（1）斜面的高度h=____m．

（2）斜面的倾角θ=____．

9、某气体在T1、T2两种不同温度下的分子速率分布图象如图所示，纵坐标f（υ）表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比，横坐标υ表示分子的速率．可见，T1______T2（选填“＞”或“＜”），温度升高，分子的平均速率______（选填“增大”或“减小”）．10、一物体做匀减速直线运动，初速度为12m/s，加速度大小为2m/s2，该物体在某1s内的位移为6m，此后它运动____m速度为零．11、质量为m=0.5kg的物体从高处自由下落，在运动t=2s内重力对物体做的功是____，2s末，重力对物体做功的瞬时功率是____．（g取10m/s2）评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)12、只要知道两个物体的质量和两个物体之间的距离．就可以由F=G计算物体间的万有引力____（判断对错）13、绝对零度是低温的极限，永远达不到．____．（判断对错）14、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．15、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）16、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共3题，共30分)17、军军同学进行“探究求合力的方法”实验：

(1)

下列要求对减小实验误差有益的是______。

A.两细绳必须等长。

B.拉橡皮条的两条细绳夹角越大越好。

C.弹簧测力计；细绳、橡皮条都应与木板平行。

D.两弹簧测力计同时拉细绳时；示数之差尽可能大。

(2)

两弹簧测力计的量程都为5N

最小刻度为0.1N.

实验时，沿着两个不同的方向拉弹簧测力计，如图所示。请从图中读出弹簧测力计甲的拉力大小为______N

(3)

本实验采用的科学方法是______

A.理想实验法B.

等效替代法。

C.控制变量法D.

建立物理模型法。18、使用理想电压表、理想电流表、滑动变阻器、直流电源等仪器，研究一只小灯泡完整的伏鈭�

安特性，测得I鈭�U

图象如图所示.

已知滑动变阻器滑动片的有效移动长度为30cm

变阻器的最大阻值为22.5娄赂

电源电动势为6V

内阻不计．(1)

在如图的虚线框内，不改变滑动变阻器和电源的位置，补上电压表、电流表、灯泡，画出完整的电路图.

要求滑动变阻器的滑动片向左滑动时，灯泡的电压增大．(2)

根据I鈭�U

图象可知：从A

到B

的过程中灯泡的电阻逐渐______(

选填“增大”、“减小”)

(3)

在获得A隆煤B

段图线数据的过程中，滑动变阻器的滑动片向左移动了______cm

的长度．19、在“测电池的电动势和内阻”的实验中；测量对象为一节新的干电池．

(1)

用图(a)

所示电路测量时；在较大范围内调节滑动变阻器，发现电压表读数变化不明显，原因是：______．

(2)

为了提高实验精度；采用图乙所示电路，提供的器材：

量程3V

的电压表V

量程0.6A

的电流表A(

具有一定内阻)

定值电阻R0(

阻值未知；约几欧姆)

滑动变阻：1(0隆芦10娄赂)

滑动变阻器2(0隆芦200娄赂)

单刀单掷开关S1

单刀双掷开关S

导线若干。

垄脵

电路中；加接电阻凰有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是______

垄脷

为方便实验调节且能较准确地进行测量；滑动变阻器应选用______(

填R1

或R2).

垄脹

开始实验之前；S1S2

都处于断开状态.

现在开始实验：

A.闭合S1S2

打向1

测得电压表的读数U0

电流表的读数为I0

则U0I0=

______.(

电流表内阻用RA

表示)

B.闭合S1S2

打向2

改变滑动变阻器的阻值，当电流表读数为I1

时，电压表读数为U1

当电流表读数为I2

时，电压表读数为U2.

则新电池电动势的表达式为E=

______，内阻的表达式r=

______．评卷人得分五、画图题(共2题，共10分)20、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）21、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分六、综合题(共1题，共2分)22、【题文】如图，A、B是两个汽缸，分别通过阀门a和b与压强为P0的大气相通，两个汽缸的横截面积之比SA∶SB=1∶10，中间的活塞D可无摩擦地左右滑动。区域C始终与大气相通。先关闭阀门a，再通过阀门b给气缸B充气至压强为PB=10P0，然后关闭b。①活塞D处于平衡状态时，汽缸A中气体压强PA多大？（设温度保持不变）②如果整个系统都升高到相同的温度；活塞将向哪个方向移动？为什么？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．分析并联部分电压的变化，判断L1灯亮度的变化．【解析】【解答】解：ABC、将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，与灯L1并联的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，电流表读数变小，L2变暗，电源的内电压减小，根据闭合电路欧姆定律得知路端电压增大，电压表V的读数变大．路端电压增大，而L2灯电压减小，所以L1灯的电压增大，L1灯变亮．故A错误；BC正确．

D、由U=E-Ir知：=r；不变，即电流表A的读数变化量与电压表V的读数变化量之比等于电源的内阻，保持不变，故D正确．

本题选错误的。

故选：A2、C【分析】【分析】对物体进行受力分析，因为C做缓慢直线运动，每一个位置都可以看成平衡状态，运用正交分解法求出支持力的大小，以及拉力的大小，从而判断摩擦力的变化．【解析】【解答】解：物体受到重力、支持力、水平拉力、弹性绳的拉力和摩擦力．如图．

设物体处于A初始位置时与B点的距离为h；

根据正交分解得：N=mg-kxsinθ=mg-kx•=mg-kh．

所以支持力不变；摩擦力f=μN，知地面对A的摩擦力保持不变．故C正确．

故选：C．3、A【分析】试题分析：A点释放，恰好能滑动到C点，物块受重力、支持力、滑动摩擦力。设斜面AC长为L，对AC过程应用动能定理mgLsinθ-μ1mgcosθ•L-μ2mgcosθ•L=0-0=0解得：tanθ=A正确。考点：本题考查动能定理。【解析】【答案】A4、C【分析】

A、因R1为定值电阻，两端电压增大△U，故电流的增加量一定等于故A错误；

B、由图可知，R与R1并联后与R2串联，电压表示数增大，由闭合电路欧姆定律可知，R2与r分压应减小且总的减小量等于△U，故R2两端电压的减小值小于△U；故B错误；

C、因R2为定值电阻，故其电流减小量应小于C正确；

D、路端电压等于E-U内；因U内的减小量小于△U；故路端电压增加量大于△U；故D错误；

故选C．

【解析】【答案】本题可根据部分电路的欧姆定律判断定值电阻中的电流变化；再由E=U+U内判断路端电压的变化．

5、A【分析】【分析】电场线并不存在，是虚拟的，电场线越密代表电场越强．【解析】【解答】解：电场线的疏密表示场强的大小；由图象知A点最疏，所以电场强度最小．

故选：A二、填空题(共6题，共12分)6、M1m/s【分析】【分析】由图乙得到O点的运动情况，结合波形平移法得到机械波的传播方向；判断各个质点的振动方向；由甲图得到波长，由乙图得到周期，根据公式v=求解波速．【解析】【解答】解：由图乙得到O点0时刻向正方向运动；图甲中，波形向左平移，K；M、L三个质点的速度方向如图所示：

L点速度为零；故点M先回到平衡位置；

由甲图得到波长为4m；由乙图得到周期为4s，故波速为：

v=

故答案为：M，1m/s．7、略

【分析】

（1）A；热运动是分子无规则的运动；而布朗运动并不是分子运动，所以尽管布朗运动的激烈程度跟温度有关，但不能把布朗运动叫做热运动．故A错误．

B；液晶各向异性；对不同颜色光的吸收强度随电场强度的变化而变化，故B正确；

C；能量耗散是指能量的可利用率越来越低；但仍然遵守能量守恒定律．故C错误。

D；气体膨胀后；我们必须对气体做功，使之恢复原来的状态，所做的功转化为气体向外界传出的热量，根据热力学第二定律，我们无法通过循环过程再将这热量完全转化为功，所以这个过程是不可逆的．故D正确．

故选BD

（2）经过一段时间后温度降低；因此分子水蒸汽分子内能减小，杯内水蒸汽饱和气压减小，随着温度的降低，杯内水蒸气分子减小，因此其压强降低．

（3）根据热力学第二定律；有：△U=Q+W①

根据题意可知，外接对气体做功为：W=Pt-pSh②

放出的热量为：Q③

联立①②③解得：△U=Pt-pSh-Q

故答案为：（1）BD（2）减小，减小（3）Pt-pSh-Q

【解析】【答案】（1）解答本题需要掌握：正确理解布朗运动；液晶显示屏工作原理；能量耗散是指能量的可利用率越来越低；但仍然遵守能量守恒定律．

（2）经过一段时间后温度降低；因此分子水蒸汽分子内能减小，随着温度的降低，杯内水蒸气分子减小，因此其压强降低．

（3）根据热力学第二定律可正确解答．

8、略

【分析】

斜面的高度h=．

当速度为2m/s时，小球落在斜面上，有：=则θ=37°．

故答案为：5；37°．

【解析】【答案】由表格中的数据可知；当速度大于9m/s时，运动时间不变，则物体落到水平面上，当速度为2m/s时，落在斜面上，根据平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律求出斜面的高度和倾角．

9、略

【分析】解：气体的分子的运动的统计规律：中间多；两头少；

温度高；最可几速率向速度较大的方向移动；

故T1＜T2；

温度升高；分子热运动的平均动能增加，故平均速率增加；

故答案为：＜；增大．

温度是分子热运动平均动能的标志；气体的分子的运动的统计规律：中间多；两头少；即大多数的分子的速率是比较接近的，但不是说速率大的和速率小的就没有了，也是同时存在的，但是分子的个数要少很多．

本题关键是明确温度的微观意义和速率的分布规律，基础问题．【解析】＜；增大10、6.25【分析】【分析】根据速度时间公式求出物体速度减为零的时间，根据平均速度的推论求出开始到某1s内中间时刻的时间，从而得出以后的运动时间，采用逆向思维，结合位移时间公式求出还需运动的距离．【解析】【解答】解：汽车速度减为零的时间t=；

某1s内的位移为6m；则中间时刻的瞬时速度等于平均速度，为6m/s；

可知开始到中间时刻经历的时间；

所以还需运动的时间t2=6-3-0.5s=2.5s；

还需运动的位移．

故答案为：6.25．11、100J100W【分析】【分析】根据位移时间公式求出2s内的位移，从而得出2s内重力做功的大小，根据速度时间公式求出2s末的速度，结合瞬时功率公式求出2s末重力的瞬时功率．【解析】【解答】解：2s内的位移h=；则重力做功W=mgh=5×20J=100J．

2s末的速度v=gt=10×2m/s=20m/s；重力做功的瞬时功率P=mgv=5×20W=100W．

故答案为：100J100W三、判断题(共5题，共10分)12、×【分析】【分析】万有引力定律适用的条件是两个质点间引力的计算．物体间的引力关系也遵守牛顿第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；万有引力定律适用于任何两个可以看出质点的物体之间或均质球体之间的引力计算；当两个物体之间的距离太小的时候，物体就不能看做质点，这时就不能用这个公式直接计算了，所以这个说法是错误的．

故答案为：×13、√【分析】【分析】热力学温标亦称“绝对温标”．是由开尔文首先引入的．开尔文所利用的实验事实是气体发生等容变化时，压强与摄氏温度成线性关系，再进行合理外推得到的．热力学温度与摄氏温度的关系是T=t+273.15K；热力学温度的0K是不可能达到的．【解析】【解答】解：根据热力学第三定律可知；热力学温标的零K达不到．所以该说法是正确的．

故答案为：√14、√【分析】【分析】物理量按有无方向分矢量和标量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．故这句话是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√16、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×四、实验探究题(共3题，共30分)17、略

【分析】解：(1)A

通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时；并非要求两细绳等长，故A错误；

B；两条细绳的夹角不是越大越好；以方便作平行四边形为宜，故B错误；

C；测量力的实验要求尽量准确；为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故C正确；

D；用弹簧秤同时拉细绳时；拉力不能太太，也不能太小。故D错误；

故选：C

(2)

由图可知；弹簧秤的最小分度为0.1N

则水平弹簧秤拉力大小为4.00N

(3)

在本实验中要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同；采用的科学方法是等效替代法。故B正确。

故选：B

故答案为：(1)C

(2)4.00

(3)B

该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时；要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置。

注意所有要求都要便于操作；有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题。由指针的位置读出拉力的示数。

本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训练，以提高解题能力。【解析】C4.00B

18、（1）电路图如图所示；（2）增大；5；（3）10【分析】【分析】

(1)

描绘灯泡的伏安特性曲线；电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，由于电表是理想电表，电流表既可以采用内接法，也可以采用外接法；

(2)

由I鈭�U

图形找出电压与电流的对应值；由欧姆定律求出AB

处灯泡的电阻，然后求出电阻变化；

(3)

求出B

点滑动变阻器接入电路的阻值，然后求出滑动变阻器滑片移动的长度。本题考查了作电路图、分析灯泡电阻变化情况、求电阻的变化、求滑片移动距离等问题；电压表与电流表从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法；分析清楚电路结构、应用欧姆定律即可正确解题。【解答】

​(1)

滑动变阻器采用分压接法；电流表采用外接法，滑片左移灯泡电压变大，灯泡与滑动变阻器右半部分电阻丝并联，电路图如图所示。

(2)

由I鈭�U

图象可知；从A

到B

的过程中，灯泡两端电压与电流之比增大，即灯泡的电阻逐渐增大；

应用欧姆定律可知；电阻的改变量：

?R=RB鈭�RA=UBIB鈭�UAIA=60.3鈭�30.2=5娄赂

(3)

设滑片在A

点时与灯泡并联的滑动变阻器阻值为R

此时灯泡两端电压，即并联电压为U虏垄=3V

滑动变阻器左半段电压为6V鈭�3V=3V

通过灯泡的电流为IL=0.2A

由串并联电路特点及欧姆定律可得：(3R+0.2)(22.5鈭�R)=3

解得：R=15娄赂

与灯泡并联的滑动变阻器电阻丝长度为：1522.5隆脕30=20cm

在获得A隆煤B

段图线数据的过程中，滑动变阻器的滑动片向左移动了30鈭�20=10cm

．

故填：(1)

电路图如图所示；(2)

增大；5(3)10

【解析】(1)

电路图如图所示；(2)

增大；5(3)10

19、略

【分析】解：Ⅰ作出电源的U鈭�I

图象；根据闭合电路欧姆定律分析可知，图象的斜率等于电源的内阻，如图，图线1

的斜率小于图线2

的斜率，则对应的电源的内阻图线1

的较小，由图可以看出，图线1

电压随电流变化较慢.

本实验中发现电压表读数变化不明显，原因是：电源内阻很小．

Ⅱ垄脵

加接电阻R0

起保护作用，限制电流，防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏。

垄脷

滑动变阻器应选用R1.

因为R1

的总电阻较小；使电路中电流较大，电流表指针能在刻度盘中央附近，测量误差较小．

垄脹

根据欧姆定律可知，可以测出的物理量是定值电阻R0

和电流表内阻之和，用测量写出表达式为：R0+RA=U0I0

．

B；根据闭合电路欧姆定律得。

E=U1+1(R0+RA+r)垄脵