2025年人教版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理下册阶段测试试卷467考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图甲所示的电路，已知电阻R1=R2=R．和R1并联的D是理想二极管（正向电阻可视为零，反向电阻为无穷大），在A、B之间加一个如图乙所示的交变电压（电压为正值时，UAB＞0）．由此可知（）

A.在B之间所加的交变电压的周期为2sB.在B之间所加的交变电压的瞬时值表达式为u=20sin100πt（V）C.在B之间所加的交变电压的最大值为20VD.加在R2上电压的有效值为V2、如图，为两根相互平行的通电直导线a、b的横截面图，a、b的电流方向已在图中标出（）

A.导线a磁感线沿逆时针方向，导线a、b相互吸引B.导线a磁感线沿顺时针方向，导线a、b相互吸引C.导线a磁感线沿逆时针方向，导线a、b相互排斥D.导线a磁感线沿顺时针方向，导线a、b相互排斥3、一石子自由下落，在时间t内通过的位移为x，则他通过4x的位移所用时间为（）A.4tB.2tC.8tD.16t4、第十三届田径锦标赛于2011年8月在韩国大邱举行．在撑杆跳比赛中，波兰选手沃伊切霍夫斯基以5.90m的高度夺金，如果把撑杆跳全过程分成四个阶段：a－b、b－c、c－d、d－e，如图所示，则对这四个阶段的下列描述正确的有()A.a－b为加速助跑阶段，人和杆的机械能在增加B.b－c为杆弯曲人上升阶段，系统动能减少，重力势能和弹性势能在增加C.c－d为杆伸直人上升阶段，人的动能转化为重力势能D.d－e为人过横杆后的下落阶段，重力所做的功等于人机械能的增加量5、关于“用DIS

描绘电场等势线”实验，下列说法正确的是(

)

A.用交流电源连接两个电极B.在一块平整木板上依次铺放复写纸、白纸、导电纸C.导电纸有导电物质的一面应该向上D.在实验过程中电极与导电纸的相对位置可以改变6、2019年春节期间上映的科幻大片《流浪地球》，很受欢迎，影片中描述的行星发动机为“重元素核聚变发动机”通过燃烧石头获得能量，所谓”重元素核聚变”指的是两个比较重（相对氘，氚）的核，产生聚变形成一个更重的核并放出能量的过程。影片中发动机燃烧石头指的是石头里的硅（Si）聚变生成铁（Fe），结合下比结合能图，下列说法正确的是（）A.结合能是指把原子核拆成自由核子所放出的能量B.比结合能越大，原子核越稳定C.Si的比结合能比Fe的比结合能大D.已知硅核质量，可以算出硅核的结合能7、关于电容器，以下说法正确的是（）A.电容器两极板正对面积变大，电容变小B.电容器两极板距离变大，电容变小C.两极板间放入电介质，电容不变D.两极板间电压增大，电容变大8、质量为m的物体在高H处重力势能为mgH，从静止开始自由落下．当动能等于重力势能的2倍时，经历的时间为（）A.B.C.D.9、如图为静止在斜面上的物体所受重力示意图，此重力可分解为沿斜面向下的分力Gx和垂直斜面向下的分力Gy，关于这两个分力的说法，正确的是（）A.Gx就是物体所受到的下滑力B.Gy就是物体对斜面的正压力C.G、Gx与Gy是同时作用于物体的三个力D.Gx和Gy是物体重力的等效替代，实际存在的就是重力评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、动能的计算公式为____．一个质量为50kg的学生，当她的运动速度为2米/秒时，她的动能为____J．11、（2014秋•宝山区校级期中）如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，正六边形所在平面与电场线平行．则D点的电势UD=____V，匀强电场的场强大小E=____V/m．12、假定地球大气是等温的，在0°C时大气压强p按p=pe-0.127h分布，其中p为海平面上的大气压，h为海拔高度（以km为单位），e为自然对数底，西藏自治区首府拉萨布达拉宫广场的海拔约为3700m，大气温度按0°C考虑．当海平面上的大气压为1atm时，布达拉宫广场的气压为____atm，某人在上海静坐时每分钟需呼吸20次，他在拉萨每分钟应呼吸____次才能吸入同样质量的空气．13、如图，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为+

q

、质量为m

的小球在力F

的作用下沿图中虚线由A

至B

做竖直向上的匀速运动。已知力F

和AB

间夹角为娄脠

，AB

间距离为d

，重力加速度为g

。则电场强度E

的最小值为_______。若电场强度E=mgtan娄脠/q

时；小球从A

运动到B

电势能变化量大小可能为_________。

14、（2014秋•三水区校级期末）如图所示，质量为m，带电量为+q的粒子，从两平行电极板正中央垂直电场线和电感线以速度v0射入，已知两极间距为d，磁感应强度为B，这时粒子恰能直线穿过电场和磁场区域（重力不计）．今将磁感应强度增大到某值，则粒子将落到极板上，当粒子落到极板上的动能为____．15、（2011秋•黄山期末）某辆汽车在平直公路上试车时的运动图象如图所示，则该汽车加速阶段的加速度大小为____m/s2，减速阶段的位移大小为____m．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）17、甲、乙两杯水，水中均有颗粒在做面朗运动，经显微镜观察后，发现甲杯的布朗运动比乙杯中的激烈，说明甲杯中水温高于乙杯．____．（判断对错）18、青藏高原测水沸时的温度：应选用水银温度计和酒精温度计．____．（判断对错）19、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）20、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）21、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共3题，共12分)22、如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，在下面所列举的该实验的几个操作步骤中，你认为没有必要进行的或者错误的步骤是______（填字母代号）

A．按照图示的装置安装器件。

B．将打点计时器接到学生电源的交流输出端上。

C．用天平测量出重物的质量。

D．先放手让纸带和重物下落；再接通电源开关。

E．在打出的纸带上，依据打点的先后顺序选取A、B、C、D四个合适的相邻点，通过测量计算得出B、C两点的速度为vB、vC；并测出B；C两点的距离为h

F．在误差允许范围内，看减少的重力势能mgh是否等于增加的动能mv-mv从而验证机械能守恒定律．23、菠菜性别决定方式为XY型，并且为雌雄异株体。菠菜个体大都为圆叶，偶尔出现几只尖叶个体，并且雌雄都有尖叶个体。（1）让尖叶雌性与圆叶雄性杂交，后代雌性均为圆叶，雄性均为尖叶。据此判断，控制圆叶和尖叶这对相对性状的基因位于________（填“常”“X”或“Y”）染色体上，且____为显性。（2）菠菜也有耐寒和不耐寒两种类型，现用不耐寒圆叶雌雄各一株杂交，所得子代F1表现型及比例如下表（单位：株）：。不耐寒圆叶不耐寒尖叶耐寒圆叶耐寒尖叶雌株1240390雄株62531921耐寒与不耐寒这对相对性状中，显性性状是____________。如果F1中的不耐寒圆叶雌株与不耐寒尖叶雄株杂交，F2雌性个体中杂合子所占的比例为______________。（3）在生产实践中发现，当去掉菠菜部分根系时，菠菜会分化为雄株；去掉部分叶片时，菠菜分化为雌株。若要怎么去掉部分根系的雄株的性染色体组成情况，可让其与___杂交，若后代有雄株和雌株两种类型，则该雄株的性染色体组成为___；若后代仅有雌株，则该雄株的性染色体组成为_____________。24、玉米叶片叶绿素的合成受其7号染色体上一对等位基因（A、a）的控制，同时也受光照的影响。在玉米植株中，体细胞含2个A的植株叶片呈深绿色，含一个A的植株叶片呈浅绿色；体细胞没有A的植株叶片呈黄色，会在幼苗期后死亡。

（1）在正常光照下；AA植株叶片呈深绿色，而在遮光条件下却呈黄色，说明生物性状受____________________共同控制。单独种植一株浅绿色成熟植株上结出的种子的基因型及比例是________________。

（2）一批浅绿色植株，如果让它们相互授粉得到F1，F1植株随机交配得到F2，那么在F2代成熟植株中a基因频率为______。

（3）现有一浅绿色突变体成熟植株甲；其体细胞（如图）中一条7号染色体的片段m发生缺失，记为q；另一条正常的7号染色体记为p。片段m缺失的花粉会失去受精活力，且卵细胞若无A或a基因则不能完成受精作用。有人推测植株的A或a基因不会在片段m上，你认为他的推测正确？为什么？________________________________________________________。

（4）为了进一步确定上述植株甲的基因A、a在染色体p、q上的分布，现将植株甲进行自交得到F1，待F1长成成熟植株后，观察并统计F1表现型及比例。请预测结果并得出结论：

Ⅰ、若F1全为浅绿色植株；则_______________________________________。

Ⅱ、若F1____________________，则植株甲体细胞中基因A位于p上，基因a位于q上。评卷人得分五、简答题(共2题，共8分)25、稀土是一种不可再生的战略性资源，被广泛应用于电子信息、国防军工等多个领域rm{.}一种从废弃阴极射线管rm{(CRT)}荧光粉中提取稀土元素钇rm{(Y)}的工艺流程如下：已知：rm{垄脵}废弃rm{CRT}荧光粉的化学组成rm{(}某些不参与反应的杂质未列出rm{)}如表所示；rm{垄脷}不同离子沉淀的rm{pH}如图所示；rm{垄脹}步骤Ⅳ的目的是除去rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}．。rm{Y_{2}O_{3}}rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{PbO_{2}}rm{MgO}预处理前rm{24.28}rm{41.88}rm{7.81}rm{1.67}rm{0.19}预处理后rm{68.51}rm{5.42}rm{4.33}rm{5.43}rm{0.50}rm{(1)}步骤Ⅰ中进行原料预处理的目的是富集稀土元素，降低________rm{(}从表中选择物质填入rm{)}的含量．rm{(2)}步骤Ⅱ中有黄绿色气体产生，该反应的化学方程式为________．rm{(3)}步骤Ⅲ中发生的主要反应的离子方程式为________．rm{(4)}步骤Ⅳ不能通过直接加碱的方法除去rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}的原因为________．rm{(5)}步骤rm{V}中rm{Y^{3+}}沉淀完全时，需保证滴加草酸后的溶液中rm{c({{C}_{2}}O_{4}^{2-})}不低于________rm{mol隆陇L^{-1}.{}已知：当离子浓度小于rm{10^{-5}mol隆陇L^{-1}}时，就沉淀完全；rm{K_{sp}[Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}]=8.0隆脕10^{-28}}}rm{(6)}步骤Ⅵ中草酸钇隔绝空气加热可以得到rm{Y_{2}O_{3}}和两种气体，该反应的化学方程式为__________________________________．26、rm{(1)}无机化合物可根据其组成和性质进行分类。以下是一组对“一些物质与水反应”的分类图，请按要求填空：rm{垄脵}上述分类中，分成rm{A}rm{B}两组的依据是____；rm{垄脷C}组物质与水反应的离子方程式为____；rm{垄脹D}组物质与水反应中，氧化剂和还原剂物质的量之比为rm{1隆脙1}的物质有____rm{(}填化学式rm{)}rm{(2)}过氧化氢俗名双氧水，医疗上利用它有杀菌消毒作用来清洗伤口。关于双氧水，回答下列问题：A.rm{Na_{2}O_{2}+2HCl=2NaCl+H_{2}O_{2}}B.rm{Ag_{2}O+H_{2}O_{2}=2Ag+O_{2}隆眉+H_{2}O}C.rm{2H_{2}O_{2}=2H_{2}O+O_{2}隆眉}D.rm{3H_{2}O_{2}+Cr_{2}(SO_{4})_{3}+10KOH=2K_{2}CrO_{4}+3K_{2}SO_{4}+8H_{2}O}rm{垄脵}上述反应中，rm{H_{2}O_{2}}既体现氧化性又体现还原性的反应是________rm{(}填序号rm{)}rm{垄脷}保存过氧化氢的试剂瓶上最适合贴上的一个标签是________rm{(}填序号rm{)}rm{垄脹H_{2}O_{2}}有时可作为矿业废液消毒剂，有“绿色氧化剂”的美称，如消除采矿业胶液中的氰化物rm{(}如rm{KCN)}rm{H_{2}O_{2}}被称为绿色氧化剂的理由是________________。rm{(3)}某同学把酸性高锰酸钾溶液滴入rm{NaNO_{2}}溶液中，观察到紫色褪去，同时生成rm{NO_{3}^{-}}和rm{Mn^{2+}}写出此氧化还原反应方程式，并用单线桥标出电子转移的方向和数目。评卷人得分六、计算题(共3题，共18分)27、如图所示，A1和A2是两只电阻不同的电流表，V1和V2是两只相同的电压表．电流表A1的示数是I1=1.4mA，电压表V1和V2的示数分别是0.6V和0.8V，求电流表A2的示数I2和内阻r2．28、【题文】如图是放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四部分粗细均匀的金属杆组成：水平直轨AB，半径分别为R1=1.0m和R2=3.0m的弧形轨道，倾斜直轨CD长为L=6m，AB、CD与两圆形轨道相切，其中倾斜直轨CD部分表面粗糙，动摩擦因数为μ=其余各部分表面光滑。一质量为m=2kg的滑环（套在滑轨上），从AB的中点E处以v0=10m/s的初速度水平向右运动。已知θ=37°，（g取10m/s2）求：

（1）滑环第一次通过O2的最低点F处时对轨道的压力；

（2）滑环通过O1最高点A的次数；

（3）滑环在CD段所通过的总路程。29、如图所示；缸壁光滑的柱形气缸固定在水平面上，中间开口与大气相通，大气压强P0=l隆脕105Pa

一劲度系数k=1隆脕103N/m

的弹簧与两活塞连接，处于原长，活塞截面积S=1隆脕10鈭�3m2.AB

两室有同种理想气体，压强均为P0

两活塞距左、右两壁均为l0=0.10m

除B

室右壁导热外，其他缸壁和活塞均绝热。现对左室缓慢加热，当A

室气体吸收1000J

的热量时它对活塞做了200J

的功，B

室活塞向右移动了0.02m

该过程中设外界温度保持不变，AB

气室均不漏气。求：

垄脵A

中气体内能的变化量；

垄脷A

中活塞移动的距离。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】（1）由图象可得交流电的周期，电压最大值，依据u=Umsinωt可得变电压的瞬时值表达式．

（2）根据电流的热效应，注意二极管的单向导电性，使得半个周期内R1被短路，另半个周期内R1与R2串联，从而即可求解．【解析】【解答】解：A；由图象可得交流电的周期T=0.02s；故A错误。

B、电压最大值为Um=V；变电压的瞬时值表达式为：

=；故B正确；

C、电压最大值为Um=V；故C错误；

D、因为是交流电所以应该分两种情况考虑：1、当电源在正半轴时A点电位高于B点电位二极管导通即R1被短路，R2电压为电源电压V=20V；

电源在负半轴时B点电位高于A点电位二极管截止R1，R2串联分压；

Q=Q1+Q2；

即为：

；

解得：

U=；故D正确．

故选：BD2、D【分析】【分析】由安培定则判断磁场的方向．再用左手定则判断安培力的方向．【解析】【解答】解：根据安培定则，伸开右手，大拇指与电流方向相同，四指弯曲方向为磁场的方向，知导线a中电流产生的磁场为顺时针方向．在导线b处；磁场方向竖直向下，根据左手定则，安培力方向水平向右．故D正确，ABC错误．

故选：D．3、B【分析】【分析】由自由落体的位移公式利用比例法可解得通过4x时所用的时间．【解析】【解答】解：由自由落体的位移公式可得：

x=gt2

4x=gt22；

二者作比得：

t2=2t；

故选：B．4、A|B【分析】试题分析：a－b为加速助跑阶段，重力不做功，其他力做正功，人和杆的机械能增加，A正确；b－c为杆弯曲人上升阶段，系统动能减少，动能转化为人和杆的重力势能及杆的弹性势能，B正确；c－d为杆伸直人上升阶段，系统的动能转化为系统的重力势能，C错误；d－e为人过横杆后的下落阶段，只有重力做功，人的机械能守恒，D错误。考点：本题考查功能关系。【解析】【答案】AB5、C【分析】解：A

本实验的目的是描绘电场等势线；那么必须使用直流电源，连接两个电极；故A错误．

B；在一块平整木板上依次铺放导电纸、复写纸和白纸(

从上往下).

故B错误．

C；整个操作在导电纸上进行；导电纸有导电物质的一面应该向上.

故C正确．

D、连接电源正负极的电极ab

必须与导电纸保持良好接触；否则不能形成电流.

故D错误．

故选：C

．

解答本题应抓住以下几点：

(1)

本实验的原理是用恒定电流场模拟静电场；使用直流电源；

(2)

作图利用复写纸作在白纸上；整个操作在导电纸上进行，可知在木板上依次铺放导电纸；复写纸和白纸；

导电纸与电极接触应良好；有导电物质的一面应朝上．

本题的解题关键是懂得实验原理，本实验的原理是用恒定电流场模拟静电场，关键利用电压传感器要找到等势点．【解析】C

6、B【分析】解：A；原子核是核子结合在一起构成的；要把它们分开，需要能量，这就是原子核的结合能，故A错误；

B；比结合能越大；表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。故B正确；

C；Fe比Si稳定；Si的比结合能比Fe的比结合能小。故C错误；

D；只知道硅核质量；不足以算出硅核的结合能。故D错误。

故选：B。

原子核是核子结合在一起构成的；要把它们分开，需要能量，这就是原子核的结合能；比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定；Fe比Si稳定，Si的比结合能比Fe的比结合能小；只知道硅核质量，不足以算出硅核的结合能。

本题考查了原子核的结合能。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。【解析】B7、B【分析】【分析】由电空的决定式可确定电容的决定因素，通过控制变量法明确电容的变化【解析】【解答】解：电容器的决定式C=可知：

A；电容器两极板正对面积变大时；电容变大；故A错误；

B；电容器两极板间距离增大时；电容减小；故B正确；

C；两极板间放入电介质时；电容增大；故C错误；

D；电容与电压及电量无关；故电压增大时，电容不变；故D错误；

故选：B8、B【分析】【分析】先根据机械能守恒定律求解下降的高度，然后根据自由落体运动的位移公式求解运动时间．【解析】【解答】解：物体做自由落体运动；机械能守恒，当动能等于重力势能的2倍时，有：

mgH=mgh+

其中：

解得：h=

故下落的高度为：H-h=

根据自由落体运动的位移时间关系公式；有：

解得：t=

故选：B．9、D【分析】【分析】根据重力的作用效果，将重力为G分解为沿斜面向下的分力Gx和垂直斜面向下的分力Gy，Gy不是物体对斜面的压力，而使物体紧压斜面的力，物体对斜面的压力方向与Gy的方向相同，大小为Gcosα．Gx是使物体下滑的分力，大小等于物体受到的静摩力．物体受到重力、斜面对物体的支持力、静摩擦力三个力作用．【解析】【解答】解：A、物体受重力、支持力与摩擦力．而Gx、Gy是重力的两个分力；实际不存在，实际受到的就是重力作用在物体上．所以A错误；

B、Gy是使物体紧压斜面的分力；不是物体对斜面的正压力，根据平衡条件，与斜面对物体的支持力相等，所以BC错误；

D、物体受重力、支持力与可能有摩擦力．而Gx和Gy是重力的两个分力；实际不存在，但两者效果相等．故D正确．

故选：D．二、填空题(共6题，共12分)10、100【分析】【分析】动能的表达式为：；根据表达式代入数据即可求得学生的动能．【解析】【解答】解：动能是表示物体由于运动而具有的能量；其表达式为：

；

该同学的动能为：EK=×50×22=100J；

故答案为：；100．11、3【分析】【分析】在匀强电场中已知任意三点的电势确定第四点的电势高低，连接已知三点中的任意两点，在其连线上找到与第三点的等势点，连接这两点，过第四点做连线的平行线，与连线的交点的电势即为第四点的电势，以此类推其他各点的电势．【解析】【解答】解：已知正六边形所在平面与电场线平行，且A、C、D三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，延长DC且使DC=CG，连接BG，可知UDC=UCG=1V，故ABG的电势相等为1V；CF电势相等为2V，D、E电势相等为3V．

E=/m

故答案为：3，12、略

【分析】

根据题目给出的0℃压强下大气压按分布，则在布达拉宫广场上，0℃时气压为p=1×e-0.127×3.700atm=0.625atm；

再根据气体的等温变化有；令人一次呼入的空气体积为V，则20次呼吸吸入的空气体积为20V，则这些气体在布达拉宫广场上对应的体积为xV，根据等温变化有：

p×20V=P×xV

又因为p=0.625p

所以得x=32．即在上海呼吸20次吸入的空气和布达拉宫广场上呼吸32次吸入的空气质量相同．

故答案为：0.625；32

【解析】【答案】根据0℃时大气压强表达式；可以直接代入数据得到布达拉宫广场的气压；再根据气体等温变化，可以求出0℃时，1个大气压某体积的气体，在布达拉宫广场的气压下的对应的体积，就可以求得相应的呼吸次数．

13、2mgdsin2θ或0【分析】解：分析小球受力情况：小球受到重力mg

拉力F

与电场力qE

因为小球做匀速直线运动，合力为零，则F

与qE

的合力与mg

大小相等、方向相反，作出F

与qE

的合力，如图，可知当电场力qE

与F

垂直时，电场力最小，此时场强也最小．

则得：qE=mgsin娄脠

所以电场强度的最小值为E=mgsin娄脠q

．

若电场强度E=mgtan娄脠q

即qE=mgtan娄脠

时，电场力qE

可能与AB

方向垂直，如图1

位置，电场力不做功，电势能变化量为0

也可能电场力位于位置2

方向，则电场力做功为W=qEsin2娄脠?d=q?mgtan娄脠qsin2娄脠?d=2mgdsin2娄脠.

故答案为：mgsin娄脠q2mgdsin2娄脠

或0

由题意可知；小球受到重力；拉力F

与电场力，做匀速直线运动，运用图解法确定出电场力最小时电场力大小，即可求得电场强度的最小值.

根据功的计算公式求解出电场力做功，即可由功能关系得到小球从A

运动到B

电势能变化量大小．

解决本题的关键是对小球进行正确的受力分析，灵活运用图解法分析极值情况，并根据力图要知道电场力大小一定时，方向可能有两种情况，不能漏解．【解析】mgsin娄脠q2mgdsin2娄脠

或0

14、mv2-qvBd【分析】【分析】粒子恰能沿直线穿过电场和磁场区域时，根据受力平衡得到极板间的电压，当磁感应强度增大到某值根据动能定理列方程求解粒子落到极板上时的动能．【解析】【解答】解：带电粒子做匀速直线运动时；电场力与洛伦兹力等大反向，有：

q=qvB

解得：

U=vBd

磁感应强度增大；则磁场力增大，粒子向磁场力方向偏转，当粒子到达极板时，电场力做负功，根据动能定理：

-q=Ek-mv2

解得：

Ek=mv2-qU=mv2-qvBd

故答案为：mv2-qvBd．15、1.5150【分析】【分析】解决本题要明确v-t图象的含义：在v-t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．【解析】【解答】解：图象的斜率表示物体运动的加速度，则该汽车加速阶段的加速度大小a=；

由图象可知，10-30s，汽车做匀减速直线运动，减速阶段的位移大小x=

故答案为：1.5150三、判断题(共6题，共12分)16、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】悬浮在液体（或气体）中固体小颗粒的无规则运动是布朗运动，固体颗粒越小、液体（或气体）温度越高，布朗运动越明显；布朗运动是液体（或气体）分子无规则运动的反应．【解析】【解答】解：布朗运动的激烈程度与液体的温度；悬浮颗粒的大小有关；温度越高，悬浮物的颗粒越小，布朗运动越激烈．所以发现甲杯的布朗运动比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水温高于乙杯．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】选择温度计的原则是：温度计内测温物质的凝固点应低于被测物体的温度，同时，温度计内测温物质的沸点应高于被测物体的温度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸点为100℃；在青藏高原水的沸点也有80℃多，而酒精的沸点只有78℃，所以不能选择酒精温度计．该说法是错误的．

故答案为：×．19、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×21、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×四、实验探究题(共3题，共12分)22、略

【分析】解：步骤C不必要；因为根据测量原理，重物的动能和势能表达式中都包含了质量m，可以约去，所以不必测量重物的质量；步骤D错，应先接通电源，待打点计时器工作稳定后再释放纸带．

本题选没有必要进行的或者错误的；故选：CD．

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项．

解决本题的关键知道实验的原理，知道重锤的质量可以不测，打点计时器使用交流电源，实验时应先接通电源，后释放纸带．【解析】CD23、（1）X圆叶）1圆叶X）不耐寒（2）不耐寒31/362）正常雌株31/36

（3）正常雌株XYXX

3【分析】【分析】本题考查基因自由组合规律、伴性遗传相关知识，意在考查学生的图表分析能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。【解答】（1）杂交结果表明，圆叶与尖叶的遗传与性别相关，控制圆叶和尖叶的基因位于X染色体上，且圆叶为显性性状。（2）分析表格可知不耐寒：耐寒=3：1，说明不耐寒是显性性状，耐寒是隐性性状。亲本基因型为AaXBXb、AaXBY，故F1中不耐（1/3AA、2/3Aa）圆叶（1/2XBXB、1/2XBXb）雌株和不耐寒（1/3AA、2/3Aa）尖叶（XbY）雄株交配，F2雌性个体中纯合子出现的概率为（4/9AA+1/9aa）×1/4XbXb=5/36，则杂合子出现的概率为1-5/36=31/36。（3）让雄性植株与正常雌株进行杂交，若后代有雄株和雌株两种类型，则该雄株的染色体组成为XY，若后代仅有雌株，则该雄株的染色体组成为XX。【解析】（1）X圆叶）1圆叶X）不耐寒（2）不耐寒31/362）正常雌株31/36

（3）正常雌株XYXX

324、（1）基因与环境AA：Aa：aa=1：2：1

（2）

（3）正确，因为A或a基因在m段，不可能出现浅绿色植株（Aa）

（4）植株甲体细胞中基因A位于q上，基因a位于p上深绿色植株：浅绿色植株=1：1【分析】【分析】本题考查基因与性状关系及染色体变异的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。【解答】（1）在正常光照下；AA植株叶片呈深绿色，而在遮光条件下却呈黄色，说明生物性状受基因与环境共同控制．根据题意可知，含一个A的植株叶片呈浅绿色，即基因型为Aa，该植株自交后代为AA：Aa：aa=1：2：1．

（2）有一批浅绿色植株（Aa），如果让它们相互授粉得到AA、Aa、aa，由于体细胞没有A的植株叶片呈黄色，会在幼苗期后死亡．所以熟植株中只有AA、Aa，比例为1：2；F1植株随机交配得到F2，其中AA占Aa占aa占即成熟植株中AA：Aa=1：1；F2再随机交配得到F3，后代有AA=Aa=aa=成熟植株AA：Aa=3：2，因此a基因频率=．

（3）浅绿色突变体成熟植株甲的体细胞基因型为Aa；如果基因A或a在缺失片段m上，则q染色体上没有基因A；a，又因为含有这样的q染色体的花粉或卵细胞都不能完成受精作用，则植株甲不能产生．因此，植株甲的A或a基因不会在片段m上．

（4）将植株甲进行自交得到F1，待F1长成成熟植株后，观察并统计F1表现型及比例．若F1全为浅绿色植株，则植株甲体细胞中基因A位于q上，基因a位于p上；若F1深绿色植株：浅绿色植株=1：1；则植株甲体细胞中基因A位于p上，基因a位于q上．

【解析】（1）基因与环境AA：Aa：aa=1：2：1（2）（3）正确，因为A或a基因在m段，不可能出现浅绿色植株（Aa）（4）植株甲体细胞中基因A位于q上，基因a位于p上深绿色植株：浅绿色植株=1：1五、简答题(共2题，共8分)25、rm{(1)ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}

rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆陇H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}

rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆陇H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}

}与rm{(4)Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近，三者因同时沉淀而无法分离

rm{Y^{3+}}

rm{(6)Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}rm{pH}【分析】【分析】本题考查了物质的分离提纯实验操作，题目涉及到氧化还原、出除杂质、溶度积常数的应用等，题目难度中等，注意根据题意写出有关反应的方程式，做题时注意根据物质的性质正确判断反应物和生成物，用守恒的方法去书写。【解答】废弃rm{CRT}荧光粉的化学组成为rm{Y_{2}O_{3}}rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{PbO_{2}}rm{MgO}等，加盐酸，过滤，滤渣主要含有rm{Y_{2}O_{3}}还有少量的rm{PbO_{2}}rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{MgO}再加rm{5mol/L}的盐酸，rm{PbO_{2}}与rm{HCl}发生氧化还原反应，生成氯气和rm{PbCl_{2}}rm{Y_{2}O_{3}}转化为rm{Y^{3+}}过滤，滤液中含有rm{Pb^{2+}}和rm{Y^{3+}}rm{Al^{3+}}rm{Zn^{2+}}rm{Mg^{2+}}再加氨水，rm{Al^{3+}}形成rm{Al(OH)_{3}}沉淀，过滤，滤液中含有rm{Pb^{2+}}和rm{Y^{3+}}rm{Zn^{2+}}rm{Mg^{2+}}加rm{DDTC}除去溶液中的rm{Pb^{2+}}和rm{Zn^{2+}}过滤，滤液中加草酸，生成rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}}沉淀，过滤，滤渣为rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}}固体，高温灼烧rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}}生成rm{Y_{2}O_{3}}

rm{(1)}由表格数据可知：进行原料预处理可以除去部分rm{ZnO}和rm{Al_{2}O_{3}}富集稀土元素；在后续操作中能降低耗酸量等，故答案为：rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}

rm{(2)PbO_{2}}与rm{HCl}发生氧化还原反应，生成氯气和rm{PbCl_{2}}则反应的方程式为：rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}故答案为：rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}由流程分析可知，步骤Ⅲ是用氨水除去溶液中的rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}其反应的离子方程式为：rm{(3)}

故答案为：rm{Al^{3+}}

rm{Al^{3+}+3NH_{3}?H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}根据流程分析可知，步骤Ⅳ中除杂试剂rm{Al^{3+}+3NH_{3}?H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}除去的杂质离子有；由图rm{(4)}可知rm{DDTC}rm{2}与rm{Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近，三者因同时沉淀而无法分离，所以不能通过直接加碱的方法除去rm{Y^{3+}}rm{pH}故答案为：rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}与rm{Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近；三者因同时沉淀而无法分离；

rm{Y^{3+}}已知：当离子浓度小于rm{pH}时，沉淀就达完全，rm{(5)}则rm{c(C_{2}O_{4}^{2-})=3dfrac{8.0隆脕10^{-28}}{(10^{-5})^{2}}=2.0隆脕10^{-6}mol/L}故答案为：rm{10^{-5}mol/L}

rm{K_{sp}[Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}]=c^{2}(Y^{3+})隆脕c^{3}(C_{2}O_{4}^{2-})=(10^{-5})^{2}隆脕c^{3}(C_{2}O_{4}^{2-})=8.0隆脕10^{-28}}草酸钇隔绝空气加热可以得到rm{c(C_{2}O_{4}^{2-})=3dfrac

{8.0隆脕10^{-28}}{(10^{-5})^{2}}=2.0隆脕10^{-6}mol/L}和rm{2.0隆脕10^{-6}}rm{(6)}其反应的方程式为rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}故答案为：rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}rm{Y_{2}O_{3}}【解析】rm{(1)ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆陇H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆陇H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}

}与rm{(4)Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近，三者因同时沉淀而无法分离rm{Y^{3+}}rm{(6)Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}rm{pH}26、（1）①与水反应是否是氧化还原反应）①与水反应是否是氧化还原反应1↑②2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2、③Cl2、Na2O2）①Cl2Na2O2（2）①C2作氧化剂，其还原产物是C没有毒性及污染性②BB）6H＋＋5NO2－＋2MnO4-===NO3－＋2Mn2+＋3H2O电子从氮元素失去10个电子转移到锰元素​③H2O2作氧化剂，其还原产物是H2OH2O没有毒性及污染性【分析】【分析】

本题考查物质的性质及氧化还原反应，为高频考点，把握物质的性质、习题中的信息及发生的反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注重氧化还原反应的应用。【解答】

rm{(1)}rm{(1)}组与水反应都是生成对应的酸或者碱，而rm{垄脵A}组与水反应都是生成对应的酸或者碱，而rm{B}组与水反应都发生了氧化还原反应，故分成rm{A}rm{B}两组的依据是与水反应是否是氧化还原反应，故答案为：与水反应是否是氧化还原反应；组与水反应都发生了氧化还原反应，故分成rm{垄脵A}rm{B}两组的依据是与水反应是否是氧化还原反应，故答案为：与水反应是否是氧化还原反应；

rm{A}组物质与水反应水只作氧化剂的只有钠，所以离子方程式为：rm{B}rm{垄脷C}组物质与水反应水只作氧化剂的只有钠，所以离子方程式为：rm{2Na+2H}rm{垄脷C}rm{2Na+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O篓T2Na}rm{O篓T2Na}rm{{,!}^{+}}rm{+2OH}故答案为：rm{+2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}故答案为：rm{2Na+2H}rm{隆眉}rm{2Na+2H}rm{{,!}_{2}}

rm{O篓T2Na}组物质与水反应中，水即不作氧化剂也不作还原剂的为rm{O篓T2Na}rm{{,!}^{+}}rm{+2OH}rm{+2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}rm{+H}rm{{,!}_{2}}也是rm{隆眉}rm{隆眉}rm{垄脹D}组物质与水反应中，水即不作氧化剂也不作还原剂的为rm{Cl}rm{垄脹D}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}、rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}，其中氧化剂和还原剂物质的量之比为rm{1}rm{1}也是rm{Cl}

rm{1}rm{1}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}、rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}

，故答案为：rm{Cl}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}、rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}；rm{(2)}rm{(2)}rm{垄脵A.Na}rm{垄脵A.Na}被还原成单质银，rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2HCl=2NaCl+H}rm{+2HCl=2NaCl+H}rm{{,!}_{2}}

rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}，是一个非氧化还原反应，双氧水既不是氧化剂，也不是还原剂，故A不选；B.rm{Ag}rm{Ag}rm{{,!}_{2}}rm{O+H}rm{O+H}过氧化氢的分解反应，是一个自身氧化还原反应，rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{=2Ag+O}

rm{=2Ag+O}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉+H}rm{隆眉+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{Ag}rm{O}rm{Ag}rm{{,!}_{2}}rm{O}被还原成单质银，rm{H}rm{O}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}仅表现为还原性，