2025年华东师大版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如上右图所示，电源电动势ε=12V，内阻r=1Ω，电阻R1=5Ω，R2=50Ω，则A.电键K断开时，B两端电压等于零B.电键K闭合,电容器C充电后，电容器两极板间的电压等于10VC.电键K闭合,电容器C充电后，电容器两极板间的电压等于12VD.电键K闭合,电容器C充电后，两极板间的电压与电容大小有关2、如图甲所示为一自耦变压器，变压器的原线圈AB端输入电压如图乙所示，副线圈电路中定值电阻R0＝11Ω，电容器C的击穿电压为22V，移动滑片P使电容器刚好不会被击穿．所有电表均为理想电表，下列说法正确的是()A.电压表的示数为311VB.原副线圈的匝数比为10∶1C.电流表的示数等于通过电阻R0的电流D.原线圈AB端输入电压的变化规律为u＝311sin100πtV3、如图，一个半径为L

的半圆形硬导体AB

以速度v

在水平U

型框架上匀速滑动，匀强磁场的磁感应强度为B

回路电阻为R0

半圆形硬导体AB

的电阻为r

其余电阻不计，则半圆形导体AB

切割磁感线产生感应电动势的大小及AB

之间的电势差分别为(

)

A.2BLvBLvR0R0+r

B.2BLvBLv

C.BLv2BLv

D.2BLv2BLvR0R0+r

4、如图所示，一台理想变压器的原线圈匝数n1

与副线圈匝数n2

之比为51.

原线圈两端加U1=220V

的正弦交变电压时，副线圈两端的电压U2

为(

)

A.44V

B.33V

C.22V

D.11V

5、下述说法正确的是（）A.根据E=F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比。B.根据E=KQ/r2，可知点电荷在电场中某点产生的场强与该点电荷的电量Q成正比。C.根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强。D.根据U=Ed可知：同一电场中两个点的距离越远，它们之间的电势差越大。6、关于日光灯，下列说法不正确的是A日光灯工作原理与白炽灯不同，日光灯主要靠荧光粉在紫外线的照射下发光B日光灯正常发光时，启动器处于导通状态C日光灯正常工作时，取下日光灯启动器，日光灯正常工作D日光灯的镇流器在工作时主要作用是限制灯管中的电流7、现有a、b、c三束单色光，其波长关系为用b光束照射某种金属时，恰能发生光电效应.若分别用a光束和c光束照射该金属，则可以断定A.a光束照射时，不能发生光电效应B.c光束照射时，不能发生光电效应C.a光束照射时，释放出的光电子数目最多D.c光束照射时，释放出的光电子的最大初动能最小8、如图所示，电源内阻不可忽略，R1为半导体热敏电阻（温度升高时，阻值减小），R2为锰铜合金制成的可变电阻.当发现灯泡L的亮度逐渐变暗时，可能的原因是（）A.R1的温度逐渐降低B.R1的温度逐渐升高C.R2的阻值逐渐减小D.R2的阻值逐渐增大9、在一空间有方向相反，磁感应强度大小均为B

的匀强磁场，如图所示，向外的磁场分布在一半径为a

的圆形区域内，向内的磁场分布在除圆形区域外的整个区域，该平面内有一半径为b(b>2a)

的圆形线圈，线圈平面与磁感应强度方向垂直，线圈与半径为a

的圆形区域是同心圆.

从某时刻起磁感应强度开始减小到B2

则此过程中该线圈磁通量的变化量的大小为(

)

A.12娄脨B(b2鈭�a2)

B.娄脨B(b2鈭�2a2)

C.娄脨B(b2鈭�a2)

D.12娄脨B(b2鈭�2a2)

评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、做简谐运动的弹簧振子对平衡位置的位移为x，速度为v，加速度为a，则（）A.x与v同向时，振子加速B.x与v反向时，振子加速C.v与a反向时，位移变大D.v与a同向时，位移变大11、线圈在匀强磁场中匀速转动；产生交变电流的图象如图所示，由图中可知（）

A.在A和C时刻线圈处于中性面位置B.在B和D时刻穿过线圈的磁通量最大C.在O～D时间内线圈转过的角度为2πD.若从O～D时间为0.02s，则在1s内交变电流的方向改变100次12、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，压强随体积变化的关系如右图，这个过程中（）A.气体分子热运动的平均动能增大B.气体的温度一直降低C.气体一直对外界做负功D.气体一直从外界吸热13、如图，两个物体1

和2

在光滑水平面上以相同动能E

相向运动，它们的质量分别为m1

和m2

且m1<m2

经一段时间两物体相碰撞并粘在一起。碰撞后A.两物体将向左运动B.两物体将向右运动C.两物体组成系统损失能量最小D.两物体组成系统损失能量最大14、如图甲中通过P

点电流的(

向右为正)

变化规律如图乙所示，则(

)

A.在t

从0.5s隆芦ls

电容器C

正在充电B.0.5s隆芦1s

间，电容器C

上板带正电C.1s隆芦1.5s

内，Q

点电势比P

点电势高D.1s

一1.5s

磁场能转化为电场能15、在如图所示的U-I图象中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路。由图象可知，下说法正确的是（）A.电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB.电源的效率为80%C.电阻R的阻值为1ΩD.电源内阻的热功率为2W16、两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动，取无限远处的电势为零，则（）A.q运动到O点时的动能最大B.q由A向O做匀加速直线C.q由A向O运动的过程电势能逐渐减小D.q运动到O点时的电势能为零17、如图所示，L1L2

为两平行的虚线，L1

上方和L2

下方都是垂直纸面向里的磁感应强度相同的匀强磁场，AB

两点都在L2

上，带电粒子从A

点以初速度v

斜向上与L2

成30鈭�

角射出，经过B

点时速度方向也斜向上，不计重力，下列说法中正确的是()

A.带电粒子经过B

点时速度一定跟A

点速度相同B.若将带电粒子在A

点时初速度变大(

方向不变)

它仍能经过B

点C.若将带电粒子在A

点时初速度方向改为与L2

成60鈭�

角斜向上，它也能经过B

点D.此粒子一定带正电18、利用如图所示的装置来验证碰撞中的动量守恒，入射小球和被碰小球的质量分别为m

1

m

2

关于该实验下列说法中正确的是A.m

1

一定要大于m

2

但它们的直径一定要相等B.不放被碰小球时，m

1

平均落点为N

点C.适当增大入射球初始下落的高度，可减小实验的误差D.实验之前，一定要将斜槽的末端调整到水平状态评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)19、如图所示，光滑水平面上有物块M、m，在其中静止的物块m上固定一轻弹簧，M以v的速度向右运动，当弹簧压缩量最大时，两者的速度VM﹦____，Vm﹦____．

20、手机是人们生活中普遍使用的通信工具，它是利用________(

选填“电磁波”或“超声波”)

进行通信的.

这种波________(

选填“能”或“不能”)

在真空中传播．21、有一个弹簧振子，某段时间内发现它的速度在减小，则它的加速度____，回复力____，弹簧的弹性势能____．22、一端封闭的均匀玻璃管，用长h的一段水银柱封入一些空气，当管开口向上时，测得空气柱的高度是H1，当管开口向下时，没有水银流出，测得空气柱高度是H2，可以算得，这时大气压强等于_____________。（水银柱的产生的压强用高度表示）23、一质量为2kg的质点从静止开始沿某一方向做匀变速直线运动，它的动量p随位移的变化关系为p=4则质点的加速度为______m/s2．24、如图甲所示，在一条张紧的绳子上挂几个摆.

当a

摆振动的时候，通过张紧的绳子给其他各摆施加驱动力，使其余各摆也振动起来，此时b

摆的振动周期______(

选填“大于”、“等于”或“小于”)d

摆的周期.

图乙是a

摆的振动图象，重力加速度为g

则a

的摆长为______．25、如图所示的电路，当开关闭合时，小灯泡将______(

选填“逐渐”或“立刻”)

变亮.

当开关断开时，小灯泡将______(

选填“逐渐”或“立刻”)

熄灭．26、有一个表头G

满偏电流Ig=5mA

内阻Rg=100娄赂

用它改装成量程为3v

的电压表，需串联电阻R=

______娄赂.

评卷人得分四、判断题(共1题，共2分)27、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)28、利用打点计时器所记录纸带来研究小车的运动情况，某学生实验中的记录纸带如图所示，其中两点中间有四个点未画。已知所用电源的频率为50Hz，则小车运动的加速度a=_____m/s2。29、小明同学在测定金属丝电阻率的实验中，进行了如下操作，请你将相应的操作步骤补充完整。（1）他首先用螺旋测微器测金属丝的直径，如图甲所示，该金属丝的直径为________mm。（2）他再用多用电表粗测金属丝的阻值，操作过程如下：①将红、黑表笔分别插入多用电表的“＋”、“－”插孔，选择开关旋至电阻挡“×10”挡位；②将红、黑表笔短接，调节____旋钮（填图乙中的“A”或“B”或“C”），使欧姆表指针对准电阻的____处（填“0刻线”或“∞刻线”）；③把红、黑表笔分别与金属丝的两端相接，此时多用电表的示数如下图丙所示；④为了使金属丝的阻值读数能够再准确一些，小明将选择开关旋至电阻挡____挡位（填“×1”或“×1k”），重新进行________；⑤重新测量得到的结果如图丁所示，则金属丝的电阻为____Ω。（3）他想用伏安法更精确地测量该金属丝的阻值，他用如图所示的装置进行测量，其中部分器材的规格为：电源E（两节干电池，3V），电流表（量程0.6A，内阻约1Ω），电压表（量程3V，内阻约10kΩ），滑动变阻器（阻值范围0～20Ω，额定电流1A）。要求滑动变阻器采用限流式接法，为了减小实验误差，请你在下图中加两条导线将未连接完的电路连起来。30、图为一正在测量中的多用电表表盘．则：(1)测电阻时，电流从____表笔流入多用电表；（填“红”或“黑”）(2)如果是用“×100Ω”挡测量电阻，则读数为________Ω.31、（共18分）实验题（一）油酸酒精溶液的浓度为每1000ml油酸酒精溶液中有油酸0.6ml，用滴管向量筒内滴50滴上述溶液，量筒中的溶液体积增加1ml，若把一滴这样的溶液滴入盛水的浅盘中，由于酒精溶于水，油酸在水面展开，稳定后形成单分子油膜的形状如图所示。（1）若每一小方格的边长为25mm，则油酸薄膜的面积约为S=____m­­­­­­­­­­2；（2）一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积V=____m3；（3）由以上数据，可估算出油酸分子的直径的数量级为____m。（二）某同学用图装置做验证动量守恒定律的实验.先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次。（1）本实验必须测量的物理量有以下哪些__________．A．斜槽轨道末端到水平地面的高度HB．小球a、b的质量ma、mbC．小球a、b的半径rD．小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行时间tE．记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OCF．a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h（2）小球a、b的质量ma、mb应该满足什么关系：ma____mb（＞、＝、＜）（3）为测定未放被碰小球时，小球a落点的平均位置，把刻度尺的零刻线跟记录纸上的O点对齐，右图给出了小球a落点附近的情况，由图可得OB距离应为__________cm．（4）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是___________．评卷人得分六、计算题(共3题，共15分)32、一束电子（不计重力）从静止开始经加速电压U1加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，如图所示，金属板长为l，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为L。若在两金属板间加直流电压U2时，光点偏离中线与荧光屏交点O，打在荧光屏上的P点，求33、如图，一质量m=1×10-6kg，带电量q=-2×10-8C的小球以初速度v0竖直向上从A点射入一水平向右的匀强电场，当小球运动到比A高h=0.2m的B点时速度大小是2v0，但方向水平，且AB两点的连线在水平方向的距离为d=0.1m，g取10m/s2；求：

（1）判断小球在水平方向和竖直方向的运动情况（不必说理由）

（2）小球的初速度v0

（3）AB两点间的电势差UAB

（4）匀强电场的场强E的大小．34、如图所示，一光电管的阴极用极限波长娄脣0=5000鈭�A

的钠制成.

用波长娄脣=3000鈭�A

的紫外线照射阴极；光电管阳极A

和阴极K

之间的电势差U=2.1V

饱和光电流的值(

当阴极K

发射的电子全部到达阳极A

时，电路中的电流达到最大值，称为饱和光电流)I=0.56娄脤A

．

(1)

求每秒钟内由K

极发射的光电子数目；

(2)

求电子到达A

极时的最大动能；

(3)

如果电势差U

不变，而照射光的强度增到原值的三倍，此时电子到达A

极的最大动能是多大？(

普朗克常量h=6.63隆脕10鈭�34J?s)

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【解析】试题分析：A、电键K断开时，电阻相当于一根导线，A、B两端电压等于电源电动势；错误BCD、电键K闭合，电容器C充电后，电阻相当于一根导线，此时电容器两端电压为电阻两端电压，根据闭合电路欧姆定律可知，电阻两端电压与电容器电容大小无关；B正确CD错误故选B考点：闭合电路欧姆定律，电容器【解析】【答案】B2、D【分析】解答：由图象可得输入电压最大值所以输入电压的有效值故A错误；由电容器刚好不会被击穿，可得副线圈两端电压最大值U2max＝22V，有效值所以原副线圈的匝数比故B错误；

因为电容器“通交流，隔直流”，所以电流表的示数大于通过电阻R0的电流；C错误；

由图象可得输入电压的变化规律为u＝311sin100πtV；D正确。

故选D

分析：本题考查变压器基本原理交流电图像的分析能力，属于基础题。3、D【分析】解：半圆形导体AB

切割磁感线的有效长度是2L

根据法拉第电磁感应定律则；感应电动势为：E=B?2L?v=2BLv

A、B

之间的电势差为：U=R0R0+rE=2BLvR0R0+r

故D正确，ABC错误；

故选：D

．

半圆形导体AB

有效的切割长度等于2L

根据法拉第电磁感应定律E=Blv

求感应电动势，AB

之间的电势差是指R0

两端的电压，由串联电路分压规律求解．

本题考查法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，产生感应电动势的部分可以相当于电源，则AB

之间的电势差指的是路端电压．【解析】D

4、A【分析】解：由U1U2=n1n2

若原线圈两端要得到U1=220V

的正弦交变电压；

所以U2=n2n1U1=15隆脕220=44V

故选：A

根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比即可求解．

本题主要考查了变压器原副线圈匝数比与电压比之间的关系，难度不大，属于基础题．【解析】A

5、B【分析】【解析】试题分析：电场中某点的场强只和电场本身的性质有关，和外界因素无关，A错误；根据E=KQ/r2，可知点电荷在电场中某点产生的场强与该点电荷的电量Q成正比。B正确；电场强度为矢量，合成遵循平行四边形定则，故合电场可能大于分电场，也可能小于分电场，还可能等于分电场，C错误；电场中两点的电势差大小和电场强度有关之外还和两点间的距离有关，D错误故选B考点：考查了对电场强度的理解【解析】【答案】B6、B【分析】由教材可知，日光灯主要靠荧光粉在紫外线的照射下发光，A错；日光灯正常发光时，启动器处于断开状态，B对；日光灯正常发光时，启动器处于断开状态取下日光灯启动器，日光灯正常工作，C错；日光灯的镇流器在工作时主要作用是限制灯管中的电流，D错。【解析】【答案】B7、A【分析】【解析】【答案】A8、A|C【分析】试题分析：当的温度逐渐降低时，电阻增大，所以总电阻增大，总电流就减小，电源内阻所占电压减小，并联部分电压增大，所以通过的电流变大，而总电流就减小，所以通过灯泡的电流减小，故A正确，B错误；当的阻值逐渐增大时，总电阻增大，总电流就减小，电源内阻所占电压减小，并联部分电压增大，所以通过灯泡L的电流就增大，反之，若的阻值逐渐减小，则通过灯泡L的电流减小，故D错误C正确．考点：本题考查的是电路的动态变化分析问题，要处理好局部与整体的关系，根据欧姆定律并灵活应用串并联电路中电压和电流的关系进行分析判断．【解析】【答案】AC9、D【分析】解：由题；匀强磁场的磁感应强度B

垂直于线圈平面，通过该线圈的磁通量为垂直进入的磁通量与垂直出来的磁通量之差．

而进入的磁通量为娄碌=BS=B娄脨(b2鈭�a2)

出来的磁通量为B娄脨a2

因此穿过该线圈的磁通量为B娄脨(b2鈭�2a2).

由于磁感应强度开始减小到B2

所以该线圈磁通量的变化量的大小12B娄脨(b2鈭�2a2).

故选D

线圈与匀强磁场垂直，通过线圈的磁通量娄碌=BSS

是线圈内有磁场部分的面积娄脨r2.

由于磁场的方向不同；因此则分别求出磁通量，然后进行叠加，从而即可求解．

在匀强磁场中，通过该线圈的磁通量公式娄碌=BS

中，S

是有效面积.

注意虽然磁通量是标量，但要分正反面穿过，因此出现正负情况．【解析】D

二、多选题(共9题，共18分)10、BC【分析】解：A；简谐运动中；位移是相对平衡位置的，背离平衡位置；x与v同向时，振子背离平衡位置，做减速运动；故A错误；

B；简谐运动中；位移是相对平衡位置的，背离平衡位置；x与v反向时，振子靠近平衡位置，做加速运动；故B正确；

C；v与a反向时；振子背离平衡位置，位移增加；故C正确；

D；v与a同向时；振子靠近平衡位置，位移减小；故D错误；

故选：BC．

在直线运动中，加速度与速度同向时，物体做加速运动；加速度与速度反向时，物体做减速运动；简谐运动中，回复力F=-kx，加速度a=-．

本题关键是明确简谐运动中，位移、回复力、加速度的关系，基础题．【解析】【答案】BC11、BCD【分析】解：A；A和C时刻线圈中电流最大；故线圈处于与中性面垂直的位置；故A错误；

B；B和D时刻线圈中电流为零；此时处于中性面，此时线圈中磁通量最大；故B正确；

C；在O～D时间内为电流的一个周期；故线圈转过的角度为2π；故C正确；

D；从O～D时间为0.02s；则周期为0.02s，故1s内对应50个周期，则在1s内交变电流的方向改变100次；故D正确；

故选：BCD．

交变电流是由线圈绕中心轴转动产生的；当电流最大时，线圈处于与中性面垂直的位置；当电流为零时，线圈处于中性面．

本题考查交流电源的产生原理，要注意明确线圈中电流最大时，线圈处于与中性面垂直的位置，此时线圈中磁通量为零；但磁通量变化率最大．【解析】【答案】BCD12、AD【分析】解：AB、气体从A到B发生等压变化，根据盖-吕萨克定律知体积一直增大，温度一直升高，气体分子热运动的平均速率增大，故A正确，B错误；

C；气体从A到B体积增大；所以气体一直对外界做正功，故C错误；

D；气体从A到B对外做功；W＜0，温度升高，内能增大△U＞0，根据热力学第一定律△U=W+Q，知Q＞0，故气体一直从外界吸热，故D正确；

故选：AD

一定质量的理想气体由状态A变化到状态B；压强不变，温度升高，由气态方程分析气体体积的变化，判断做功情况．根据热力学第一定律判断吸放热情况。

对于气体的图象问题，关键是要知道气体发生的状态变化过程，往往用到气态方程和热力学第一定律结合进行分析．【解析】【答案】AD13、AD【分析】【分析】根据动量与动能的关系，确定动量大小关系，从确定总动量方向，即碰撞后运动方向；两物体属于完全非弹性碰撞，损失动能最大。本题考查动量守恒和碰撞过程能量损失问题。【解答】AB.

根据P2=2mEK

结合m1<m2

知P1<P2

故系统总动量向左，根据动量守恒知碰后两物体将向左运动，所以A正确；B错误；CD.

由题意知两物体属于完全非弹性碰撞，损失动能最大，所以C错误；D正确。故选AD。【解析】AD

14、AC【分析】解：A

从0.5s隆芦ls

电容器反向充电，电流逐渐减小到0

磁场能全部转化为电场能.

电容器下板带正电.

故A正确，B错误．

C1隆芦1.5s

内；电容器放电，电流从0

逐渐增大到最大值，电场能全部转化为磁场能，电流的方向为Q

到P

在外电路中沿着电流的方向电势逐渐降低，所以Q

点电势比P

点电势高.

故C正确.

D错误．

故选AC．

该电路为LC

振荡电路；在0隆芦0.5s

内，电容器放电，电流从0

逐渐增大到最大值，电场能全部转化为磁场能；0.5隆芦1s

内，电容器反向充电，电流逐渐减小到0

磁场能全部转化为电场能；1隆芦1.5s

内，电容器放电，电流从0

逐渐增大到最大值，电场能全部转化为磁场能；1.5隆芦2.0s

内，电容器正向充电，电流逐渐减小到0

磁场能全部转化为电场能．

解决本题的关键掌握LC

振荡电路的充放电过程，知道电场能和磁场能的转化．【解析】AC

15、ACD【分析】解：AC、根据闭合电路欧姆定律得：U=E-Ir，当I=0时，U=E，由读出电源的电动势为：E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则．电阻．故AC正确。

BD、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的内阻消耗的功率为Pr=I2r=2W．电源的效率．故B错误；D正确。

故选：ACD。

由电源的路端电压与电流的关系图象与纵轴的交点读出电源的电动势；其斜率大小等于电源的内阻。电阻R的伏安特性曲线的斜率等于电阻。两图线的交点读出电流与电压，求出电源的效率和内阻的热功率。

本题考查闭合电路欧姆定律的应用，对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义。本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义。【解析】ACD16、AC【分析】解：

A、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故A正确．

B；两等量正电荷周围部分电场线如右图所示；其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向．

故试探电荷所受的电场力是变化的；q由A向O的运动做非匀加速直线运动；故B错误．

C；电场力方向与AO方向一致；电场力做正功，电势能逐渐减小，故C正确．

D；取无限远处的电势为零；从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值．故D错误．

故选：AC．

根据等量同种点电荷电场线的分布情况；抓住对称性，分析试探电荷q的受力情况，确定其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．

本题考查静电场的基本概念．关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析功能关系．【解析】【答案】AC17、AB【分析】【分析】分析带电粒子的运动情况：在无磁场区域，做匀速直线运动，进入磁场后，只受洛伦兹力，做匀速圆周运动，画出可能的轨迹，作出选择。带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，关键是画出粒子圆周的轨迹，往往要抓住圆的对称性。【解答】A.如图，粒子BB的位置在BB22、BB33时速度方向也斜向上，速度跟在AA点时的速度大小相等，方向相同，速度相同，故A正确；

B.根据轨迹，粒子经过边界LL11时入射点与出射点间的距离与经过边界LL22时入射点与出射点间的距离相同，与速度无关，所以当初速度大小稍微增大一点，但保持方向不变，它仍有可能经过BB点，故B正确；

C.如图，设LL11与LL22之间的距离为dd则AA到BB2{,!}_{2}的距离为：x=2dtan娄脠x=dfrac{2d}{tan娄脠}所以，若将带电粒子在AA点时初速度方向改为与LL22成60鈭�60^{circ}角斜向上，它就只经过一个周期后一定不经过BB点，故C错误；

D.如图，分别是正负电荷的轨迹，正负电荷都可能，故D错误。

故选AB。【解析】AB

18、ACD【分析】【分析】为了使入射小球碰后不被反弹，要求入射小球质量大于被碰小球质量，平抛运动的时间由高度决定，小球碰撞前后做平抛运动的时间相同，可以通过水平位移代替小球的速度，通过实验原理可明确实验中应注意的事项以及减小误差的基本方法。本题考查了验证动量守恒定律的注意事项，知道实验原理与实验注意事项即可正确解题，注意体会利用平抛运动来验证动量守恒定律的基本方法。【解答】A.为了使小球碰后不被反弹；要求入射小球质量大于被碰小球质量；同时为了两小球发生的是对心碰撞，应保证两小球直径相等，故A正确；

B.根据动量守恒可知；不放被碰小球时，m1

平均落点为P

点，故B错误；

C.适当增大自由下落的高度；可延长小球在空中的时间，从而增大水平射程，故可以减小因测量带来的偶然误差，故C正确；

D.为了保证小球做平抛运动；实验前，一定要将斜槽的末端调整到水平状态；故D正确；

故选ACD。【解析】ACD

三、填空题(共8题，共16分)19、略

【分析】

由题意可知当两球速度相等时；弹性势能最大，弹簧压缩量最大，根据动量守恒得：

Mv=（M+m）v

所以两者速度：

故答案：．

【解析】【答案】本题考查了对完全非弹性碰撞的理解；当两球的速度相等时，系统损失动能最多，即弹性势能最大，弹簧压缩量最大．

20、电磁波能。

【分析】【分析】

手机既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；电磁波本身就是物质，能在真空中传播。此题主要考查电磁波的应用和传播速度；都是基础知识，比较容易，要知道真空中传播速度与光在真空中的传播速度相同，即都是3隆脕108m/s

【解答】

手机已成为人们普遍使用的通信工具；它是由电磁波来传递信息的，电磁波本身就是物质，故能在真空中传播。

故答案为：电磁波；能。【解析】电磁波能。

21、略

【分析】

弹簧振子做简谐运动时；速度在减小，位移在增大，振子离开平衡位置，则加速度；回复力均在增大．弹簧形变量也在增大，说明弹簧的弹性势能在增大．

故答案为：增大；增大、增大。

【解析】【答案】弹簧振子做简谐运动时；速度在减小，位移在增大，根据加速度；回复力与位移的关系分析加速度和回复力的变化．根据弹簧形变量的变化分析弹性势能的变化．

22、略

【分析】根据气体状态方程有：解得【解析】【答案】23、略

【分析】解：A、根据v2=2ax得，v=则动量P=mv=m可知P=4=2×

解得质点的加速度为：a=2m/s2．

故答案为：2

根据匀变速直线运动的速度位移公式和动量的表达式；结合动量随位移变化的关系式求出加速度．

本题考查动量的表达式以及运动学公式的综合运用，难度不大，需掌握匀变速直线运动的规律，并能灵活运用．【解析】224、略

【分析】解：a

摆摆动起来后，通过水平绳子对bcd

三个摆施加周期性的驱动力，使bcd

三摆做受迫振动；三摆做受迫振动的频率等于驱动力的频率，由于驱动力频率相同，则三摆的周期相同．

据乙图可知：T=2t0

再据T=2娄脨Lg

可知，a

的摆长L=gt02蟺2

故答案为：等于；gt02蟺2

．

受迫振动的频率等于驱动率的频率；当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振幅最大，即共振；再利用单摆的周期公式求摆长．

本题考查受迫振动的周期和共振现象，自由振动与受迫振动是从振动形成的原因来区分的，比较简单．【解析】等于；gt02蟺2

25、逐渐；立刻【分析】解：当开关闭合时；通过线圈L

的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，线圈产生的感应电动势阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A

逐渐亮起来.

当开关断开时，电路断开，线圈和灯泡不能构成回路，故电流立即为零，故小灯泡立刻熄灭．

故答案为：逐渐；立刻．

当电键K

闭合时；通过线圈L

的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断灯泡的亮度变化．

自感现象是特殊的电磁感应现象，断开开关S

时，电路断开，灯泡中原来的电流突然消失，灯泡立即熄灭．【解析】逐渐；立刻26、略

【分析】解：把电流表改装成3V

的电压表需要串联分压电阻；

串联电阻阻值：R=UIg鈭�Rg=30.005鈭�100=500娄赂

故答案为：500

．

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．

本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理是解题的前提，应用串联电路特点与欧姆定律可以解题，本题是一道基础题．【解析】500

四、判断题(共1题，共2分)27、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．五、实验题(共4题，共8分)28、略

【分析】【解析】试题分析：根据可得即a=0.39m/s2.考点：匀变速直线运动【解析】【答案】0.3929、略

【分析】【解析】试题分析：（1）螺旋测微器读数方法：测量长度=固定刻度示数+可动刻度示数×精确度(注意单位为毫米)．所以读数为0.850mm（0.848～0.852mm）（2）②用多用电表粗测金属丝的阻值，将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮B，使欧姆表指针对准电阻的0刻线处；④用多用电表测电阻时，指针指在中央刻度时误差最小，由图丙可知该电阻丝阻值较小，应换用较小倍率档，将选择开关旋至电阻挡“×1”挡位，换挡后重新进行欧姆调零；⑤所测电阻值为：读数×倍率，所以读数为：6.0Ω（3）由于所以电流表外接，要求滑动变阻器采用限流式接法，则电路连接如下图：考点：电阻的测量【解析】【答案】（1）0.850（0.848～0.852）（2）②B0刻线④×1欧姆调零⑤6.0（3）电路连接如下图：30、略

【分析】【解析】试题分析：(1)测电阻时，电流从红表笔流入多用电表(2)如果是用“×100Ω”挡测量电阻，则读数为8×100Ω=800Ω考点：考查万用表的使用【解析】【答案】（1）红；（2）800Ω31、略

【分析】【解析】【答案】（一）（1）4.4×10-2（2）1.2×10-11（3）10-10（二）（1）B、E（2）＞（3）46.41（4）maOB=maOA+mbOC六、计算题(共3题，共15分)32、略

【分析】设