2025年教科新版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年教科新版必修3物理下册月考试卷279考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，有三个电阻，已知Rl：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压Ul：U2为（）

A.1:6B.1:9C.1:3D.1:22、如图所示的电路中，当变阻器R3的滑片向上移动时（）

A.电压表示数变小，电流表示数变大B.电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表示数变大，电流表示数变大D.电压表示数变小，电流表示数变小3、电压表；电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲；乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻C.小量程电流表内阻为并联一个电阻R，改装后电流表量程是原来的倍D.为实现对改装电表的逐格校准，可采用限流式电路4、如图所示；A；B为相互接触的用绝缘支架支撑的金属导体，在它们的下部贴有金属箔片，起初它们不带电，C是用绝缘棒连接的带正电的小球，A、B、C均可自由移动，实验中把C移近导体A，关于实验现象和分析下列说法正确的是（）

A.A上的金属箔片张开且带正电，B上的金属箔片不张开B.A上的金属箔片张开且带负电，B上的金属箔片不张开C.A上的金属箔片张开且带正电，B上的金属箔片张开且带负电D.A上的金属箔片张开且带负电，B上的金属箔片张开且带正电5、“天宫一号”两侧装有巨大的太阳能电池板；为中国空间站的正常工作提供足够的能量。下列说法正确的是（）

A.太阳能是不可再生能源B.太阳能主要以热传导的方式传到地球C.太阳能电池板是将太阳能转换为电能的装置D.太阳能电池板能源源不断地产生电能，说明能量可以创生6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量不变，距离减少为原来的倍，它们之间的相互作用力变为（）A.B.FC.4FD.16F7、真空中某点电荷O左右两边相等距离处有两点A、B；则（）

A.A点电场强度和B点电场强度相同B.A点的电势和B点电势相同C.试探电荷-q在A点的电势能比在B点的大D.将试探电荷-q从A点移到B点的过程中，电场力做负功8、给平行板电容器充电，断开电源后A极板带正电，B极板带负电。板间一带电小球C用绝缘细线悬挂，如图所示，小球静止时与竖直方向的夹角为则下列说法错误的是（）

A.若将B极板向右平移稍许，电容器的电容将减小B.若将B极板向下平移稍许，A、B两板间电势差将增大C.若将B极板向上平移稍许，夹角将变大D.轻轻将细线剪断，小球将做斜抛运动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、在等边△ABC的顶点处分别固定有电荷量大小相等的点电荷，其中A点电荷带正电，B、C两点电荷带负电，如图所示。O为BC连线的中点，a为△ABC的中心，b为AO延长线上的点，且aO=bO。下列说法正确的是（）

A.a点电势高于O点电势B.a点场强小于b点场强C.b点的场强方向是O→bD.a、O间电势差的绝对值大于b、O间电势差的绝对值10、下图所示的电路中，电源内阻r不可忽略，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R2的滑动键P向上滑动时。

A.A1和A2的示数均变大B.V1和V2的示数均变大C.A1示数的变化量小于A2示数的变化量D.V1示数的变化量小于V2示数的变化量11、如图所示，匀强电场水平向右，绝缘细线一端固定在O点，一端连着带电小球，将小球从与O点等高的A点由静止释放，结果小球在竖直面内做圆周运动，B为运动的最低点；不计空气阻力，则下列判断正确的是（）

A.小球可能带负电B.从A到B过程，细线的张力先增大后减小C.从A到B过程，小球受到的电场力可能大于重力D.从A到B过程，小球电势能和重力势能之和先减小后增大12、用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法,以下物理量表达式中属于比值法定义的是（ ）A.B.C.D.13、如图所示，长为间距为的平行金属板水平放置，点有一粒子源，能持续水平向右发射初速度为电荷量为质量为m的粒子。在两板间存在如图2所示的交变电场；取竖直向下为正方向，不计粒子重力。以下判断正确的是（）

A.粒子在电场中运动的最短时间为B.射出粒子的最大动能为C.时刻进入的粒子，从点射出D.时刻进入的粒子，从点射出14、如下图所示，a、b、c、d是某匀强电场中一个边长为L的正方形的四个顶点，电场线与正方形所在平面平行，已知a点电势为14V、b点电势为18V、d点电势为10V。一个质子（不计重力）经过b点的速度大小为v0，方向与bc成45°斜向下，一段时间后经过c点；则下列说法正确的是（）

A.c点电势为14VB.质子从b运动到c，电场力做功为6eVC.质子从b运动到c，所用的时间为D.质子从b运动到c，加速度大小为15、如图所示电路，电源电动势为E，内阻为当开关闭合后，小型直流电动机和指示灯都恰能正常工作。已知指示灯的电阻为电流为电动机的线圈电阻为电压表的示数为不计灯泡电阻变化；则下列说法中正确的是（）

A.额定电流B.电动机的发热功率为C.电动机的输入功率为D.电动机的效率16、如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R1、R2、R3均为定值电阻，带电粒子P在平行板电容器中恰处于静止状态。不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时；下列说法正确的是（）

A.电流表读数增大B.电压表读数减小C.粒子P将向下运动D.R1上消耗的功率减小17、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻，电阻随光强的增大而减小。R3为定值电阻，且R3>r。当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U。以下说法正确的是（）

A.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I减小，U减小B.若仅增大B板间距离，则电容器所带电荷量减少C.若仅用更强的光照射R1，则电源的输出功率减小D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝,保持温度不变,若先将它等分成4段,再将这4段电阻丝并联,并联后总电阻为R2,则R2的大小为____。19、能的最基本性质是：不同形式的能量之间可以相互____________，而且在转化的过程中能的总量总保持____________.20、能量子公式∶ε=hν，其中ν是电磁波的频率，h称为_______。h=______J·s。（一般取h=6.63×10-34J·s）21、原子光谱∶由于原子的_____是分立的，所以放出的光子的_____也是分立的，因此原子的_______只有一些分立的亮线。22、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、电场强度大小为E的匀强电场时，验电器的箔片___________（选填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称为___________此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的电场强度大小为___________，方向与所加的电场方向___________（选填“相同”或“相反”）。

23、电源的电压稳定为220伏，输电线的总电阻欧（不计其他导线电阻），电路中并联了10盏“220伏、50瓦”的电灯。当10盏灯全部工作时，每盏灯的实际电功率为______瓦（设灯丝电阻不随温度变化）。此时，每盏灯上的实际电压______（填“大于”；“小于”或“等于”）只接入1盏灯的实际电压。

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)24、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

25、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。26、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

27、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)28、实验室有下列器材：

①.直流电源（6V；内阻未知）

②.灵敏电流计（量程为5mA；内阻约为50Ω）；

③.电压表（量程为0-0.3V；内阻约为10kΩ）；

④.电阻箱R1（阻值范围为0-9999Ω）；

⑤.滑动变阻器R2（阻值范围为0-100Ω；最大电流为1.5A）；

⑥.旧电池一节；

⑦.导线；开关若干．

(1)某实验小组先测灵敏电流计的内阻，电路如图甲所示，当电阻箱旋钮位置如图乙所示时，测得电压表示数为1V，灵敏电流计示数为2mA，则灵敏电流计内阻为________Ω.

(2)为将灵敏电流计的量程扩大为原来的10倍，该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱R1的阻值调为______Ω．调好后连接成如图丙所示的电路测该电池的电动势和内阻，调节滑动变阻器读出了几组电压表和电流计的示数如下表，请在图丁所示的的坐标系中作出合适的图线__________．

。U/V0.80.91.01.11.2IG/mA3.02.52.01.51.0

(3)利用图线测出该电池的电动势为______V，内阻为______Ω．29、小南同学为了测量一根电阻丝的电阻率；他设计了如图甲所示的实验电路图，可供选择的实验器材有：

A．电流表量程内阻很小。

B．电流表量程内阻很小。

C．灵敏电流计量程

D．电源的电动势

E．电源的电动势

F．待测电阻丝

G．滑动变阻器最大阻值为

H．带金属夹的导线两根；其余导线若干，开关一个。

I．螺旋测微器。

J．毫米刻度尺。

实验步骤：

（1）用螺旋测微器在电阻丝的三个不同位置测量其直径，并求出平均值为其中一次测得的直径如图乙所示，其读数是______

（2）用多用电表的欧姆档“”档正确测量整根电阻丝的电阻时，指针指示如图丙所示，其读数为______

（3）按照实验电路图连接器材，电流表应选择______（选填“”或“”）；

（4）将滑动变阻器的滑片调到最右端，将两个金属夹分别接到电阻丝适当位置，测得并记录间的长度为闭合开关调节的滑片使灵敏电流计的示数为0，读出并记录电流表的示数

（5）重新调节的滑片位置和金属夹的位置，重复步骤（4），测出相应的几组间的长度和电流

（6）用测得的数据画出图象，如图丁所示，由此可求出电阻丝的电阻率______（用表示）。

30、某同学想将满偏电流为内阻未知的电流表改装成电压表。

（1）利用如图所示的电路测量电流表G的内阻：先闭合开关调节滑动变阻器R的滑片，使电流表的指针满偏；再闭合开关保持滑动变阻器R的滑片不动，调节变阻器使电流表的指针半偏，读出此时的阻值为则电流表内阻的测量值为__________

（2）将电流表G改装成量程为的电压表，需__________（填“串联”或“并联”）一个阻值为__________的电阻。31、在“测电源的电动势和内阻”的实验中；所用的实验器材如下：

A.待测电源（电动势10V左右；内阻在3~5Ω之间）

B.电流表A1（量程为0.6A）

C.电流表A2（量程为3A）

D.电阻箱（阻值范围0~9999.9Ω）

（1）为了实验过程中，电流表不被烧坏，某同学设计了如图甲所示的电路，已知电流表A1和A2都是由相同的电流计改装而成的，现将电阻箱阻值R调到一个较大的数值，闭合开关后发现两只电流表______（填“读数”或“指针偏角”）相等；

（2）闭合开关，调节电阻箱的阻值，某同学记录下两电流表的数据和对应的电阻箱的阻值，绘成如图乙所示的图像，若斜率为k，图像的纵截距为b，则电源的电动势E=______，内阻r=______；

（3）测量值与真实值相比，电动势的测量值______（填“偏大”“偏小”或“准确”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)32、如图所示，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切，质量为m的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM上距水平轨道高为h处静止释放，在A球进入水平轨道后，A、B两球间相互作用视为静电力作用．带电小球均可视为质点。已知A、B两球始终没有接触，重力加速度为g；求：

（1）A、B两球相距最近时，A、B两球系统的电势能

（2）A、B两球最终的速度的大小33、如图所示，在一水平向左的匀强电场中，光滑绝缘直角三角形斜劈ABC被固定在水平面上，其斜面长L=1.5m，倾角为θ=37°。有一个电荷量为q=3×10-5C、质量为m=4×10-3kg的带电小物块（可视为质点）恰能静止在斜面的顶端A处。g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

(1)AB两点间的电势差UAB；

(2)若电场强度减小为原来的一半时小物块从A下滑到B的时间t。

34、如图所示，A、B为两块平行金属板，A板带正电荷、B板带负电荷。两板之间存在着匀强电场，两板间距为d、电势差为U，在B板上开有两个间距为L的小孔。C、D为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B板的O′处，C带正电、D带负电。两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O′。半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计。现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带正电的微粒（微粒的重力不计）；求：

（1）微粒穿过B板小孔时的速度多大？

（2）为了使微粒能在C、D板间运动而不碰板，C、D板间的电场强度大小应满足什么条件？

（3）从释放微粒开始，求微粒第二次通过半圆形金属板间的最低点P点的时间？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

设R1=R，由于R1：R2：R3=1：3：6，则

通过串联电路的电流I相等，则

故D正确。2、B【分析】【分析】

【详解】

当变阻器R3的滑片向上移动时，R3接入电路的阻值增加，整个电路总电阻增加，总电流强度减小，内电压降低，路端电压升高，电压表示数增加；流过R1的电流减小，加在R1两端的电压降低，因此加在R2两端的电压升高，流过R2的电流增大；由于总电流减小，因此流过电流表的电流减小，故B正确，ACD错误。

故选B。3、C【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；

B．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，B错误；

C．小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程

得出

C正确；

D．分压式电路电压；电流可以从零开始调节；可以实现对改装电表的逐格校准，D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

当带正电的小球C靠近A；B时；由静电感应A带负电B带正电，A、B上的金属箔片由于同种电荷相斥都张开。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．太阳能是可再生能源；A错误；

B．太阳能主要以热辐射的方式传到地球；B错误；

C．太阳能电池板是将太阳能转换为电能的装置；C正确；

D．太阳能电池板能源源不断地产生电能；并不是能量创生了，而是能量转化得到的，D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

根据库仑定律

若它们的带电量不变，距离减少为原来的倍，则

故选C。7、B【分析】【分析】

【详解】

A．根据点电荷电场对称性得特点，可知A点电场强度和B点电场强度大小相同；方向相反。故A错误；

B．根据点电荷电场等势面的特点，可知A点的电势和B点电势相同。故B正确；

C．根据电势能的定义式，有

试探电荷-q在A点的电势能等于在B点的电势能。故C错误；

D．根据电场力做功公式，有

将试探电荷-q从A点移到B点的过程中；电场力整个过程没有做功。故D错误。

故选B。8、D【分析】【分析】

【详解】

A．若将B极板向右平移稍许，则d增大；根据。

可知电容器的电容将减小。故A正确；与题意不符；

B．若将B极板向下平移稍许；则正对面积减小，根据。

可知电容器的电容将减小；依题意可知电容器的电荷量不变，有公式。

分析得知A、B两板间电势差将增大。故B正确；与题意不符；

C．根据上一选项分析，当A、B两板间电势差将增大时；根据公式。

F=qE可得小球所受电场力增大，夹角将变大。故C正确；与题意不符；

D．轻轻将细线剪断；小球将沿重力与电场力的合力方向做初速度为零的匀加速直线运动。故D错误，与题意相符。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．若将一正电荷从a点移到O点，则电场力做正功，则电势能减小，则从a点到O点电势降低，可知a点电势高于O点电势；选项A正确；

B．因为BC两处的负电荷在a点的合场强向下，在b处的合场强向上，而A处的正电荷在ab两点的场强均向下，则根据场强叠加可知，a点场强大于b点场强；选项B错误；

C．根据场强叠加可知，b点的场强等于两个负点电荷BC在b点的场强与正点电荷A在b点场强的叠加，因BC在b点的合场强竖直向上，大小等于B在b点场强的大小，此值大于A在b点的场强大小，可知b点的场强方向是b→O；竖直向上，选项C错误；

D．由场强叠加可知，aO之间的场强大于Ob之间的场强，根据U=Ed可知，a、O间电势差的绝对值大于b、O间电势差的绝对值；选项D正确。

故选AD。10、B:C:D【分析】【详解】

试题分析：滑动键P向上滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，电路总电阻增大，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压增大，所以电压表增大，电路总电流减小，故通过的电流减小，所以两端的电压减小，而路端电压增大，所以并联电路两端的电压增大，所以电压表示数增大，即两端的电压增大，所以电流表示数增大，而总电流等于通过的电流与通过滑动变阻器电流之和，总电流减小，通过电流增大，所以电流减小，并且A1示数的变化量小于A2示数的变化量，因为所以V1示数的变化量小于V2示数的变化量；故BCD正确．

考点：考查了电路动态变化分析11、B:D【分析】【详解】

A．若小球带负电；则由静止释放小球，小球在电场力与重力的作用下应先做直线运动，因此小球一定带正电，选项A错误；

B．由于小球受到的电场力与重力的合力斜向右下，A到B过程；小球在斜向右下的等效场中运动，运动过程速度先增大后减小，细线的张力先增大后减小，选项B正确；

C．若小球受到的电场力大于重力；则两个力的合力方向与水平方向的夹角小于45°，即等效场的方向与水平方向的夹角小于45°斜向右下方，则由运动的对称性可知，小球下落时最低点不可能到达B点，选项C错误；

D．因为小球的机械能与电势能之和为一定值；小球的速度先增大后减小，动能先增大后减小，因此小球电势能与重力势能之和先减小后增大，选项D正确。

故选BD。12、A:C:D【分析】【详解】

电场中两端的电势差与移动的电荷和电场力所做的功无关，所以是比值定义法，故A正确；两端间电势差不变时，d变化，电场强度也变化．所以不是电场强度的定义式，故B错误；电场中某一点的电势与放入电场中的电荷无关，电荷量变大，电势能也变大，电势不变，所以为比值法定义式，故C正确；电容器的电容有本身性质决定，与所带的电量和两端间的电势差无关，所以比值法定义式，故D正确．所以ACD正确，B错误．13、A:D【分析】【详解】

A．由图可知场强

则粒子在电场中的加速度

若粒子在加速阶段就到达下极板时时间最短，则满足

解得

A正确；

B．能从板间射出的粒子在板间运动的时间均为

则任意时刻射入的粒子射出电场时沿电场方向的速度均为0，可知射出电场时的动能均为B错误；

C．粒子打到板上所需时间为时刻进入的粒子，在

时刻打到板上，而此时电场方向还未改变，粒子与下极板碰撞，不会再做往复运动，不可能从O'点射出，故C错误；

D．时刻进入的粒子，在沿电场方向的运动是：先向上加速后向上减速速度到零；然后向下加速再向下减速速度到零，如此反复，则最后从O点射出时沿电场方向的位移为零，则粒子将从点射出；D正确。

故选AD。14、A:D【分析】【详解】

A．由匀强电场中的电场差与电场强度关系可得

则

故A正确；

B．质子从b运动到c电场力做功为

故B错误；

C．由于a点与c点电势相等，则ac连线为等势线，根据电场线方向与ac连线垂直斜向右上方，如图所示，质子从b点运动到c点做类平抛运动；初速度方向有。

则时间为

电场力方向有

解得

故C错误；D正确。

故选AD。15、C:D【分析】【详解】

A．额定电流

选项A错误；

B．电动机的发热功率为

选项B错误；

C．电动机的输入功率为

选项C正确；

D．电动机的效率

选项D正确。

故选CD。16、A:D【分析】【详解】

AC．带电粒子P原来处于平衡状态，重力和电场力平衡；当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，电阻R4变大，外电路总电阻变大，总电流变小，内电压和R1两端的电压都变小，则并联电路两端的电压变大，电容器两端的电压变大，电场力变大，带电粒子P将向上运动。电容器两端电压变大，知定值电阻R2的电流变大；电流表读数增大；故A正确，C错误；

B．滑动变阻器支路的电流

可知该支路的电流变小，电阻R3两端的电压变小，而并联电路的电压增大，所以R4两端的电压变大；电压表的读数变大，故B错误；

D．由上分析知，R1的电流减小，则R1上消耗的功率逐渐减小；故D正确。

故选AD。17、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．滑动变阻器处于含电容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变；故A错误；

B．若仅增大A、B板间距离；根据。

可知电容减小；板间电压不变，则由电容的定义式。

可知电容器所带电荷量减少；故B正确；

C．若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，因为R3>r；所以电源的输出功率增大，故C错误；

D．若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大；根据闭合电路欧姆定律得。

U=E-Ir可得。

不变；故D正确。

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【详解】

将电阻丝等分成四段，则电阻丝的长度减小为原来的四分之一，又将这四段并联起来，相当于横截面积增大为原来的四倍，根据公式可知，电阻变为原来的故【解析】1Ω19、略

【分析】【分析】

了解不同能量之间可以相互转化；但是总的能量是守恒的；

【详解】

能的最基本性质是：不同形式的能量之间可以相互转化；而且在转化的过程中能的总量总保持不变，即能量守恒。

【点睛】

本题考查能量守恒定律，知道不同能量之间可以相互转化，但是总的能量是守恒的。【解析】转化不变20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由公式的可知，h称为普朗克常量；h=6.63×10-34J·s。【解析】①.普朗克常量②.6.626×10-3421、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]根据原子光谱的特征可知，由于原子的能级是分立的，所以放出的光子的能量也是分立的，因此原子的发射光谱只有一些分立的亮线。【解析】①.能级②.能量③.发射光谱22、略

【分析】【详解】

[1]金属网罩起到静电屏蔽的作用；所以箔片不张开。

[2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理【解析】不张开静电屏蔽E相反23、略

【分析】【详解】

[1]电灯的电阻

并联了10盏电灯的并联电阻为

电路中的总电流

每盏灯的实际电流

每盏灯的实际电功率为

[2]由于并联的电阻越多并联后的电阻越小，电路中的电流越大，输电线上的总电阻的电压越大，电灯上的实际电压越小。每盏灯上的实际电压小于只接入1盏灯的实际电压。【解析】46.9小于四、作图题(共4题，共8分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】26、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共12分)28、略

【分析】【详解】

：（1）由乙图可得R1=450Ω，根据欧姆定律：解得：Rg=45Ω；

（2）改装后电表的量程为IA=50mA，代入数据得：R1=5Ω；改装后电流表的内阻为：为更加充分利用坐标；纵轴电压从0.8V标起，如图所示。

（3）根据闭合电路的欧姆定律可得：所以图象与纵轴的截距等于电动势E=1.40V，图象的斜率k=r+rA=20Ω，得：r=15.5Ω【解析】4551.4015.529、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]螺旋测微器的读数为。

0.5mm+14.8×0.01mm=0.648mm（2）[2]欧姆表读数为5.0Ω

（3）[3]电流表所测数据应大于其量程的