2025年外研版三年级起点选择性必修1物理下册阶段测试试卷含答案

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①乒乓球在地面上的来回上下运动②弹簧振子在竖直方向的上下运动③秋千在空中来回的运动④竖于水面上的圆柱形玻璃瓶上下振动A.①②B.②③C.③④D.②③④3、航母舰载机在航母甲板上滑翔起飞前的过程可看作初速度为零的匀加速直线运动。在滑翔起飞前的过程中，航母舰载机的动能（）A.与它所经历的时间成反比B.与它滑翔的位移大小成反比C.与它的速度大小成正比D.与它的动量大小的二次方成正比4、关于物体的动量，下列说法中正确的是（）A.物体的动量越大，其惯性也越大B.同一物体的动量越大，其动能不一定越大C.物体的加速度不变，其动量一定不变D.物体在任一时刻的动量方向一定与该时刻的速度方向相同5、电影《夺冠》让人们想起了中国女排在奥运会夺冠的激动人心的时刻，女排队员的拼搏精神永远激励着人们奋发前进。如图所示，一名排球运动员进行垫球训练，排球以的速度竖直向下打在运动员的手上，然后以的速度竖直向上飞出。已知排球的质量为250g；排球与手作用时间为0.2s。下列说法正确的是（）

A.排球的动能变化量为B.排球的动量变化量大小为C.排球受到手的冲量大小为D.排球对手的平均作用力大小为6、两个质量相等的小球在光滑水平面上沿同一直线同向运动，A球的动量是8kg·m/s，B球的动量是6kg·m/s，A球追上B球时发生碰撞，则碰撞后A、B两球的动量可能为A.pA＝0，pB＝l4kg·m/sB.pA＝4kg·m/s，pB＝10kg·m/sC.pA＝6kg·m/s，pB＝8kg·m/sD.pA＝7kg·m/s，pB＝8kg·m/s7、如图所示，质量为m、带有半圆形轨道的小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB的长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方为h的位置由静止释放，然后由A点进入半圆形轨道后从B点冲出，在空中上升的最大高度为（不计空气阻力）；则（）

A.小球冲出B点后做斜上抛运动B.小球第二次进入轨道后恰能运动到A点C.小球第一次到达B点时，小车的位移大小是RD.小球第二次通过轨道克服摩擦力所做的功等于8、利用图中所示装置研究双缝干涉现象；下面几种说法正确的是（）

A.将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条纹间距变宽B.将滤光片由蓝色换成红色，干涉条纹间距变宽C.将屏移近双缝，干涉条纹间距变宽D.换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变宽评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、一束白光从顶角为θ的三棱镜的一边以较大的入射角i射入并通过三棱镜后，在屏P上可得到彩色光带，如图所示，在入射角i逐渐减小到零的过程中；假如屏上的彩色光带先后全部消失，则（）

A.红光最先消失，紫光最后消失B.紫光最先消失，红光最后消失C.折射后的出射光线向底边BC偏折D.折射后的出射光线向顶角A偏折10、直角边AC长为d的三棱镜ABC置于水平桌面上，其截面图如图所示。D为斜边BC的中点，桌面上的S点有一点光源，发射的一条光经D点折射后，垂直于AB边射出。已知光在棱镜中的传播时间为真空中光速为c；不考虑光的反射。下列说法正确的是（）

A.该棱镜的折射率为B.该棱镜的折射率为C.入射光与BC的夹角为D.入射光与BC的夹角为11、如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷。t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动，此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v-t图像分别如图（b）中甲；乙两曲线所示。则由图线可知（  ）

A.两电荷的电性一定相反B.t1时刻两电荷的电势能最大C.0~t2时间内，两电荷的静电力先增大后减小D.0~t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小，且整个过程中动量守恒12、如图所示，在光滑水平面上停放着质量为m的装有光滑弧形槽的小车，一质量也为m的小球以水平初速度沿底端槽口向左滑上小车，到达某一高度后，小球又返回右端，则（）

A.此过程中小球和小车组成的系统动量守恒B.小球离开车以后相对地面将向右做平抛运动C.此过程小球对小车做的功为D.小球沿弧形槽上升的最大高度为13、如图所示，弹簧一固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量的小球从槽高h处自由下滑；则下列说法正确的是（）

A.在下滑过程中，小球和槽组成的系统水平方向上动量守恒B.在下滑过程中，小球和槽组成的系统机械能守恒C.被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D.被弹簧反弹后，小球和槽组成的系统机械能守恒，小球能回到槽高h处14、如图所示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.6s时的波形图，波的周期则（）

A.波的周期为2.4sB.在t=0.5s时，Q点到达波峰位置C.经过0.4s，P点经过的路程为0.4mD.在t=1.0s时，P点沿y轴负方向运动15、下述关于声波的传播速度中正确的说法是（）A.声波的频率越高，传播速度越大B.声波振幅越大，传播速度越大C.声波传播速度只由介质决定D.在空气中声速约是340m/s评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、固有振动和固有频率。

（1）固有振动：振动系统在_______作用下的振动。

（2）固有频率：______振动的频率。17、如图所示，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0．当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；以后小物块a震动的振幅和周期分别为A和T，则A_________A0（填“＞”“＜”“=”），T_________T0（填“＞”“＜”“=”）。

18、光滑水平面上两小球a、b用不可伸长的松弛细绳相连．开始时a球静止，b球以一定速度运动直至绳被拉紧，然后两球一起运动，在此过程中两球的总动量____(填“守恒”或“不守恒”)；机械能____(填“守恒”或“不守恒”)．19、如图所示，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为周期为当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；以后小物块a振动的振幅和周期分别为和则______(填“>”、“<”或“＝”)，_______(填“>”、“<”或“＝”)．20、在“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学测出多组摆长L与周期T的数据，并输入计算机生成如图所示的T2－L图像，计算机显示图线的斜率为k，根据T2－L图像__________（填写“能”或“不能”）求出当地的重力加速度，如填写“能”，写出重力加速度的表达式g=__________。

21、如图为一单摆的共振曲线。由图可知该单摆共振时的振幅为_______该单摆的固有周期为__________

22、一列简谐横波沿x轴正方向传播。波速为10m/s。在传播方向上有P、Q两质点，坐标分别为xP=1m，xQ=6m。波传播到P点开始计时，该点的振动图像如图所示，则简谐波的波长为______m，经过______s，Q点第一次到达正向最大位移处。

23、波的反射和折射。

（1）反射现象：波遇到介质界面会___________原介质继续传播的现象。

（2）折射现象：波从一种介质___________另一种介质时，波的___________发生改变的现象。24、如图所示，两光线a、b从水下射向水面上的A点，光线经折射后合成一束光c。水对a光的折射率____________（选填“大于”“小于”或“等于”）水对b光的折射率；从水中射向空气时，a光发生全反射的临界角____________（选填“大于”“小于”或“等于”）b光发生全反射的临界角。

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)25、细绳的一端在外力作用下从时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波，在细绳上选取15个点，图为时刻各点所处的位置，图为时刻的波形图（T为波的周期）.请在图中画出时刻的波形图________

26、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

27、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)28、某同学利用如图甲所示的实物图设计了一个验证动量守恒定律的实验：

（1）实验前，将长木板放在水平桌面上，只将小车A放在长木板上，并与纸带相连，将长木板装有打点计时器的一端用小木片适当垫高，打点计时器接通电源，用手轻推小车A使其获得一个初速度，如果纸带上打出的点_______；则表明已平衡摩擦力。

（2）将小车B静止放在长木板上，接通打点计时器的电源，轻推小车A，松手后A做匀速直线运动，后与原来静止在前方的小车B相碰并粘在一起向前运动，打出的纸带如图乙所示，由图乙可知，纸带的_______（填“左”或“右”）端与小车A相连；若打点计时器连接的交流电频率为50Hz，小车A（包括橡皮泥）质量为0.6kg，小车B的质量为0.3kg，则碰前总动量为________kg·m/s，碰后总动量为________kg·m/s。若在误差允许的范围内两数值相等；则A；B两车碰撞过程中动量守恒。（结果均保留三位有效数字）

29、“验证动量守恒定律”的实验装置可采用图甲或图乙的方法，两个实验装置的区别在于：①悬挂重垂线的位置不同；②图甲中设计有一个支柱（通过调整，可使两球的球心在同一水平线上，上面的小球被碰撞离开后，支柱立即倒下），图乙中没有支柱，图甲中的入射小球A和被碰小球B做平抛运动的抛出点分别在通过O、O′点的竖直线上，重垂线只确定了O点的位置。（球A的质量为m1，球B的质量为m2）

（1）实验中，两球的质量需满足m1________（选填“大于”“小于”或“等于”）m2。

（2）比较这两个实验装置，下列说法正确的是________。

A．采用图甲的实验装置时；需要测出两小球的直径。

B．采用图乙的实验装置时；需要测出两小球的直径。

C．采用图乙的实验装置时；斜槽轨道末端的切线要求水平，而采用图甲的实验装置时则不需要。

D．为了减小误差；无论哪个图，都要求入射球每次都要从同一高度由静止滚下。

E．为了减小误差；采用图乙的实验装置时，应使斜槽末端水平部分尽量光滑。

（3）采用如图乙所示的实验装置做实验，在某次实验得出小球的落点情况如图丙所示，则P是________球的落地点，R是________球的落地点（选填“A”或“B”）。在图中读出OQ=________cm。验证动量守恒定律的表达式是________________________。（用“m1、m2、OP、OQ、OR”表示）

（4）用天平称得入射小球A的质量m1=16.8g，被碰小球B的质量m2=4.4g，若将小球质量与其对应水平位移的乘积作为“动量”，由图丙可知：OP=17.0cm，OR=30.0cm，则碰前总动量p=________（g·cm），碰后总动量p′=________（g·cm）（以上结果均保留4位有效数字）。根据上面的数据处理数据，你认为能得到的结论是：________________________________。30、某物理兴趣小组利用如图所示的装置“探究动量守恒定律”，AB是倾角大小可以调节的长木板，BC是气垫导轨（气垫导轨可看成光滑轨道），忽略小球通过B点时的速度变化，光电门1与光电门2固定在气垫导轨BC上。

(1)将质量为m、直径为d1的小球a从长木板上的位置O1由静止释放，小球a通过光电门1、2的挡光时间分别为Δt1与Δt2，当_________时；表明气垫导轨已调至水平位置。

(2)将质量为3m、直径为d2的小球b静置于气垫导轨上的位置O2，使小球a从长木板上的位置O1由静止释放，小球a先后通过光电门的挡光时间分别为Δt3与Δt4，小球b通过光电门的挡光时间为Δt5。

①若小球a、b碰撞过程动量守恒，则必须满足的关系式为_________；

②若小球a、b发生的是弹性碰撞，则________；

(3)若小球a、b发生的是弹性碰撞，该小组成员设想，如果保持小球a的直径d1不变，逐渐增大小球a的质量，则碰撞之前小球a的挡光时间Δt6与碰撞之后小球b的挡光时间Δt7的比值逐渐趋近于__________；

(4)关于本实验的误差，该小组成员有不同的观点，其中正确的是_______。

A．保持长木板倾角一定，将小球a的释放点适当上移；可减小误差。

B．保持小球a的释放点不变；将长木板的倾角适当增大，可减小误差。

C．同等实验条件下；将倾斜长木板换为更光滑的玻璃板，可减小误差。

D．以上说法都不正确评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)31、静止在水平地面上的两小物块A、B，质量分别为两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离如图所示，某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动，A、B与地面之间的动摩擦因数均为重力加速度取A；B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。

(1)求弹簧释放后瞬间A；B速度的大小；

(2)物块A；B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【详解】

A．根据动量定理所以动量与时间是正比关系，A正确。

B．根据动能定理所以动能与时间不是正比关系，B错误。

C．重力对运动员做功的平均功率且所以可以看出重力对运动员做功的平均功率与位移不是正比关系，C错误。

D．重力势能减少等于重力做的功：所以重力势能随时间不是均匀变化，D错误2、D【分析】【详解】

机械振动是物体在某一中心位置（平衡位置）两侧所做的往复运动；乒乓球在地面上的来回上下运动；不是在平衡位置两侧做往复运动，不是机械振动；而弹簧振子在竖直方向的上下运动，秋千在空中来回的运动，竖于水面上的圆柱形玻璃瓶上下振动都是在平衡位置两侧做往复运动，都属于机械振动。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

AC．舰载机某时刻的速度。

v=at则此时的动能。

即动能与时间的平方成正比；与速度的平方成正比，选项AC错误；

B．根据动能定理。

Ek=Fx=max可知与它滑翔的位移大小成正比；选项B错误；

D．因为。

p=mv则动能。

即动能与它的动量大小的二次方成正比；选项D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A．物体的动量越大；表明质量与速度的乘积越大，但惯性（质量）不一定越大，故A错误；

B．对于同一物体；质量一定，动量越大，则速度越大，动能也就越大，故B错误；

C．物体的加速度不变；则速度一定变化，动量一定变化，故C错误；

D．由可知，动量的方向始终与速度的方向相同，故D正确。5、B【分析】【详解】

A．排球的动能变化量为

故A错误；

B．取向下为正方向，排球的动量变化量为

所以排球的动量变化量大小为3.5kg·m/s；故B正确；

C．根据动量定理有

解得排球受到手的冲量为

所以排球受到手的冲量大小为4.0N·s；故C错误；

D．排球对手的平均作用力为

所以排球对手的平均作用力大小为20N；故D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

以A、B两球组成的系统为对象．设两球的质量均为m．当A球追上B球时发生碰撞，遵守动量守恒．由题，碰撞前总动量为：p=pA+pB=（8+6）kg•m/s=14kg•m/s．碰撞前总动能为：

A、碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=（0+14）kg•m/s=14kg•m/s，符合动量守恒定律．碰撞后总动能为总动能增加，违反了能量守恒定律，不可能；故A错误．

B、碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=（4+10）kg•m/s=14kg•m/s，符合动量守恒定律．碰撞后总动能为总动能增加，违反了能量守恒定律，不可能．故B错误．

C、碰撞后总动量为p′=pA′+pB′=（6+8）kg•m/s=14kg•m/s，符合动量守恒定律．碰撞后总动能为符合能量守恒定律，可能发生．故C正确．

D、碰撞后，总动量为p′=pA′+pB′=（7+8）kg•m/s=15kg•m/s；不符合动量守恒定律，是不可能发生的，故D错误．

故选C．7、C【分析】【详解】

A．小球与小车组成的系统在水平方向系统动量守恒，开始系统在水平方向动量为零，小球离开小车时两者水平速度相等，由于系统在水平方向初动量为零，在水平方向，由动量守恒定律可知，系统末状态在水平方向动量也为零，即小球离开小车时小车与小球在水平方向的速度为零，小球离开小车时的速度方向竖直向上，小球离开小车后做竖直上抛运动，故A错误；

BD．从小球开始下落到小球离开小车上升到最高点过程，由能量守恒定律得

则小球第一次通过轨道时，克服摩擦力做功W=mgh

小球第二次通过轨道时，由于在对应位置处速度变小，因此小车给小球的弹力变小，摩擦力变小，克服摩擦力做功小于mgh，小球第二次进入轨道后可以从A点冲出轨道，故BD错误；

C．小球第一次到达B点时，设小车的位移大小为x，则小球的位移大小为2R-x，系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得mv-mv′=0

即

解得x=R

即小球第一次到达B点时，小车的位移大小是R，故C正确；

故选C。8、B【分析】【详解】

试题分析：将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条纹间距不变．故A错误．将滤光片由蓝色的换成红色的，波长变长，根据知，干涉条纹间距变宽．故B正确．将屏移近双缝，L变小，根据知，干涉条纹间距变窄．故C错误．换一个两缝之间距离较大的双缝，d变大，根据知；干涉条纹间距变窄．故D错误，故选B．

考点：双缝干涉。

【名师点睛】解决本题的关键知道各种色光的波长大小以及掌握双缝干涉条纹的间距公式要知道七种单色光中以红光的波长最大，紫光最小．二、多选题(共7题，共14分)9、B:C【分析】【详解】

白光从AB面射入玻璃后，由于紫光偏折程度大，到达另一侧面AC时的入射角较大，玻璃对紫光的折射率大，根据

可知其临界角最小，故随着入射角i的减小，进入玻璃后的各色光中紫光首先发生全反射不再从AC面射出，红光最后消失，通过三棱镜的光线经两次折射后，出射光线向三棱镜底边BC偏折；AD错误，BC正确。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

AB．由题意画出光路图；如图所示。

E是光在AB边的出射点，设光在棱镜中的传播速度为入射角为折射角为光与BC边的夹角为则有

由折射定律

解得，该棱镜的折射率为

A正确；B错误；

CD．光射到BC边，由几何关系和折射定律有

联立解得，入射光与BC的夹角为

C正确；D错误。

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

A．由图像段看出；甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同，故A错误；

B．时间内两电荷间距离逐渐减小，在时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近；系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大，故B正确；

C．时间内两电荷间距离逐渐减小，在时间内两电荷间距离逐渐增大；由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小，故C正确；

D．由图像看出，时间内；甲的速度一直增大，则其动能也一直增大。乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大，系统合外力一直为零，总动量守恒，故D错误。

故选BC。12、C:D【分析】【详解】

A．系统整个过程水平方向动量守恒；竖直方向动量不守恒，故A错误；

B．设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，得：

由动能守恒得

联立解得

即小球与小车分离后二者交换速度；所以小球与小车分离后做自由落体运动；故B错误；

C．此过程中小球对小车的功等于小车动能的增加，即

故C正确；

D．当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，则

联立解得

故D正确。

故选CD。13、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．槽和地面接触面光滑；则小球在下滑过程中，小球和槽组成的系统水平方向受合外力为零，则水平方向上动量守恒，选项A正确；

B．在下滑过程中；小球和槽组成的系统只有重力做功，则机械能守恒，选项B正确；

CD．球下滑到底端时由动量守恒可知。

解得。

球被弹簧反弹后；小球的速度小于槽的速度，小球不能再次追上斜槽，因地面光滑，则小球和槽都做速率不变的直线运动，选项C正确，D错误；

故选ABC。14、B:C【分析】【详解】

A.根据平移法可知，由实线得到虚线需要将波形图沿x轴负方向平移（n+）λ，(其中n=0、1、2、3、4)，故由实线传播到虚线这种状态需要时间：t=（n+）T，即（n+）T=0.6s

解得波的周期T=

当n=0时，T=0.8s；当n=1时，T=s0.6s，由题意T＞0.6s，所以波的周期T=0.8s，故A错误；

B.由t=0时刻的波形图可知，波长λ=8m，则波速v==m/s=10m/s

在t=0时刻，Q点的横坐标为5m，由于波沿x轴负方向传播，故在t=0.5s的时间内波沿x轴负方向传播的距离为x=vt=100.5m=5m

在t=0.5s时，Q点振动情况和t=0时距离坐标原点10m处质点的振动情况相同，而t=0时距离坐标原点10m处的质点在波峰，即在t=0.5s时，Q点到达波峰位置；故B正确；

C.在一个周期内P点完成一个全振动，其运动路程为4A，而经过0.4s=T，则P点的运动路程为2A=0.4m，故C正确；

D.由于波沿x轴负方向传播，t=0时P点沿y轴负方向运动，而周期T=0.8s，故t=1.0s时，P点完成一次全振动然后到达负向最大位移处，故D错误．15、C:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．声波在介质中的传播速度是由介质决定的；与频率；振幅无关，AB错误C正确；

D．在空气中声速约是340m/s；D正确。

故选CD。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.不受外力②.固有17、略

【分析】【详解】

[1][2]弹簧振子振动过程中，机械能守恒，振子经过平衡位置时，弹性势能为零，动能最大，从平衡位置运动到最大位移处时，动能转化为弹性势能．本题中，当粘胶脱开后，物块A与弹簧连接所构成的新的弹簧振子的机械能减小，新振子到达最大位移处时的弹性势能减小，即振子振动的振幅减小；新的弹簧振子的振幅减小，振子从最大位移处加速运动到平衡位置的位移减小，运动中的加速度比原振子振动时的大，所以运动时间减小，振子振动的周期减小。（由于振子质量减小导致周期减小．）【解析】＜＜18、略

【分析】将ab组成系统，对系统受力分析知合外力为零，故系统动量守恒；而在此过程拉力对b做负功，机械能不守恒．【解析】守恒不守恒19、略

【分析】【详解】

[1]当物块向右通过平衡位置时a、b之间的粘胶脱开，a向右做减速运动，b向右匀速运动，弹簧振子总的机械能将减小，振幅减小，则有

[2]根据弹簧振子简谐运动的周期公式知振子的质量减小，周期减小，则有

【点睛】

系统的机械能与振幅有关，机械能越大，振幅越大；根据弹簧振子简谐运动的周期公式分析周期的大小．【解析】<<20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由单摆的周期公式可得

因为图线斜率为所以能求出当地的重力加速度。

[2]重力加速度的表达式【解析】能21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由图可知该单摆共振时的振幅为8cm；该单摆的固有频率为0.50Hz，则固有周期为【解析】①.8②.222、略

【分析】【详解】

[1]由P点的振动图像可得出该波的周期T=0.2s

由于该波的波速为10m/s，则该波的波长λ=vT=2m

[2]由题知P、Q两质点相距xPQ=5m

则波从P点传播到Q点需经过

由P点的振动图像可得出该波的起振方向向上，则Q点从起振到第一次到达正向最大位移处还需经过则经过t=0.55s，Q点第一次到达正向最大位移处。【解析】20.5523、略

【分析】【详解】

（1）当波遇到介质界面会返回原介质继续传播的现象叫做反射现象。

（2）当波从一种介质进入另一种介质时，波的传播方向发生变化的现象叫做折射现象。【解析】返回进入传播方向24、略

【分析】【详解】

[1]由图知，a光的偏折程度小于b光的偏折程度，所以根据折射定律得知，a光的折射率小于b光的折射率；

[2]根据全反射临界角公式当折射率大时临界角变小，故a光发生全反射的临界角大于b光发生全反射的临界角。【解析】小于大于四、作图题(共3题，共21分)25、略

【分析】【详解】

[1]设方格的边长为由图可知，波的波长应为波的振幅应为在内波传播了则再过半个周期波应再传播故9点开始向上振动，此时0点应到达负向最大位移处；6点达正向最大位移处；故波形如图所示：

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)位移总是偏离平衡位置，振子位于C点时离开平衡位置O的位移s如图所示。

(2)加速度总是指向平衡位置，振子位于A点时加速度aA的方向如图所示【解析】(1)(2)27、略

【分析】【分析】

【详解】

根据实验原理，则大头针P4挡住P3本身及P2、P1的像；光路图如下。

【解析】五、实验题(共3题，共12分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]如果纸带上打出的点间隔均匀；则表明小车做匀速运动，已平衡摩擦力。

（2）[2]由图乙可知；纸带的左端与小车A相连；

[3]碰前小车A的总动量为

[4]碰后总动量为【解析】①.间隔均匀②.左③.0.630④.0.62629、略

【分析】【详解】

（1）[1]实验中要求入射小球碰后不反弹，则入射小球质量应大于被碰小球质量，即两球的质量需满足m1大于m2。

（2）[2]A．采