2025年华东师大版必修1物理上册月考试卷含答案

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A.座舱自由下落的时间为3sB.座舱自由下落的时间为4.5sC.制动系统启动时座舱的速度为45m/sD.制动系统启动时座舱的速度为15m/s4、小陶、小盛两人共提一桶水匀速走向教室，如图所示，水和水桶的总质量为m，两人拉力方向与竖直方向都成θ角，大小都为F；则下列说法中正确的是（）

A.不管θ为何值，B.当θ为30°时，F=mgC.当θ=45°时，F=mgD.θ越大时，F越大5、近10年来我国大力发展空军和海军，新增舰船是除美国外其他国家的总和。无论是飞机还是战舰设计，都需要复杂的流体力学知识。当流体流动时，根据流动特征可以分成湍流和层流：如果流体质点的轨迹（一般说随初始空间坐标x、y、z随时间t而变）是有规则的光滑曲线（最简单的情形是直线），这种流动叫层流，此时流体分层流动，各层互不混合，没有这种性质的流动叫湍流。不同状态的流体动力学方程不一样。流体力学中用一个无量纲的数--雷诺数Re（Reynoldsnumber），来表征流体的这一特征，一般情况下，雷诺数小的时候是层流，雷诺数大的时候是湍流。已知雷诺数由四个变量决定，流体的流速v、流体的密度ρ、特征长度d，黏性系数μ。请根据所学知识对雷诺数的表达式做出判断，以下表达式中可能正确的是：（已知黏性系数μ为流体中相距dx的两平行液层，由于内摩擦，使垂直于流动方向的液层间存在速度梯度当速度梯度为1个单位，相邻层“单位”接触面S上所产生的黏滞力F(亦称内摩擦力)即黏性系数，以μ表示：/它的单位是Pa·s）（）A.B.C.D.6、如图所示，某质点沿逆时针方向做圆周运动，已知圆的半径为R，则质点从A点运动到B点的位移和路程分别是（）

A.B.πRC.πR，D.7、一质量为0.8kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6N，重力加速度g取10m/s2；则以下说法正确的是。

A.若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6NB.若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8NC.若升降机是加速上升，加速度大小5m/s2，则AB杆对球的作用力大小为ND.若升降机是减速上升，加速度大小5m/s2，则AB杆对球的作用力大小为N8、有关超重和失重的说法，正确的是()A.物体处于超重状态时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小B.竖直上抛运动的物体处于完全失重状态C.在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于上升过程D.在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一定处于下降过程评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、某质点做直线运动的v-t图象如图所示,设初速度方向为正方向；由图可知。

A.4s末至6s末速度方向为负B.6s内运动方向始终不变C.前2s内静止D.质点在加速过程中的加速度比减速过程中的加速度小10、由运动质点a、b；c、d的图像可知。

A.时刻a、b两质点相遇B.时刻c、d两质点共速C.从到时间内，b和d两个质点的速率先减小后增大D.从到时间内，a、b两质点平均速度相同，c、d两质点平均速度相同11、一质点位于处，时刻沿轴正方向做直线运动，运动的图象如图所示。下列说法正确的是（）

A.时，质点在处B.第内和第内，质点加速度的方向相反C.第内和第内，质点的位移大小相等，方向相反D.内和内，质点的平均速度相同12、如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体A连接（另有一个完全相同的物体B紧贴着A，不粘连），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体B，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体A．B静止．撤去F后，物体A．B开始向左运动，已知重力加速度为g，物体A．B与水平面间的动摩擦因数为μ．则。

A.撤去F瞬间，物体A．B的加速度大小为B.撤去F后，物体A和B先做匀加速运动，再做匀减速运动C.物体A．B一起向左运动距离时获得最大速度D.若物体A．B向左运动要分离，则分离时向左运动距离为13、物体做初速度为零的匀加速直线运动，第内的位移是则（）A.物体的加速度是B.物体的加速度是C.物体在第内的位移是D.物体在第内的位移是14、自高为H的塔顶自由落下A物体的同时，B物体自塔底以初速度v0竖直上抛，且A、B两物体在同一直线上运动．重力加速度为g，下面说法正确的是()A.若则两物体在B上升过程中相遇B.若则两物体在地面相遇C.若则两物体相遇时B正在空中下落D.若则两物体恰好在落地瞬间相遇评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，当质量为的物体放在倾角为的斜面上时。它正好匀速下滑，如果必须用最小的拉力F拉着物体沿斜面匀速上滑，则拉力与斜面所成的角的大小为_______度，最小的拉力大小等于_______N（重力加速度取）

16、某质点在0－9s内沿直线运动，其v－t图像如图所示；由图像可知，在0－3s内质点做____（选填“匀加速”或“匀减速”）直线运动；在3－9s内质点做_____（选填“匀加速”或“匀减速”）直线运动；3s末质点速度大小为_____m/s。

17、数据分析。

（1）分析加速度a与力F的定量关系。

由表1中记录的数据，以加速度a为纵坐标，力F为横坐标，根据测量数据描点，然后作出a-F图像，如图2所示，若图像是一条___________，就能说明a与F成正比。

（2）分析加速度a与质量m的定量关系。

由表2中记录的数据，以a为纵坐标，以为横坐标，根据测量数据描点，然后作出a-图像，如图3所示。若a-图像是一条过原点的直线，说明a与成___________，即a与m成___________。

（3）实验结论。

a.保持物体质量不变时，物体的加速度a与所受拉力F成___________。

b.保持拉力F不变时，物体的加速度a与质量m成___________。18、在原高中物理教科书中，有一张用频闪相机拍摄小球做自由落体运动的图片。已知频闪相机每间隔拍摄一次。如图所示是图片的一部分。从图片中可以得到AB的距离为33.15cm，BC间的距离为42.94cm。在拍摄小球运动到B点时，小球的速度为v=_____________不计空气阻力，当地的重力加速度_____________（计算结果保留三位有效数字）

19、如图所示，A、B两物体质量均为m，A与用弹簧连接，当悬挂A物的细线突然剪断，在剪断的瞬间，A的加速度大小为________，B物体的加速度大小为________。

20、如图是做物体做直线运动的v－t图象；由图象可得到：

t＝1s时物体的加速度为________m/s2

t＝5s时物体的加速度为_________m/s2

全过程物体的位移为___________m．21、如图，顶端固定着小球的直杆固定在小车上，当小车向右做匀加速运动时，球所受合外力的方向沿图中的_____（选填“OA方向”、“OB方向”、“OC方向”、“OD方向”）评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)22、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

23、画出下图中物体A受力的示意图（各接触面均光滑）。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)24、研究性学习小组的同学欲探究小车质量不变时其加速度与力的关系，该小组在实验室设计了一套如图甲所示的装置，图中A为小车，B为打点计时器，C为力传感器(测绳子的拉力)，P为小桶(内有砂子)，M是一端带有定滑轮的水平放置的足够长的木板．不计绳子与滑轮间的摩擦．

(1)要顺利完成该实验，除图中实验仪器和低压交流电源(含导线)外，还需要的实验仪器是________(填“刻度尺”；“天平”或“秒表”)．

(2)平衡摩擦力后再按上述方案做实验，是否要求小桶和砂子的总质量远小于小车的质量？_____(填“是”或“否”)．

(3)已知交流电源的频率为50Hz，某次实验得到的纸带如图乙所示，图中相邻计数点之间还有4个点未画出，由该纸带可求得小车的加速度a＝_____m/s2.(结果保留2位有效数字)25、利用图甲示装置可以完成力学中的许多实验。

（1）下列说法正确的是________。

A．用此装置“探究小车速度随时间变化的规律”时；必须设法消除小车和滑板间摩擦阻力的影响。

B．用此装置“探究加速度与力；质量的关系”时；每次改变小车质量后，需要重新平衡摩擦力。

C．用此装置“探究加速度与力；质量的关系”时；为保证小车所受的拉力近似等于沙及沙桶的重力，必须使沙及沙桶的质量远大于小车的质量。

D．用此装置“探究加速度与力；质量的关系”时；在补偿阻力时，不能把挂有沙桶的细线系在小车上。

（2）在做“探究加速度与力、质量的关系”实验，应调节木板上定滑轮，使牵引的细绳与木板平行。这样做的目的是_________。

A．避免小车在运动过程中抖动B．可使小车所受拉力方向恒定。

C．保证小车做匀变速直线运动D．可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰。

（3）某同学用此装置“探究加速度与力、质量的关系”时打出一条纸带，用毫米刻度尺进行测量如图乙所示。由纸带数据计算可得，打下计数点3时小车的速度大小为_________小车的加速度大小为_________（以上两空均保留三位有效数字）26、某同学欲做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验；有铁架台；弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码；

(1)实验中还需要的测量工具是______；

(2)用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力；应保证弹簧位于______（选填“竖直”；“水平”）位置且处于平衡状态；

(3)用纵轴表示钩码质量m，横轴表示弹簧的形变量x，根据实验数据绘制出图线如图所示，由图可知弹簧的劲度系数k=______N/m（重力加速度g取9.8m/s2）；

(4)若某同学先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把L-L0作为弹簧的伸长量x；这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是下列选项中的______。

A．B。C。D。27、小明同学要粗测一长木板与小滑块之间的动摩擦因数；除了长木板和小滑块外手边只有一个手机，手机里面带有计时和测倾斜角并可得其三角函数值的APP，他采用了如下的测量步骤：

(1)将长木板一端抬高；倾斜一个较大的角度，并固定好;

(2)将小滑块以一定初速度从底端沿斜面推出；到最高点后又沿板滑下;

(3)为了使小滑块能沿长木板下滑，动摩擦因数μ和倾角θ应满足_________

(4)在这个过程中小明同学需分别测出_____（用文字描述并表示出相应符号）；

(5)动摩擦因数可表示为______评卷人得分六、解答题(共4题，共36分)28、如图，物块C悬挂在绳OA和OB的结点O上，OA偏离竖直方向OB沿水平方向，且与质量M=30kg的木块B相连接，木块静止于倾角为的固定斜面上，已知OA绳承受的最大拉力为50N，g取试求：

（1）为了保证OA绳不断；允许悬挂物块C的最大质量？

（2）此时斜面对物块的摩擦力大小与方向。

29、某汽车在平直公路上做匀加速直线运动；初速度为2.0m/s，经9.0s速度增加到20m/s。求在该过程中：

（1）汽车的加速度大小；

（2）汽车的位移大小。30、如图所示；用10N的力托着一本书，用500N的力推汽车，如何简洁明了地表示出这两个力呢？

31、如图所示，汽车货箱的长度=6m，货箱中有一质量m=40kg的货物（可视为质点），它到货箱后壁的距离=1m，已知货物与货箱底板间的动摩擦因数重力加速度g=10m/s2。

(1)若汽车以2m/s2加速度启动；求货物所受摩擦力的大小；

(2)若汽车缓慢启动，货物与汽车无相对滑动，汽车以36km/h的速度在平直公路上匀速行驶，因为前方红灯，司机以5m/s2加速度开始刹车直到停止（可视为匀减速直线运动）。假设不考虑司机的反应时间；通过计算判断汽车从开始刹车到停止的过程中，货物是否与货箱前壁发生碰撞，若未发生碰撞，此时货物与货箱前壁的距离是多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

第1s内的位移为

前3秒内下落的距离为

则有

故ABC错误；D正确。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

2N和9N的力的合力范围是7N~11N；则选项C正确，ABD错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

AB．根据

可得，座舱自由下落的时间为

故A正确；B错误；

CD．根据

可得，制动系统启动时座舱的速度为

故CD错误。

故选A。4、D【分析】【分析】

【详解】

由题可知小陶、小盛的手臂对水桶的拉力大小为F，两人拉力方向与竖直方向都成θ角，根据对称性可知，结合平衡条件得

解得

当θ＝0°时，cosθ值最大，则当θ＝30°时，当θ＝45°时，当θ为60°时；

当θ越大时，则F越大；故ABC错误；D正确；

故选：D。5、B【分析】【详解】

A．如果则其单位为

由于雷诺数是无量纲的；故A错误；

B．如果则其单位为

由于雷诺数是无量纲的；故B正确；

C．如果其单位为

由于雷诺数是无量纲的；故C错误；

D．如果其单位为

由于雷诺数是无量纲的；故D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

位移的大小等于初末位置间的距离，所以质点从A点运动到B点的位移为

路程等于运动轨迹的长度，所以路程为

D正确；ABC错误。

故选D。7、C【分析】【分析】

【详解】

AB．A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：

故AB错误；

C．若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得

解得

在水平方向，由平衡条件得

杆对球的作用力大小

故C正确；

D．若升降机减速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得

解得

在水平方向，由平衡条件得

杆对球的作用力大小

故D错误；

故选C。

【名师点睛】

本题考查了求杆的作用力大小，根据球的运动状态，应用平衡条件与牛顿第二定律可以解题；解题时注意力的合成与分解的应用．球受到重力、绳子拉力与杆的作用力，球静止时处于平衡状态，应用平衡条件求出杆的作用力；球做匀变速直线运动时，应用牛顿第二定律与力的合成方法求出杆的作用力．8、B【分析】当物体处于超重与失重状态时，实重不变，改变的只是视重，故A选项错误；竖直上抛物体只受重力，即a=g；处于完全失重状态，故B选项正确；超重加速度向上有两种状态，向上加速运动或向下减速运动．失重加速度向下也有两种运动状态，向下加速运动或向上减速运动，故CD选项错误，所以本题答案为B．

思路分析：当物体具有竖直向上加速度时；处于超重状态；当物体具有竖直向下加速度时，处于失重状态．不管物体处于失重还是超重状态，物体的实际重力没有变化．

试题点评：本题是考查对超重和失重的理解．二、多选题(共6题，共12分)9、B:D【分析】【分析】

【详解】

v-t图象中；与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．

A．由图象可知0至6s末；速度图象都在时间轴的上方，都大于零，与初速度方向相同，故A错误；

B．由图象可知0至6s末；速度图象都在时间轴的上方，都大于零，方向一直没有改变，故B正确；

C．前2s图象与时间轴平行表示匀速直线运动；不是静止，故C错误；

D．v-t图象的斜率表示加速度；由图可知2s至4s是匀加速运动，加速度。

a加=4/2=2m/s24s至6s是匀减速运动；加速度。

a减=-8/2=-4m/s2a加＜a减；故D正确．

故选BD．

点评：本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．10、A:B:C【分析】【详解】

A．第一个图像为位移时间图像，可知时刻a、b两质点在同一位置，所以时刻a、b两质点相遇。故A正确；

B．第二个图像为速度时间图像，由图像可知时刻c；d两质点速度共速。故B正确；

C．位移时间图像上任意点的切线斜率大小表示该点时刻质点的速度大小，所以从到时间内，质点b速率先减小后增大；速度时间图像；d两个质点的速率先减小后增大，故C正确；

D．从到时间内，由第一个图像可知：时刻a、b两质点在同一位置，时刻a、b两质点也在另一相同位置，所以从到时间内，a、b两质点平均速度相同。由第二个图像可知：从到时间内；c；d两质点通过的位移不同，时间相同，c、d两质点平均速度不相同，故D错误。

故选ABC。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．内质点的位移等于的位移，为

时质点位于处，则时，质点在处；故选项A正确；

B．图线的斜率表示加速度，直线的斜率一定，则知第内和第内；质点加速度相同，其方向相同，故选项B错误；

C．根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，第内和第内；质点的位移大小相等，方向相反，故选项C正确；

D．内和内；质点的位移相同，但所用时间不同，则平均速度不同，故D错误。

故选AC。12、A:C【分析】【详解】

A．设撤去F后，物体刚运动时加速度为a，根据牛顿第二定律

解得

故A正确；

B．撤去F后的一段时间内；由于运动过程中弹力不断变化，物体先做变加速运动，后做变减速运动，再做匀减速运动，故B错误；

C．：弹力与摩擦力大小相等时，速度最大，此时kx1＝2μmg，该过程物体向左运动的位移为

故C正确；

D．物体A、B分离时，A、B间的弹力为零且加速度相等，由B受力分析可知，此时B的加速度

对A分析有

解得

所以A．B向左运动的位移为

故D错误。

故选AC。13、B:D【分析】【详解】

AB．由题意知第内的位移是则第内的平均速度为

则可知第4.5s末的速度为

又由得物体的加速度为

故A错误；B正确；

CD．因为物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以物体在第内的位移和物体在第内的位移之比为7：9，所以物体在第内的位移为

故C错误；D正确。

故选BD。14、A:C【分析】【详解】

若B球正好运动到最高点时相遇，则有：B速度减为零所用的时间：

解得：

当ab两球恰好在落地时相遇，则有：

此时A的位移

解得：

A.若则两物体在B上升过程中相遇；故A正确．

B.若则两物体在B球正好运动到最高点时相遇；故B错误．

C.若则两物体相遇时B正在空中下落；故C正确．

D.若则两物体恰好在落地瞬间相遇，故D错误．三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1][2]因为物体在斜面上恰能匀速下滑根据共点力平衡条件有

解得当施加力F物体沿斜面匀速上滑，拉力与斜面所成的角为如图所示。

则根据平衡条件有

滑动摩擦力为

联立解得

当时拉力最小，最小值为【解析】152516、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]速度图像的斜率表示加速度，斜率不变、加速度不变，所以在0－3s内质点做匀加速直线运动；在3－9s内质点做匀减速直线运动；3s末质点速度大小为9m/s。【解析】匀加速匀减速917、略

【分析】【详解】

略【解析】过原点的直线正比反比正比反比18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在拍摄小球运动到B点时；小球的速度为。

[2]根据。

当地的重力加速度。

【解析】3.809.7919、略

【分析】【详解】

[1]剪断细绳，弹簧弹力不能突变，则物体A受力分析

解得：

[2]剪断细绳，弹簧弹力不能突变，则B物体所受合力为零，加速度为零。【解析】2g020、略

【分析】【详解】

[1]t=1s时物体的加速度：m/s2；

[2]t=5s时物体的加速度：m/s2；

[3]由图可知，全程的位移为：m【解析】1.5-0.751221、略

【分析】【分析】

【详解】

小球和小车的加速度相同；所以小球在重力和杆的作用力两个力的作用下也沿水平向右的方向加速运动，加速度水平向右，根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，合力水平向右，即合力沿图中的OD方向．

【点睛】

根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，是解决本题的关键．另外知道杆的弹力不一定沿杆的方向．【解析】OD方向四、作图题(共2题，共6分)22、略

【分析】【详解】

由于物体受到的弹力是因为地面发生了形变；而对物体产生的，又因为弹力的方向总与物体（地面）的形变方向相反可知，物体所受弹力方向应竖直向上，如下图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）弹力方向垂直于接触面。

（2）死杆力的方向可以不沿杆；但是由于必须平衡重力，所以杆的弹力向上。

（3）绳子的拉力必须沿绳；若斜面有支持力，则物体受力不平衡，则支持力不存在。

（4）加速度水平向右；所以合外力水平向右且等于重力，所以杆在水平方向和竖直方向的分力都等于重力，则杆的力斜向右上方45°。

（5）绳子的拉力必须沿绳。

【解析】五、实验题(共4题，共24分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]根据实验所要进行的测量可知；本实验中除实验仪器和低压交流电源（含导线）外，还需要毫米刻度尺.

(2)[2]根据上述方案做实验；通过弹簧测力计可测量出拉小车的力，因此不需要沙桶和沙的总质量远小于车的质量；

(3)[3]由于每相邻的两个记数点间还有四个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2,结合四段位移选用逐差法可以求出加速度的大小，得：【解析】刻度尺否0.6025、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．用此装置“探究小车速度随时间变化的规律”时；小车是否受到摩擦阻力对实验本身探究的问题无影响，故A错误；

B．用此装置“探究加速度与力；质量的关系”时；平衡摩擦力时木板的倾角为一定值，所以每次改变小车质量后，不需要重新平衡摩擦力，故B错误；

C．用此装置“探究加速度与力；质量的关系”时；为保证小车所受的拉力近似等于沙及沙桶的重力，必须使沙及沙桶的质量远小于小车的质量，故C错误；

D．用此装置“探究加速度与力；质量的关系”时；在补偿阻力时，使小车重力沿长木板方向的分力与摩擦阻力大小相等，此时不能把挂有沙桶的细线系在小车上，故D正确。

故选D。

（2）[2]在做“探究加速度与力；质量的关系”实验；应调节木板上定滑轮，使牵引的细绳与木板平行。这样做的目的是使小车所受拉力方向恒定，从而确保小车所受合外力等于细线的拉力，故B正确，ACD错误。

故选B。

（3）[3]根据匀变速直线运动瞬时速度与平均速度的关系可知打下计数点3时小车的速度大小为

[4]小车的加速度大小为【解析】①.D②.