2025年人教版PEP选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP选修3物理下册月考试卷818考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，闭合开关S后，A灯与B灯均发光，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时；以下说法中正确的是()．

A.A灯变亮B.B灯变亮C.电源的总功率增大D.电源的输出功率一定增大2、在照明用电的电路中，如果在白炽灯电路上并联一只电炉后，发现电灯变暗，这是因为()A.电路中的总电阻加大B.电路中总电流加大，输电线上电压降增大C.电炉两端电压比电灯电压大D.电路中总电流未变化，电炉从电灯中分出了电流3、氦氖激光器能产生三种波长的激光，其中两种波长分别为λ1=0.6328μm，λ2=3.39μm．已知波长为λ1的激光是氖原子在能级间隔为ΔE1=1.96eV的两个能级之间跃迁产生的．用ΔE2表示产生波长为λ2的激光所对应的跃迁的能级间隔，则ΔE2的近似值为A.10.50eVB.0.98eVC.0.53eVD.0.36eV4、下列关于物理学史与物理学研究方法的叙述中正确的是（）A.密立根测定了静电力常量B.奧斯特首先发现了电磁感应现象C.库仑最早用扭秤实验测量出电子电荷量的精确值D.法拉第最早提出了“电场”的概念5、一个电流表的满偏电流Ig=1mA.内阻为300Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A.串联一个10000Ω的电阻B.并联一个10000Ω的电阻C.串联一个9700Ω的电阻D.并联一个9700Ω的电阻6、学过电和磁的相关知识后，老师和同学共同设计了如下探究实验．如图，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，内壁沿边缘放一个圆环形电极．两电极分别与电池组的正负极相连，并在两极间接有标准数字万用表（型号UT58E），万用表调至直流电压档．然后进行如下实验操作：

①在玻璃皿中放入硫酸铜溶液，发现溶液旋转，此时电压表的示数为5.20V;

②将图中的磁铁撤去后，发现电压表的示数变为5.30V；

③将硫酸铜溶液换成蒸馏水重复①②两步骤，发现电压表的示数始终为5.99V.

关于上述实验的分析合理的是())A.电池组的电动势为5.30VB.因硫酸铜溶液旋转而产生的电动势约为0.10VC.步骤②中电压相比步骤①变大主要是因为溶液电阻变小了D.步骤③中也能观察到蒸馏水的旋转现象评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、“等效”是简化电路的一种常用方法．下面四个方框中的电路都可视为一个新的等效电源：甲中是一个电动势为E、内电阻为r的电源和一阻值为R0的定值电阻串联；乙中是一个电动势为E、内电阻为r的电源和一阻值为R0的定值电阻并联；丙中是一个电压为E的恒压源与阻值为R0的定值电阻串联；丁中是一个电流为I的恒流源与阻值为R0的定值电阻并联，且E=IR0；

下列关于这四个等效电源的电动势和内阻的说法正确的是（）A.B.C.D.8、下列说法正确的是____.A.布朗运动间接的反映了固体分子的热运动B.单晶体的各向异性是由单晶体的内部结构决定的C.理想气体的分子间距为r0，处于平衡位置，其分子间作用力为0，所以分子势能为0E.热量可以从低温物体传到高温物体E.热量可以从低温物体传到高温物体9、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3V，内阻不计，L1、L2是相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为10Ω．当开关S闭合后

A.L1的电阻为1.2ΩB.L1消耗的电功率为0.75WC.L2的电阻为5ΩD.L2消耗的电功率为0.1W10、如图所示，水平放置的平行板电容器与直流电源连接，下极板接地．一带电质点恰好静止于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板向上移动一小段距离，则（）

A.电容器的电容将减小，极板带电荷量将增大B.带电质点将沿竖直方向向上运动C.P点的电势将降低D.若将质点固定，则其电势能将减小11、如图所示，竖直放置的导热气缸内用活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，缸内气柱高度为2h．现在活塞上缓慢添加砂粒加砂过程中气体温度保持不变直至缸内气柱的高度变为h，然后再对气缸缓慢加热，以使缸内气体温度逐渐升高，让活塞恰好回到原来位置．已知大气压强为环境温度恒为重力加速度为g，不计活塞与气缸间摩擦．下列说法正确的是()

A.所添加砂粒的总质量为B.所添加砂粒的总质量为C.活塞返回至原来位置时缸内气体的温度为D.活塞返回至原来位置时缸内气体的温度为12、如下图所示，平行金属板中央有一个初始静止的电子(不计重力)，两板间距离足够大，当两板间加上如图乙所示的电压后，在下图中反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律正确的是

A.B.C.D.13、如图所示，图中的三个电表均为理想电表，R1和R2为定值电阻；当滑动变阻器滑片P向左端缓慢移动时，下面说法中正确的是（）

A.电压表V2的读数减小，电流表A的读数减小B.电压表V1的读数增大，电压表V2的读数增大C.电压表V2的读数增加，电流表A的读数减小D.无法确定滑动变阻器消耗的功率变化，电容器所带电量增加14、用绿光照射一个光电管，能产生光电效应，欲使光电子从阴极逸出时最大初动能增大，可以()A.改用红光照射B.改用紫光照射C.改用蓝光照射D.增加绿光照射时间评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、如图所示的电路中，E、r、R1已知，可变电阻R2的最大值

（1）当R2=______时，R1的电功率P1有最大值，最大值为______；

（2）当R2=______时，R2的电功率P2有最大值，最大值为______；

（3）当R2=______时，电源功率PE有最大值，最大值为______；

（4）当R2=______时，电源内部消耗的功率有最小值，最小值为______

（5）当R2=______时，电源输出功率P出有最大值，最大值为______16、某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有a和b两束单色光射向光屏P，如图所示．他们根据实验现象提出了以下五个猜想，你认为不正确的是_______

A．单色光a的波长小于单色光b的波长

B．在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度

C．单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间

D．在光束SA绕圆心O逆时针转动的过程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．单色光a比单色光b更容易发生明显衍射17、一定量的理想气体从状态开始，经历等温或等压过程回到原状态，其图像如图所示。其中对角线的延长线过原点气体从状态变化到状态的过程，气体对外做的功___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）气体从外界吸收的热量。气体在状态的体积___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）气体在状态的体积。气体从状态变化到状态外界对气体做的功___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）气体从状态变化到状态气体对外界做的功。

18、夏天的清晨在荷叶上滚动着一个个晶莹剔透的小露珠，这是由________导致的物理现象。分子势能和分子间距离r的关系图象如图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中_______（选填“A”；“B”、或“C”）的位置。

19、如图所示，一定质量的理想气体沿不同过程I、II，由状态A变到状态B，状态A和状态B的温度相同。则过程I对外做的功_____（选填“大于”、“等于”或“小于”）过程II对外做的功；过程I吸收的热量_____（选填“大于”；“等于”或“小于”）过程II吸收的热量。

20、如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同。若从左侧水平射入的带电粒子，不计重力，穿过这一区域时未发生偏转，则该粒子的速度大小为________；若只改变该粒子的电性，则粒子穿过这一区域时是否会发生偏转？________（选填“会”或“不会”）。21、用内阻为的电压表和内阻为的电流表测电阻，在图甲、乙两种情况下，电压表的示数都是60V，电流表的示数都是则的测量值为______真实值是______的测量值为______真实值是______用伏安法测电阻应采用电流表______较好”外接法”或”内接法”

22、【小题1】警车向路上的车辆发射频率已知的超声波，同时探测反射波的频率。下列说法正确的是_______。(填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分：有选错的得0分)。A．车辆匀速驶向停在路边的警车，警车探测到的反射波频率增高B．车辆匀速驶离停在路边的警车，警车探测到的反射波频率降低C．警车匀速驶向停在路边的汽车，探测到的反射波频率降低D．警车匀速驶离停在路边的汽车，探测到的反射波频率不变【小题2】如图，由透明介质构成的半球壳的内外表面半径分别为R和R。一横截面半径为R的平行光束入射到半球壳内表面，入射方向与半球壳的对称轴平行，所有的入射光线都能从半球壳的外表面射出。已知透明介质的折射率为n=求半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径。不考虑多次反射。评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)26、某同学利用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态，他在地面上用测力计测量砝码的重力，示数是G，他在电梯中用测力计仍测量同一砝码的重力，发现测力计的示数小于G，由此判断此时电梯的运动状态可能是_________________。27、(1)用螺旋测微器测量圆柱体直径如图甲，可知其直径D为______mm，用游标卡尺测量其长度如乙，可知其长度L为______cm．

(2)欲测量一个电流表的内阻；现备有如下器材:

A.待测电流表A1(量程3mA，内阻约为40)

B.电压表V(量程3V，内阻约3000)

C.电流表A2(量程15mA，内阻为40)

D.定值电阻

E.直流电源E(电动势1.5V；内阻忽略不计)

F.滑动变阻器(总阻值5；额定电流0.5A)

G.开关一个；导线若干。

①请利用上述所给器材，设计出合理的、便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的一半，将电路图画在题中的虚线框中__________．

②在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算A1的内阻，表达式为______．(用物理量对应的字母表示)评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)28、如图所示，一玻璃球体的半径为为球心，为直径．来自点的光线在点射出．出射光线平行于另一光线恰好在点发生全反射．已知求。

①玻璃的折射率．

②球心O到BN的距离．29、一定质量的理想气体从状态A经状态B；C、D后又回到状态A；其状态变化过程中的p-V图像如图所示．已知图线的AD段是双曲线的一部分，且该气体在状态A时的温度为270K．

①求气体在状态D和状态C时的温度．

②求在循环过程中气体的最高温度．30、[选修3-3]

【小题1】如图，一定量的理想气体，由状态a等压变化到状态b，再从b等容变化到状态c。a、c两状态温度相等。下列说法正确的是。_______。(填入正确答案标号。选对1个得2分；选对2个得4分：有选错的得0分)

A．从状态b到状态c的过程中气体吸热B．气体在状态a的内能等于在状态c的内能C．气体在状态b的温度小于在状态a的温度D．从状态a到状态b的过程中气体对外做正功【小题2】一储存氮气的容器被一绝热轻活塞分隔成两个气室A和B，活寨可无摩擦地滑动。开始时用销钉固定活塞，A中气体体积为2.5×10-4m3，温度为27℃，压强为6.0×104Pa；B中气体体积为4.0×10-4m3，温度为-17℃，压强为2.0×104Pa。现将A中气体的温度降至-17℃，然后拔掉销钉，并保持A、B中气体温度不变，求稳定后A和B中气体的压强。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，总电阻增大，则总电流减小，所以B灯变暗；内电压减小，则外电压增大，灯泡B的电压减小，则并联部分的电压增大，则灯泡A变亮，故A正确，B错误；根据P=EI知，电源的总功率减小，故C错误；电源的输出功率与内阻和外阻的关系有关，当内阻小于外阻，外阻增大时，输出功率减小，当内阻大于外阻，外阻增大时，输出功率增大，外阻等于内阻时，电源的输出功率最大，故D错误。所以A正确，BCD错误。2、B【分析】A；并联后总电阻小于任何支路的电阻；故并联后总电阻减小，故A错误；

B；由于总电压恒定；并联后总电阻减小，导致电路中的总电流增大，电线上电压降增大，则灯泡两端的电压减小，从而使流过白炽灯的电流变小，故B正确，D错误；

C；电炉与灯泡并联；电压相等，故C错误。

点睛：本题生活中现象，考查应用物理知识分析实际问题的能力，相当于电路中动态变化分析问题。3、D【分析】【详解】

氦氖激光器能产生三种波长的激光，其中两种波长分别为:辐射光子的能量与能级差存在这样的关系所以：

联立两式得：

D正确，ABC错误．4、D【分析】【详解】

A．密立根由油滴实验测定力了元电荷的数值；库仑提出了电荷守恒定律并测出了静电力常量，故A错误；

B．奥斯特发现了电流的磁效应；法拉第首先发现了电磁感应现象，故B错误；

C．库仑通过扭秤实验总结出了真空中的两静止点电荷间相互作用的规律；密立根最早实验测量出电子电荷量的精确值，故C错误；

D．法拉第最早提出了“电场”的概念；故D正确；

故选D。5、C【分析】【详解】

试题分析：改装电压表需要串联一个电阻进行分压；所以BD错误；

根据欧姆定律可得：即解得

故选C；

考点：考查了电压表的改装原理。

点评：电流表串联电阻起分压作用为电压表，电压表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．6、B【分析】【详解】

AB、玻璃皿中的液体相当于一段导体，该段导体通电后在磁场中发生运动，运动后产生反电动势，所以对于该段导体不再适用欧姆定律来计算通过电流，在玻璃皿中放入硫酸铜溶液，发现溶液旋转，此时电压表的示数为将图中的磁铁撤去后，发现电压表的示数变为由于万用表调至直流电压档，阻值大，所以因硫酸铜溶液旋转而产生的电动势约为故A错误，B正确；

C；步骤②中电压相比步骤①变大主要是因为磁铁撤去后；该段导体通电后没有产生反电动势，故C错误；

D；将硫酸铜溶液换成蒸馏水不能观察到蒸馏水的旋转现象；故D错误；

故选B．二、多选题(共8题，共16分)7、A:C【分析】【详解】

甲图中的等效电动势为：等效内阻为：乙图的等效电动势为：等效内阻：丙图的等效电动势为：等效内阻为：丁图的等效电动势：等效内阻：则：故AC正确．8、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动间接的反映了液体分子的热运动；故A错误；

B．单晶体的各向异性是由单晶体的内部结构决定的；故B正确；

C．理想气体的分子距离较大，一般大于10r0；其分子间作用力为0，分子势能为0，故C错误；

D．由于水分子的表面张力作用；在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，故D正确；

E．热量可以从低温物体传到高温物体；比如电冰箱；空调等是会引起其他变化而已，故E正确。

故选BDE。9、B:C【分析】【详解】

AB、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻功率P1=U1I1=0.75W．故选项A不符合题意；选项B符合题意；

C、灯泡L2的电压为U，电流为I，R与灯泡L2串联，则有在小灯泡的伏安特性曲线作图，如图所示；

则有L2的电阻为5Ω，L2消耗的电功率为0.2W；故选项C符合题意，选项D不符合题意；

故选BC．10、B:C【分析】【详解】

A.根据电容决定式：

下极板上移时，则d减小，可知C增大，因为电压不变，根据Q=UC可知；极板带电量增大，故A错误；

B.将平行板电容器的下极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强增大；油滴所受的电场力增大，则油滴将向上运动，故B正确；

C.场强E增大，而P点与上极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与上极板间电势差将增大，上极板的电势等于电源的电动势，保持不变，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低；故C正确；

D.由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低且大于零；则油滴的电势能将增加，故D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【详解】

AB.初态气体压强：添加沙粒后气体压强：对气体用波意尔定律得：解得A正确B错误。

CD.设活塞回到原来位置时气体温度为该过程为等压变化，有解得C错误D正确12、A:B【分析】【详解】

分析电子一个周期内的运动情况：0～T/4时间内，因B板电势高，则电子从静止开始向B板做匀加速直线运动，T/4～T/2时间内沿原方向做匀减速直线运动，T/2时刻速度为零。T/2～3T/4时间内向A板做匀加速直线运动，3T/4～T时间内向A板做匀减速直线运动。接着周而复始。根据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知，B图符合电子的运动情况。故B正确，C错误。电子做匀变速直线运动时x-t图象应是抛物线，故D错误。根据电子的运动情况：匀加速运动和匀减速运动交替产生，而匀变速运动的加速度不变，a-t图象应平行于横轴。故A正确。13、A:D【分析】【分析】

由图可知电路结构；根据滑片的移动明确电路中电阻的变化，由闭合电路欧姆定律明确电路中电流及电压的变化，再对局部电路进行分析得出电容器电压的变化，从而判断其电量的变化．

【详解】

由图可知，当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故电流表A示数减小；根据欧姆定律知，R2的电压减小，则电压表V2的读数减小．电压表V1的读数U1=E-I（R1+r），I减小，则U1增大．将R1、R2看成电源的内阻，由于等效电源的内电阻与RP的大小未知，不能判断RP消耗的功率变化．电容器的电压等于电压表V2的读数；则知电容器的电压减小，电量减少．故AD正确，BC错误．故选AD．

【点睛】

本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意明确动态电路的分析方法；掌握解题程序：局部-整体-局部．14、B:C【分析】【详解】

光电子的最大初动能与照射时间或照射强度无关，故D错误；最大初动能与入射光的频率有关，入射光子的频率越大，光电子从阴极逸出时最大初动能越大，所以改用比绿光频率更大的紫光、蓝光照射，以增大光电子从阴极逸出时的最大初动能，故A错误，BC正确．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]当

时，R1的电功率有最大值，为

（2）[3][4]当

时，有

（3）[5][6]当

时，有

（4）[7][8]当

时，有

（5）[9][10]当

时，有

【点睛】

本题考查电路中的定值电阻电功率、可变电阻电功率、电源内阻电功率、电源输出功率的计算，注意各种电功率的处理方法。【解析】00R2max16、A:C:D【分析】【详解】

A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长；故A错误；

BC、由知，b光在玻璃砖中传播速度较小；时间较长，故B正确，C错误；

D、由知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光；D错误；

E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确；

不正确的是故选ACD．

【点睛】

根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系；由比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短；由比较临界角的大小，临界角小的光最先消失；折射率越小，波长越长，越容易发生衍射．17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]气体从状态变化到状态的过程中，温度不变，内能不变；压强减小，根据理想气体状态方程

可知体积增大，对外做功，根据热力学第一定律

可知

即气体从状态a变化到状态b的过程；气体对外做的功等于气体从外界吸收的热量。

[2]由图可知a、c均在过原点的直线上，P-T图像的斜率为体积的倒数，所以气体在状态a的体积等于气体在状态b的体积；

[3]在bc过程中，等压变化，温度降低，内能减小△U＜0

温度降低，体积减小，外界对气体做功，根据

可得

bc过程中外界对气体做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da过程中，气体对外界做功

所以

在bc过程中外界对气体做的功等于在da过程中气体对外界做的功。【解析】等于等于等于18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小露珠由于表面张力呈现球形状；能在荷叶上滚动，是因为荷叶表面的不浸润。

[2]液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，则液体表面层分子间作用力表现为分子间引力，当分子间引力和斥力相等时分子势能最小，此时分子力表现为引力，分子间距离应大于最小分子势能对应的距离，故应是图像中的C点。【解析】①.表面张力/不浸润②.C19、略

【分析】【详解】

[1]过程I、II气体对外做的功分别为

由p−V图可知，所以即过程I对外做的功大于过程II对外做的功。

[2]理想气体在状态A和状态B的温度相同，内能不变（ΔU=0），由热力学第一定律得

解得

因为所以即过程I吸收的热量大于过程II吸收的热量。【解析】大于大于20、略

【分析】带电粒子未发生偏转则所以只改变该粒子的电性，粒子所受的电场力和洛伦兹力方向改变，但大小不变以，所以不会发生偏转【解析】不会21、略

【分析】【分析】

求电阻的真实值时，应考虑电表内阻的影响，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可．伏安法测电阻内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，满足时；电流表应用内接法．

【详解】

甲图中：电阻测量值：真实值为：乙图中：电阻测量值为：真实值为：比较它们的绝对误差可知，伏安法测时，采用内接法测量误差较小，所以电流表应用内接法较好．【解析】300290300333内接法22、略

【分析】【小题1】本题考察的是多普勒效应；凡是波源靠近观察者，观察者接收到的频率就会变大，远离观察者，接收到的频率就会变小，故AB正确。

【小题2】分析边缘光线a；如图：

由几何关系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，设为r；在△OBC中；

由勾股定理有：

进而求出

故半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径为【解析】【小题1】AB

【小题2】四、作图题(共3题，共6分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共18分)26、略

【分析】【详解】

物体处于失重状态，加速度方向向下，故而可能是减速上升或加速下降。【解析】可能是减速上升或加速下降27、略

【分析】【分析】

明确测量原理；知道电流表本身可以显示电流，再选择一个电表测量电压即可；根据安全性和准确性原则即可明确仪表及接法．

【详解】

（1）直径D为：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；长度L为：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根据题中给出的备用器材，应选择伏安法测量电流表的内阻．由于给出电压表量程过大，故应选择内阻已知的电流表A2作为电压表；选择保护电阻R与并联的两个电流表串联．由于电流表两端电压最大只有0.12V，滑动变阻器最大电阻只有5Ω，并且要求尽可能高的测量精度，并能测得多组数据；所以选择分压电路，电路图如图所示．

②根据欧姆定律可知待测电流表A1的内阻为：

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