2025年湘教新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的电场中，一个点电荷从P点由静止释放后，只在电场力的作用下向Q点运动；该点电荷（）

A.一定做加速度增大的变加速运动B.在Q点的加速度比在P点的大C.在P、Q两点的加速度相同D.一定带正电2、如图所示在两个对接的绝缘光滑斜面上，两个斜面的倾角分别是37°和53°。斜面上放置了电荷量相等的两个小球A和B（均看成质点），两小球静止在离斜面底端高度为的同一水平线上，已知小球A的质量为静电力常量为下列说法正确的是（）

A.小球B的电荷量为B.小球B的质量为C.小球B的受到斜面弹力的大小为D.增大小球的电荷量，小球B不可能与A静止在同一水平线上3、如图是描述通电直导线周围的磁场磁感线分布情况，其中正确的是（）A.立体图B.横截图C.横截面图D.纵切面图4、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度．下列操作可使指针张开角度增大一些的是

A.保持开关S闭合，将一块玻璃插入B两板间B.保持开关S闭合，将A极板向上移动一点C.断开开关S后，将B两极板分开一些D.断开开关S后，将一块金属板插入B两板间5、关于下列仪器或实验装置；说法正确的是（）

A.甲是验电器B.乙是静电计C.丙是库仑扭秤D.丁是固定电容器6、关于等势面的说法中不正确的是（）A.在电场中电势相等的各点构成的面叫作等势面B.电势相等的两点在同一个等势面上C.在同一个等势面上移动电荷时，静电力做功D.等势面一定跟电场线垂直7、一台电动机，线圈电阻为0.8Ω，当它两端所加电压为220V时，通过的电流为5A，关于此电动机，下列判断正确的是（）A.由于其电压电流电阻关系不符合欧姆定律，可以判断电动机已经损坏B.此电动机的发热功率为10WC.此电动机的输出功率为505WD.此电动机的效率约为98%评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、把正点电荷由a点沿电场线移到b点的过程中，关于电场力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法中正确的是（）A.电场力做正功，电势能增加B.电场力做正功，电势能减少C.电场力做负功，电势能增加D.电场力做负功，电势能减少9、如图所示，平行的实线代表电场线，方向未知，电荷量为的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由A点移到B点，动能损失了若A点电势为则（）

A.B点电势为零B.B点电势为C.电荷运动轨迹可能是图中曲线2D.电荷运动轨迹可能是图中曲线110、如图所示，将两个完全相同的圆形金属圆盘水平正对放置，两金属盘间距为d，使其带上等量异种电荷。现将一电荷量为的点电荷放置在上金属盘中心正上方的M点，M点到上金属盘中心的距离为d，此时两金属盘轴心中点处的N点电场强度恰好为0．已知静电力常量为k；忽略点电荷对两金属盘电荷分布的影响，则下列说法正确的是（）

A.上金属盘带负电B.点电荷产生的电场在N点处电场强度大小为C.两金属盘间电压的数值为D.上金属盘所带电荷产生的电场在N点处场强为11、如图所示，三个带电小球A、B、C可视为点电荷，所带电荷分别为+Q、-Q、+q；A；B固定在绝缘水平桌面上；C带有小孔，穿在摩擦因数处处相同的粗糙的绝缘直杆上，绝缘杆竖直放置在A、B连线的中点处，将C从杆上某一位置由静止释放，下落至桌面时速度恰好为零。C沿杆下滑时带电量保持不变，那么C在下落过程中，以下判断正确的是（）

A.所受摩擦力变大B.电势能不变C.电场力做正功D.下落一半高度时速度一定最大12、在x轴上坐标为－3L和3L的两点固定电荷量不等的两点电荷，坐标为3L处电荷带正电，电荷量大小为Q。两点电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中x＝L处电势最低，x轴上M、N两点的横坐标分别为－2L和2L；则（）

A.两点电荷为异种电荷B.同一检验电荷在M点受到电场力大于N受到的电场力C.坐标为－3L处电荷的电荷量大小为2QD.坐标为－3L处电荷的电荷量大小为4Q13、如图所示；两块正对平行金属板M；N与电池相连，N板接地，闭合开关S后，在距两板等距离的点有一个带负电的点电荷C恰好处于静止状态，如果要使点电荷C能够向上运动，则可采取的方法是（）

A.将R1的阻值增大B.将R2的阻值减小C.将M板向上平移一段距离D.将N板向上平移一段距离14、如图所示，和都是阻值为的定值电阻，R是滑动变阻器，电源内阻为r，和都是理想电压表和电流表，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由图示位置向左缓慢滑动时，分别表示电压表示数的变化量，表示电流表A的示数变化量；则下列说法中正确的是（）

A.表示数减小B.表示数减小C.D.电压表示数的变化量的绝对值小于电压表示数的变化量的绝对值15、下列说法正确的有（）A.医学上用激光切除肿瘤，利用的是激光亮度高的特点B.光学镜头增透膜的厚度等于入射光在真空中波长的C.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关D.红外线具有很强的穿透本领，常用来在医学上做人体透视16、如图所示甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成的电表；关于这两个电表的下列说法正确的是（）

A.甲表是电流表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R增大时量程增大D.乙表是电压表，R增大时量程减小评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、长为L的金属杆原来不带电，在距其左端r处放一个电荷量为q的点电荷，则金属杆中点处的场强为_____，金属杆上的感应电荷在杆中点处产生的场强大小为____，方向向____．

18、实线为电场线，虚线为等势面，且相邻等势面间的电势差相等，正电荷在等势面上时，具有动能它运动到等势面上时，动能为零。令那么，当该电荷的电势能为时，求它的动能是_____J。

19、真空中有两个相距0.18m的正点电荷是电荷量为正电荷，两个点电荷间的静电斥力则带___________（填“正电”或“负电”），电荷量为___________C．（静电力常量）20、平行的带电金属板间是匀强电场,如图所示,两板间距离是5两板间的电压是60

（1）.两板间的场强是________;

（2）.电场中有和两点,点离A板0.5点离B板也是0.5和两点间的电势差__________.21、如图所示，规格为“220V、44W”的排气扇，线圈电阻为40Ω，接上220V的电压后，通过排气扇的电流为________A；排气扇的发热功率为________W。

评卷人得分四、实验题(共4题，共8分)22、现有一合金制成的圆柱体.ρ为测量该合金的电阻率；现用伏安法测量圆柱体两端的电阻，用游标卡尺测量该圆柱体的长度，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，游标卡尺和螺旋测微器的示数如图甲和乙所示。

（1）由图读得圆柱体的长度为_______________cm，直径为_________________mm；

（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为______________。23、某同学为测定金属丝的电阻率ρ，设计了如图甲所示电路，电路中ab是一段电阻率较大、粗细均匀的电阻丝，保护电阻R0＝4.0Ω，电源的电动势E＝3.0V；电流表内阻忽略不计，滑片P与电阻丝始终接触良好。

（1）实验中用螺旋测微器测得电阻丝的直径d＝0.400mm。

（2）实验时闭合开关，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中aP长度x及对应的电流值I；实验数据如下表所示：

。x（m）

0.10

0.20

0.30

0.40

0.50

0.60

I（A）

0.49

0.43

0.38

0.33

0.31

0.28

（A－1）

2.04

2.33

2.63

3.03

3.23

3.57

①将表中数据描在－x坐标纸中，如图乙所示，作出其关系图线__________，图象中直线的斜率的表达式k＝__________（用题中字母表示），由图线求得电阻丝的电阻率ρ＝__________Ω·m（保留两位有效数字）。

②根据图乙中－x关系图线纵轴截距的物理意义，可求得电源的内阻为r＝__________Ω（保留两位有效数字）。24、某物理兴趣小组在学习了电表的改装后；将图甲所示的电流表分别改装成了图乙所示的欧姆表和图丙所示的电压表。

(1)电流表的量程为1mA，内阻为100Ω，按照图丙所示将其改装成一个量程为3V的电压表，则需串联的电阻R2=______Ω；

(2)该小组同学将电流表改装成图乙所示的欧姆表后，其表盘上的刻度如图丁所示。弧AB为以指针轴O为圆心的弧，两表笔分开时指针指A，接触时指针指B，C为弧AB的中点，D和F分别为弧AC和弧CB的中点。已知改装后欧姆表的总电阻为R=4.8kΩ，电流表指针偏转角度与电流大小成正比，则刻度盘上D点所对应的电阻为RD=______kΩ，F点所对应的电阻为RF=______kΩ；

(3)该小组同学用图乙的欧姆表，按正确方法测量一未知阻值的电阻时，指针刚好指在刻度盘上的C点。若该欧姆表使用一段时间后，电源的电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确测量方法再次测量同一个电阻，则指针位置______（填“在C点”“在C点左边”或“在C点右边”）；

(4)该小组将甲、乙、丙所示的电流表、欧姆表和电压表整合成一个多用电表，要求单刀多掷开关接1时成为图甲所示的电流表，接2时成为图乙所示的欧姆表，接3时成为图丙所示的电压表，请将虚线框中的电路图(图戊)补充完整。______

25、某兴趣小组为了测量电动车上电池的电动势（约为）和内阻r（约为），需要将一个量程为的电压表（内阻约为）改装成量程为的电压表；然后再测量电池的电动势和内阻。以下是该实验的操作过程。

（1）由于不知道该电压表内阻的确切值，该兴趣小组将一个最大阻值为的电位器（视为可变电阻）与电压表串联后；利用如图甲所示的电路进行改装，请完成③的填空。

①将总阻值较小的滑动变阻器的滑片P移至最右端；同时将电位器的阻值调为零；

②闭合开关S，将滑片P向左移动，使电压表的示数为

③保持滑片P的位置不变，调节电位器，使电压表的示数为___________V；

④不再改变电位器的阻值；保持电压表和电位器串联，撤去其他电路就得到改装后的电压表。

（2）用改装后的电压表接入电路测量已知电压时，其示数总是___________（选填“大于”；“等于”或“小于”）真实值。

（3）通过调整使改装后的电压表准确。该兴趣小组利用一个电阻箱和改装后的电压表（电压表的表盘没有改变，读数记为U）连接成如图乙所示的电路来测量该电池的电动势和内阻。

该小组首先得出了与的关系式为___________（用E、r和U表示），然后根据测得的电阻值R和电压表的读数U作出图像如图丙所示，则该电池的电动势___________V、内阻___________

评卷人得分五、解答题(共3题，共15分)26、如图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为＋Q和－Q，A、B相距为2d．MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布．），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v．已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g．求：

（1）C、O间的电势差UCO；

（2）O点处的电场强度E的大小及小球p经过O点时的加速度；

27、如图所示，A、B、C是匀强电场中的三点，已知A="10"V，B="4"V，C＝－2V，∠A=30°，∠B=90°，AC=4cm；试确定：

（1）该电场中的一条电场线．

（2）场强E的大小．28、如图所示，虚线MN、PQ之间存在水平向右的匀强电场，两虚线间距离为d。一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，从a点由静止释放，经电压为U的电场加速后，由b点垂直进入水平匀强电场中，从MN上的某点c（图中未画出）离开；其速度与电场方向成45°角。不计粒子的重力，求：

（1）粒子刚进入水平匀强电场时的速率v0；

（2）水平匀强电场的场强大小E；

（3）bc两点间的电势差Ubc。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

【详解】

由图象知点电荷从P点由静止释放后，只在电场力作用下向Q点运动，该点电荷带正电，电场线疏密表示场强大小，P点电场线更密，故P点的电场强度更大，所以P点加速度较大；故该点电荷做加速度减小的变加速运动，故D正确，ABC错误。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

依题意；对小球AB受力分析如图所示。

小球A受到重力斜面支持力B对A的库仑力小球B受到重力斜面支持力A对B的库仑力

B．把小球A作为研究对象；由三力平衡可得。

同理；把小球B作为研究对象，由三力平衡可得。

根据牛顿第三定律知。

联立可求得；小球B的质量为。

故B正确；

A．设小球B所带电荷量为把小球B作为研究对象，由三力平衡可得。

因为。

由几何知识得。

联立以上式子求得；B的电荷量为。

故A错误；

C．根据三力平衡；可求得小球B的受到斜面弹力的大小为。

故C错误；

D．增大小球的电荷量；它们之间的库仑力增大，两小球将沿斜面上移，从而库仑力减小，此时两小球静止在同一水平线上，同样可以满足三力平衡，故D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

根据安培定则可知；ABD图中的磁感线方向与图示方向相反，只有图C是正确的；

故选C。4、C【分析】【详解】

AB：保持开关S闭合；电容器两端电压等于电源的电动势，静电计两端的电势差不变，静电计指针张开角度不变．

C：断开开关S后，电容器所带电荷量不变，将A、B两极板分开一些，电容器的电容减小，电容器两极板间电压增大；静电计两端的电势差变大，静电计指针张开角度变大．

D：断开开关S后，电容器所带电荷量不变，将一块金属板插入A、B两板间，电容器的电容增大，电容器两极板间电压减小；静电计两端的电势差变小，静电计指针张开角度变小．

综上，可使指针张开角度增大一些的是C项．5、C【分析】【详解】

A．甲是静电计；故A错误；

B．乙是验电器；故B错误；

C．丙是库仑扭秤；故C正确；

D．丁是可变电容器；故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

AB．在电场中电势相等的各点构成的面叫作等势面；故AB正确；

CD．在同一个等势面上移动电荷时，根据公式

若在同一等势面上移动，UAB=0；所以静电力不做功，因此电场力一定与等势面垂直，即等势面一定跟电场线垂直，故C错误，D正确。

故选C。7、D【分析】【详解】

A．电动机是非纯电阻电路；对欧姆定律不适用，虽然其电压电流电阻关系不符合欧姆定律，不能判断电动机已经损坏，选项A错误；

B．此电动机的发热功率为

选项B错误；

C．电动机输入功率P=IU=1100W

则此电动机的输出功率为P出=P-P热=1080W

选项C错误；

D．此电动机的效率约为

选项D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)8、B:C【分析】【分析】

【详解】

电场力做功等于电势能的变化量；顺着电场线电场力做正功，电势能减小，逆着电场线电场力做负功，电势能增加。

故选BC。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．根据动能定理，有

整理，可得

又因为

解得

故A正确；B错误；

CD．带正电的微粒仅受电场力作用；从A点运动到B点时动能损失了0.1J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹内侧，故微粒的运动轨迹如图虚线1所示。故C错误；D正确；

故选AD。10、A:C【分析】【详解】

A．两金属圆盘可视为平行板电容器，由于M点处的正电荷在N点产生的场强方向向下，且N点的合场强为零；所以两盘间场强方向应向上，所以下金属盘带正电，故A正确；

BD．N点的合场强为零，所以点电荷与两金属盘在N点处的场强均为

由于两金属盘间产生的电场为匀强电场，板间N点场强为上金属盘和下金属盘在N点产生场强的合场强，根据对称性可知，上金属盘在N点产生的场强为

故BD错误；

C．根据可知，两金属盘电压数值为

故C正确。

故选AC。11、A:B【分析】【详解】

A．AB为等量异种点电荷，故产生的电场在AB连线垂直平分线上，从垂足向两侧场强逐渐减小，且为等势面，电荷C在下滑的过程中，受到的电场力为F=qE，将逐渐增大，受到的摩擦力为f=μF=μqE；故受到的摩擦力增大，故A正确；

BC．小球在下滑过程中沿等势面运动；故电场力不做功，电势能不变，故B正确，C错误；

D．滑块C的速度先增加后减小，开始时重力大于摩擦力，C的加速度向下；后来重力小于摩擦力，加速度向上，C做减速运动；当摩擦力等于重力时加速度为零；此时速度最大，但是此位置不一定在下落的高度一半的位置，故D错误；

故选AB。12、B:D【分析】【详解】

A．正电荷周围的电势为正；负电荷周围的电势为负，因此由图可知，两点电荷均为正电荷，故A错误；

B．在x轴上坐标为－3L和3L的两点固定电荷均为正电荷，在M点处的合场强为

在N点处的合场强为

在M点处的合场强大于在N点处的合场强，故由

可知同一检验电荷在M点受到电场力大于N受到的电场力；故B正确；

CD．在x＝L处电势最低，此处图线的斜率为0，即该点的合场强为0，设坐标为-3L处电荷的电荷量大小为则有

解得

故C错误；D正确。

故选BD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

要使点电荷C能够向上运动，则点电荷C受到的电场力增大，根据F=qE知，板间场强变大，由公式可知，要增加U或减小d，因与电源相连，所以可增大R1的阻值，或将M、N板平移；减小板间距。

故选AD。14、B:C:D【分析】【详解】

AB．R的滑片向左缓慢滑动时，R的阻值减小，利用闭合电路欧姆定律结论“并同串反”知：表示数增大，表示数减少；故A错误，B正确；

D．R减小，回路总阻值减小，总电流增大，r和R分压变大，减小，可知的绝对值小于的绝对值；故D正确；

C．设流经的电流为流经的电流为流经的电流为则

由闭合电路欧姆定律有

联立解得

可得

故C正确。

故选BCD。15、A:C【分析】【详解】

A．激光的其中一个特点是亮度高；把激光束汇聚起来照射到物体上，可以使物体的被照部分在极短时间内熔化，医学上用激光作“光刀”来切除肿瘤是应用了激光亮度高的特点，故A正确；

B．增透膜是利用光的干涉原理制成的，当光程差为光在膜中波长的一半时，出现反射光减弱，减少光的反射损失，从而增加光的透射，则增透膜的厚度应为入射光在增透膜中波长的故B错误；

C．由黑体辐射规律可知；辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，故C正确；

D．X射线都有很高的穿透本领；常用于医学上透视人体；红外线具有明显的热效应，用于加热物体，故D错误。

故选AC。16、B:C【分析】【详解】

AB．由甲图所示可知，与电阻并联，该是电流表，增大，的分流较小；电流表量程减小，故A错误，B正确；

CD．由乙图所示可知，与电阻串联，该表是电压表，增大时；变阻器分担的电压增大，电压表量程增大，故C；D错误；

故选B。三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

物体带电有接触起电；有感应带电，有摩擦起电．对于感应带电，是利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原理．

【详解】

在距其左端r处放一个电荷量为q的点电荷。

因处于静电平衡；则金属杆中点处的场强为E=0；

当水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内距离左端处产生的场强大小与一带电量为q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等；则有：

由于该处的电场强度为零，所以方向与一带电量为Q的点电荷在该处产生的电场强度的方向相反，即水平向左．【解析】0；；水平向左；18、略

【分析】【分析】

【详解】

由题可知，正电荷在等势面上时动能20J，在等势面上时动能为零，动能的减小量为20J，由于相邻等势面间的电势差相等，电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，动能减小量相等，则电荷经经过等势面时的动能为10J，又所以电荷的动能与电势能的总量为10J，根据能量守恒定律得到，电势能为3J时它的动能为7J。【解析】719、略

【分析】【详解】

[1]根据同种电荷相互排斥，由于带正电荷，则带正电荷；

[2]根据库仑力表达式

可得【解析】正电20、略

【分析】【详解】

（1）[1]．两板间是匀强电场，故场强为：=1200V/m；

（2）[2]．P1、P2两点间沿着场强方向的距离：d′=4cm

故UP1P2=Ed′=1.2×103×4×10-2=48V；【解析】48V21、略

【分析】【详解】

[1]根据

知，该排气扇正常工作时的电流为

[2]由焦耳定律知，该排气扇的发热功率为【解析】0.2A1.6W四、实验题(共4题，共8分)22、略

【分析】【详解】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为10.3cm，游标尺读数为

所以最终读数为

[2]螺旋测微器的固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

(2)[3]由欧姆定律

和电阻定律

解得【解析】10.3551.196（1.195~1.197均可）23、略

【分析】【分析】

【详解】

（2）[1]根据数据绘图如下。

①[2]图象为一条不过原点的倾斜直线．由闭合电路的欧姆定律。

I=变化为。

由电阻定律。

代入上式得。

可看出与x是一次函数关系；函数图象直线的斜率。

[3]由图象中的数据算出直线的斜率；再将有关数据代入斜率表达式即可求得。

ρ＝1.0×10－6Ω·m(1.0×10－6～1.3×10－6均可))②[4]在函数。

中这一项是直线在纵轴上的截距；从图象中读出截距并将有关数据代入计算可得电源内阻。

r＝1.0Ω(0.8～1.3均可)【解析】见解析1.0×10－6～1.3×10－60.8～1.324、略

【分析】【详解】

(1)[1]电流表满偏的电压为

由于改装之后的量程为3V，所以量程扩大的倍数为n=30，故需要串联的电阻阻值为

(2)[2]当指针偏转到D点时，流过电流表的电流为满偏电流Ig的四分之一，则

两式联立可解得RD=3R=14.4kΩ

[3]当指针指到F点时，此时流过电流表的电流为则

可解得RF=1.6kΩ

故刻度盘上D点对应的电阻为RD=14.4kΩ，F点对应的电阻为RF=1.6kΩ。

(3)[4]当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆表需要重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式可知，滑动变阻器的阻值需要调小